Informatikos pagrindai: pasiruošimo paketas

Formulių lapai, pagrindiniai kiekvienos temos metodų žingsniai ir 20 uždavinių, o pilni sprendimai pateikti gale.

Nauji uždaviniaiAtgal į kursą

Spausdinimo lange pasirinkite „Išsaugoti kaip PDF“, kad nuosavą kopiją išsaugotumėte savo įrenginyje.

1Formulės ir metodai

Skaičiavimo sistemos

Pozicijų vertės
dvejetainė 2k, aštuntainė 8k, šešioliktainė 16k
Į dešimtainę
Σ dk·bk
Iš dešimtainės
dalykite iš pagrindo, liekanas skaitykite iš apačios į viršų
Šešioliktainė ↔ dvejetainė
vienas šešioliktainis skaitmuo = 4 bitai
Papildomasis kodas
invertuokite bitus ir pridėkite 1

Teiginių logika ir įrodymai

Teisingumo lentelės eilutės
2ⁿ
Implikacija
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikacijos neigimas
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Ekvivalencija
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgano dėsniai
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributyvumo dėsniai
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Kvantorių neigimas
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metodas

  1. Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
  2. Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
  3. Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
  4. Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
  5. Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.

Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų

Metodas

  1. Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
  2. Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
  3. Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
  4. Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.

Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metodas

  1. Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
  2. Didžiausiam bendrajam dalikliui kartokite dalybą Euklido algoritmu; paskutinė nenulinė liekana yra DBD.
  3. Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
  4. Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
  5. Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafų teorija

Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij

Metodas

  1. Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
  2. Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
  3. Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
  4. Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
  5. Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).

IPv4 potinkliai

Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n

2Uždaviniai

1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
8 bitų papildomasis kodas?−128?64?32?16?8?4?2?1

Užrašykite −13 kaip 8 bitų papildomojo kodo seką. Perskaitykite seką kaip dvejetainį skaičių be ženklo: kokia jo reikšmė U dešimtainėje sistemoje?

N = −138 bit
U =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
spustelėkite bitus, kad juos nustatytumėte012806403201608040201

Nustatykite bitus pagal 8 bitų rezultatą 1101 0010 << 3. Kokia rezultato reikšmė R dešimtainėje sistemoje?

1101 0010<< 3
R =
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
abc¬c¬c → a((a ∨ c) → b) → (¬c → a)111?110?101?100?011?010?001?000?

Kiek iš 8 teisingumo lentelės eilučių ((a ∨ c) → b) → (¬c → a) yra teisinga? Pažymėkite šį skaičių N.

((a ∨ c) → b) → (¬c → a)
N =
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
∀x P(x)∃x P(x)∃x ¬P(x)∀x ¬P(x)

Kuris teiginys yra ekvivalentus ¬∃x P(x), kai neigimas perkeltas iki pat vidaus? Spustelėkite jį.

¬∃x P(x)
  1. 1∀x P(x)
  2. 2∃x P(x)
  3. 3∃x ¬P(x)
  4. 4∀x ¬P(x)
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
ABC000111100101324576

Supaprastinkite F = AB′C′ + B′C + ABC iki minimalios sandaugų sumos formos. Kiek literalų L turi supaprastinta išraiška?

F = AB′C′ + B′C + ABC
L =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
FFQ0​Q0​FFQ1​Q1​FFQ2​Q2​FFQ3​Q3​FFQ4​Q4​FFQ5​Q5​CLKMOD-50

Mod-50 skaitiklis turi išskaičiuoti 50 skirtingų būsenų. Kiek mažiausiai trigerių n jam reikia?

N = 50
n =
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis

Raskite Oilerio funkciją φ(27), t. y. sveikųjų skaičių nuo 1 iki 27, tarpusavyje pirminių su 27, skaičių.

n = 27 = 33
φ(27) =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus

Kartotiniu kėlimu kvadratu raskite 33129 mod 80.

a = 33k = 129n = 80
33129 mod 80 =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis

Kaip Primo algoritmas sudaro minimalų jungiamąjį medį?

  1. AJis šalina brangiausią briauną, kol nebelieka ciklų
  2. BJis surikiuoja visas briaunas pagal svorį ir prideda kiekvieną, jei ji miške nesudaro ciklo
  3. CJis augina vieną medį nuo pradinės viršūnės, kaskart pridėdamas pigiausią iš medžio išeinančią briauną
  4. DJis vykdo paiešką platyn ir pasilieka BFS medį
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus

Heldo–Karpo dinaminio programavimo algoritmas tiksliai išsprendžia keliaujančio pirklio uždavinį. Koks jo vykdymo laikas n miestų?

  1. AO(2n²)
  2. BO(n!)
  3. CO(n² 2ⁿ)
  4. DO(n³)
11.Duomenų struktūrosVidutinis

Kodėl dvejetainę krūvą galima saugoti masyve be jokių rodyklių?

  1. AVisi krūvos raktai lygūs
  2. BMasyvai automatiškai laiko raktus surikiuotus, todėl rodyklių nereikia
  3. CTai pilnas dvejetainis medis, todėl pozicijas nusako paprastos indeksų formulės
  4. DKrūvose niekada nebūna daugiau kaip 100 elementų
12.Duomenų struktūrosSunkus

Kodėl maišos lentelėje su atviruoju adresavimu šalinimas dažnai atliekamas naudojant „antkapio“ (tombstone) žymę?

  1. APašalinti raktai saugumo sumetimais turi būti laikomi amžinai, todėl vietų niekada negalima naudoti pakartotinai
  2. BAntkapiai pagreitina maišymą
  3. CIštuštinus vietą, galėtų nutrūkti kitų raktų zondavimo seka
  4. DDėl to lentelė tampa surikiuota
13.Grafų teorijaVidutinis

Kiek skirtingų Hamiltono ciklų H turi pilnasis grafas K8? Ciklai, besiskiriantys tik pradine viršūne ar kryptimi, laikomi tuo pačiu.

K8
H =
14.Grafų teorijaSunkus
10191171418936114ABCDEFG

Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį. Spustelėkite briauną, kurią jis prideda kaip briauną numeris 5; praleistos briaunos neskaičiuojamos.

k = 5
  1. 1briauna AB
  2. 2briauna BC
  3. 3briauna BD
  4. 4briauna CE
  5. 5briauna DE
  6. 6briauna DF
  7. 7briauna EF
  8. 8briauna GB
  9. 9briauna GC
  10. 10briauna GD
  11. 11briauna GE
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis

Ką grąžina EXCEPT (Oracle vadinamas MINUS)?

  1. AEilutes, esančias abiejose užklausose
  2. BAntrosios užklausos eilutes, kurių nėra pirmojoje
  3. CPirmosios užklausos eilutes, kurių nėra antrojoje
  4. DVisas abiejų užklausų eilutes be pasikartojimų
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus

