Informatikos pagrindai: pasiruošimo paketas

Formulių lapai, pagrindiniai kiekvienos temos metodų žingsniai ir 20 uždavinių, o pilni sprendimai pateikti gale.

Nauji uždaviniaiAtgal į kursą

Spausdinimo lange pasirinkite „Išsaugoti kaip PDF“, kad nuosavą kopiją išsaugotumėte savo įrenginyje.

1Formulės ir metodai

Skaičiavimo sistemos

Pozicijų vertės
dvejetainė 2k, aštuntainė 8k, šešioliktainė 16k
Į dešimtainę
Σ dk·bk
Iš dešimtainės
dalykite iš pagrindo, liekanas skaitykite iš apačios į viršų
Šešioliktainė ↔ dvejetainė
vienas šešioliktainis skaitmuo = 4 bitai
Papildomasis kodas
invertuokite bitus ir pridėkite 1

Teiginių logika ir įrodymai

Teisingumo lentelės eilutės
2ⁿ
Implikacija
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikacijos neigimas
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Ekvivalencija
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgano dėsniai
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributyvumo dėsniai
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Kvantorių neigimas
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metodas

  1. Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
  2. Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
  3. Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
  4. Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
  5. Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.

Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų

Metodas

  1. Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
  2. Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
  3. Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
  4. Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.

Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metodas

  1. Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
  2. Didžiausiam bendrajam dalikliui kartokite dalybą Euklido algoritmu; paskutinė nenulinė liekana yra DBD.
  3. Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
  4. Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
  5. Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafų teorija

Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij

Metodas

  1. Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
  2. Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
  3. Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
  4. Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
  5. Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).

IPv4 potinkliai

Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n

2Uždaviniai

1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
8 bitų papildomasis kodas0−12806403201608040201

Nustatykite bitus, kad jie saugotų −5 8 bitų dvejetainiu papildomuoju kodu. Skaitant kaip skaičių be ženklo, kokia šablono reikšmė U?

N = −58 bit
U =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
spustelėkite bitus, kad juos nustatytumėte012806403201608040201

Nustatykite bitus pagal 8 bitų rezultatą 0100 0110 << 2. Kokia rezultato reikšmė R dešimtainėje sistemoje?

0100 0110<< 2
R =
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
¬c ∧ ¬a¬c ∨ ¬a¬c ∨ a¬c ∧ a

Kuri formulė yra logiškai ekvivalenti ¬(c ∧ a)? Spustelėkite ją.

¬(c ∧ a)
  1. 1¬c ∧ ¬a
  2. 2¬c ∨ ¬a
  3. 3¬c ∨ a
  4. 4¬c ∧ a
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
bc¬b ∧ c¬b

Duotos prielaidos b → c; ¬c. Kokia išvada iš jų išplaukia? Spustelėkite ją.

b → c¬c
  1. 1b
  2. 2c
  3. 3¬b ∧ c
  4. 4¬b
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
ABC000111100101324576

Supaprastinkite F = AC′ + ABC′ + A′B′C + AB iki minimalios sandaugų sumos formos. Kiek literalų L turi supaprastinta išraiška?

F = AC′ + ABC′ + A′B′C + AB
L =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
ABCD000111100001111010X103120415X7060120130150141819111110

Raskite minimalią F(A, B, C, D) = Σm(0, 2, 5, 8, 9, 10, 11) + d(1, 7) SOP formą, kur d žymi nesvarbias sąlygas. Kiek literalų L ji turi?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 2, 5, 8, 9, 10, 11) + d(1, 7)
L =
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis

Raskite 16 atvirkštinį moduliu 71: skaičių x, kur 0 < x < 71 ir 16·x ≡ 1 (mod 71).

a = 16n = 71
16−1 mod 71 =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus

Kartotiniu kėlimu kvadratu raskite 83151 mod 86.

a = 83k = 151n = 86
83151 mod 86 =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis

Kam lygus rekurentinės lygties T(n) = T(n − 1) + O(n) sprendinys?

  1. AO(2ⁿ)
  2. BO(n²)
  3. CO(n)
  4. DO(n log n)
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus

Ką nustatė Cooko–Levino teorema?

  1. AStabdymo problema yra neišsprendžiama
  2. BP nelygu NP
  3. CLoginio įvykdomumo uždavinys (SAT) yra NP-pilnas
  4. DKiekvieną NP uždavinį galima išspręsti per eksponentinį laiką
11.Duomenų struktūrosVidutinis

Raktai 50, 30, 70, 20, 40 šia tvarka įterpiami į tuščią dvejetainį paieškos medį. Koks yra 30 kairysis vaikas?

  1. A50
  2. B20
  3. C40
  4. D70
12.Duomenų struktūrosSunkus

Kurią savybę turi tenkinti raudonai juodas medis?

  1. AŠaknis turi būti raudona
  2. BKiekviename kelyje nuo mazgo iki jo palikuonių lapų yra vienodas juodų mazgų skaičius
  3. CKiekvienas mazgas turi būti raudonas
  4. DKiekvienas raudonas mazgas turi turėti raudonus vaikus, todėl raudoni mazgai visada sudaro nenutrūkstamas grandines iki lapų
13.Grafų teorijaVidutinis
ABCDEOilerio ciklasOilerio kelias, ne ciklasnei viena

Ar jungus grafas turi Oilerio ciklą, Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, ar nei vieno? Spustelėkite savo atsakymą.

|V| = 5|E| = 6
  1. 1Oilerio ciklas
  2. 2Oilerio kelias, ne ciklas
  3. 3nei viena
14.Grafų teorijaSunkus
8911148159976ABCDEFG

Dijkstros algoritmu raskite trumpiausio kelio nuo A iki F svertiniame grafe ilgį d(F).

pradžia: Apabaiga: F
d(F) =
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis

Ką suteikia bendrasis lentelės reiškinys (WITH name AS (...))?

  1. ANuolatinę lentelę, saugomą diske, kol ji panaikinama
  2. BPavadintą laikiną rezultatą, kurį galima naudoti viename sakinyje
  3. CStulpelio indeksą
  4. DNaują duomenų bazės naudotoją
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus

Kodėl užklausa su WHERE YEAR(order_date) = 2025 gali nenaudoti stulpelio order_date indekso?

  1. AIndeksai niekada neveikia su datomis
  2. BFunkcijos taikymas stulpeliui neleidžia atlikti paprastos intervalinės paieškos indekse
  3. CIndeksas pagal order_date naudojamas tik ORDER BY sąlygoms, niekada WHERE
  4. DYEAR nėra galiojantis SQL
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis

Kuo būseną sekanti ugniasienė skiriasi nuo paprasto paketų filtro?

  1. AJi blokuoja visą įeinantį srautą be išimčių, įskaitant atsakymus į siunčiamas užklausas
  2. BJi šifruoja kiekvieną persiunčiamą paketą
  3. CJi seka ryšius ir leidžia atsakymus, priklausančius užmegztiems seansams
  4. DJi tikrina tik kiekvieno kadro MAC adresą
18.Kompiuterių tinklaiSunkus

Kodėl naršyklė įspėja, kai svetainė pateikia savarankiškai pasirašytą sertifikatą?

  1. AJokia patikima sertifikavimo įstaiga nepatvirtina, kad raktas priklauso tai svetainei
  2. BSavarankiškai pasirašyti sertifikatai visai nenaudoja šifravimo, todėl srautas siunčiamas atviru tekstu
  3. CSvetainė turi naudoti HTTP, o ne HTTPS
  4. DSertifikatas visada būna pasibaigęs
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
255.255.255.22411111111111111111111111111100000tinklo bitaimazgo bitai

Potinklio kaukė yra 255.255.255.224. Kiek naudojamų mazgų adresų H jame yra?

255.255.255.224
H =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
trečiasis oktetas 136 … 139112806403201618040201bendriskiriasi

Maršrutizatorius turi maršrutus į šiuos tinklus: 10.250.136.0/24, 10.250.137.0/24, 10.250.138.0/24, 10.250.139.0/24. Koks ilgiausias vieno apibendrinto maršruto, apimančio juos visus, prefikso ilgis p?

10.250.136.0/24 … 10.250.139.0/24
p =

3Tirpalai

1.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: U = 251

Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.

Invertuokite ir pridėkite vienetą

5 = 0000 0101
invertuota: 1111 1010
+1 → 1111 1011

Perskaitykite be ženklo

1111 1011₂ = 256 − 5 = 251

Atsakymas

U = 251
2.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: R = 24

Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.

Bitas po bito

Postūmis kairėn 2 perkelia kiekvieną bitą 2 pozicijomis į kairę; bitai, iškritę iš kairiojo galo, prarandami, o dešinėje įeina nuliai.

0100 0110 << 2
= 0001 1000

Rezultato reikšmė

0001 1000₂ = 24

Atsakymas

R = 24
3.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: ¬c ∨ ¬a

Loginis ekvivalentumas: dvi formulės yra ekvivalenčios (≡), kai kiekvienoje teisingumo lentelės eilutėje turi tą pačią reikšmę. Tautologija yra 1 kiekvienoje eilutėje, prieštara – 0 kiekvienoje eilutėje, o kontingencija nėra nei viena, nei kita. Naudingi dėsniai: De Morgano, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ir ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozicija); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ir distributyvumo dėsniai, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Dėsnis

De Morgano dėsnis: ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b. ∧ virsta ∨ ir abi dalys paneigiamos.
¬(c ∧ a) ≡ ¬c ∨ ¬a

Patikrinkite teisingumo lentele

a = 1, c = 1: 0 | 0 0 1 0
a = 1, c = 0: 1 | 0 1 1 1
a = 0, c = 1: 1 | 0 1 0 0
a = 0, c = 0: 1 | 1 1 1 0

Atsakymas

¬c ∨ ¬a

Stulpeliai po brūkšniu yra variantai pateikta tvarka.

4.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: ¬b

Kvantoriai ir argumentai: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ir ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Perkelkite neigimą į vidų, sukeiskite kiekvieną kvantorių, pro kurį jis praeina, o vidinę formulę paneikite teiginių logikos dėsniais, pavyzdžiui, ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Argumentas yra teisingas (galiojantis), kai išvada lygi 1 kiekvienoje eilutėje, kurioje visos prielaidos lygios 1. Viena eilutė su teisingomis prielaidomis ir klaidinga išvada yra kontrapavyzdys ir rodo, kad argumentas negalioja.

Eilutės, kuriose visos prielaidos teisingos

b = 0, c = 0: b = 0, c = 0, ¬b ∧ c = 0, ¬b = 1

Išvada

¬b (modus tollens)

Atsakymas

¬b
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: L = 7

Būlio algebra: išraiškas supaprastinančios taisyklės yra X + X′ = 1 ir X·X′ = 0, X + X = X, sugėrimas X + X·Y = X, jungimo taisyklė X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y ir konsensuso teorema XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. De Morgano dėsniai (X·Y)′ paverčia X′ + Y′, o (X + Y)′ – X′·Y′. Karno žemėlapis šias taisykles taiko grafiškai: kiekviena dviejų gretimų langelių grupė yra vienas XY + XY′ = X taikymas.

Išraiškos mintermos

AC′ → m(4, 6)
ABC′ → m(6)
A′B′C → m(1)
AB → m(6, 7)
ABC00011110010011030214051716

Sugrupuokite ir nuskaitykite

F = AC′ + AB + A′B′C

Suskaičiuokite literalus

L = 7

Atsakymas

L = 7
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: L = 7

Karno žemėlapiai: langeliai išdėstyti Grejaus kodu (00, 01, 11, 10), todėl gretimi langeliai, įskaitant esančius per kraštus, skiriasi tiksliai vienu kintamuoju. Sugrupuokite vienetus į 1, 2, 4, 8 arba 16 langelių stačiakampius, kuo didesnius ir kuo mažiau, kol bus padengtas kiekvienas vienetas. Kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys: kintamieji, kurie joje nesikeičia. 2ᵏ langelių grupė netenka k kintamųjų. Nesvarbias reikšmes (X) galima naudoti grupėms didinti, bet jų dengti nebūtina. Grupuojant nulius, gaunama minimali POS forma.

Pagrindiniai implikantai

Didžiausios grupės, kurias galima sudaryti iš vienetų ir X.

B′D′, B′C′, A′C′D, AB′, A′BD
ABCD000111100001111010X103120415X7060120130150141819111110

Minimalus dengimas

F = B′D′ + A′C′D + AB′
L = 7

Atsakymas

L = 7

Egzistuoja kitas to paties dydžio grupavimas; jis turi tiek pat narių ir literalų.

7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: 16−1 mod 71 = 40

Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Išplėstinis Euklido algoritmas

Kiekviena liekana r užrašoma kaip r ≡ t·16 (mod 71).

r = 71, t = 0
r = 16, q = 4, t = 1
r = 7, q = 2, t = −4
r = 2, q = 3, t = 9
r = 1, q = 2, t = −31

Atvirkštinė

1 ≡ −31·16 (mod 71)
x = 40
patikra: 16·40 = 640 = 9·71 + 1

Atsakymas

16−1 mod 71 = 40
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: 83151 mod 86 = 81

Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.

Dvejetainis rodiklis

151 = 100101112 = 128 + 16 + 4 + 2 + 1

Kartotinis kėlimas kvadratu

831 ≡ 83 (mod 86)
832 ≡ 9 (mod 86)
834 ≡ 81 (mod 86)
838 ≡ 25 (mod 86)
8316 ≡ 23 (mod 86)
8332 ≡ 13 (mod 86)
8364 ≡ 83 (mod 86)
83128 ≡ 9 (mod 86)

Sudauginkite reikalingus laipsnius

83151 ≡ 83·9·81·23·9 ≡ 81 (mod 86)

Atsakymas

83151 mod 86 = 81
9.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: B · O(n²)

Kodėl tai yra atsakymas

Darbas susumuoja iki maždaug n² / 2; tai rikiavimo išrinkimu arba greitojo rikiavimo su blogiausiu atraminiu elementu rekurentinė lygtis.

Atsakymas

B · O(n²)
10.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: C · Loginio įvykdomumo uždavinys (SAT) yra NP-pilnas

Kodėl tai yra atsakymas

Cookas ir Levinas nepriklausomai parodė, kad kiekvienas NP uždavinys per polinominį laiką redukuojamas į SAT, todėl SAT tapo pirmuoju žinomu NP-pilnu uždaviniu.

Atsakymas

C · Loginio įvykdomumo uždavinys (SAT) yra NP-pilnas
11.Duomenų struktūros

Atsakymas: B · 20

Kodėl tai yra atsakymas

20 mažesnis už 50 ir mažesnis už 30, todėl tampa 30 kairiuoju vaiku; 40 tampa jo dešiniuoju vaiku.

Atsakymas

B · 20
12.Duomenų struktūros

Atsakymas: B · Kiekviename kelyje nuo mazgo iki jo palikuonių lapų yra vienodas juodų mazgų skaičius

Kodėl tai yra atsakymas

Raudonai juodo medžio taisyklės: mazgai raudoni arba juodi, šaknis juoda, raudonų mazgų vaikai juodi, o visų kelių juodasis aukštis vienodas, todėl aukštis ≤ 2 log₂(n + 1).

Atsakymas

B · Kiekviename kelyje nuo mazgo iki jo palikuonių lapų yra vienodas juodų mazgų skaičius
13.Grafų teorija

Atsakymas: Oilerio ciklas

Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.

Laipsniai

deg(A) = 2, deg(B) = 4, deg(C) = 2, deg(D) = 2, deg(E) = 2

Nelyginės viršūnės

0
Oilerio ciklas

Atsakymas

Oilerio ciklas
14.Grafų teorija

Atsakymas: d(F) = 34

Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.

Dijkstra etapas po etapo

Kiekviena eilutė: užfiksuota viršūnė, jos galutinis atstumas ir kaimynai, kurių atstumas pagerėja.

A (0): B: 8
B (8): C: 17, D: 19
C (17): E: 31, G: 26
D (19): E: 27, F: 34
G (26)
E (27)
F (34)

Trumpiausias kelias

A → B → D → F
d(F) = 34

Atsakymas

d(F) = 34
15.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: B · Pavadintą laikiną rezultatą, kurį galima naudoti viename sakinyje

Kodėl tai yra atsakymas

CTE suteikia použklausai pavadinimą, todėl sudėtingas užklausas lengviau skaityti, ir į jį galima kreiptis kelis kartus tame pačiame sakinyje.

Atsakymas

B · Pavadintą laikiną rezultatą, kurį galima naudoti viename sakinyje
16.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: B · Funkcijos taikymas stulpeliui neleidžia atlikti paprastos intervalinės paieškos indekse

Kodėl tai yra atsakymas

Ši išraiška nėra „sargable“; naudojant order_date >= '2025-01-01' AND order_date < '2026-01-01' galima atlikti intervalinį indekso skenavimą.

Atsakymas

B · Funkcijos taikymas stulpeliui neleidžia atlikti paprastos intervalinės paieškos indekse
17.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: C · Ji seka ryšius ir leidžia atsakymus, priklausančius užmegztiems seansams

Kodėl tai yra atsakymas

Būseną sekanti ugniasienė saugo aktyvių ryšių lentelę, todėl grįžtamasis srautas leidžiamas automatiškai. Būsenos nesekantis filtras kiekvieną paketą vertina atskirai.

Atsakymas

C · Ji seka ryšius ir leidžia atsakymus, priklausančius užmegztiems seansams
18.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: A · Jokia patikima sertifikavimo įstaiga nepatvirtina, kad raktas priklauso tai svetainei

Kodėl tai yra atsakymas

Naršyklės pasitiki sertifikatais, kuriuos tiesiogiai ar per grandinę pasirašė jų pasitikėjimo saugykloje esančios sertifikavimo įstaigos. Savarankiškai pasirašytą sertifikatą galėtų sukurti bet kas, pvz., tarpininkas užpuolikas.

Atsakymas

A · Jokia patikima sertifikavimo įstaiga nepatvirtina, kad raktas priklauso tai svetainei
19.IPv4 potinkliai

Atsakymas: H = 30

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Prefikso ilgis

255.255.255.224 = /27

Naudojami mazgai

25 − 2 = 30

Atsakymas

H = 30
20.IPv4 potinkliai

Atsakymas: p = 22

Maršrutų apibendrinimas: apibendrintas maršrutas a.b.c.0/p apima visus tinklus, kurių pirmieji p bitai sutampa. Pirmojo ir paskutinio tinklo besiskiriantį oktetą užrašykite dvejetainiu pavidalu; bendrų pradinių bitų skaičius, pridėjus ankstesnių oktetų bitus, yra ilgiausias apibendrinimo prefiksas.

Palyginkite bitus

136 = 10001000
139 = 10001011
bendri pradiniai bitai: 6

Prefikso ilgis

p = 16 + 6 = 22

Atsakymas

p = /22

Apibendrintas maršrutas: 10.250.136.0/22

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals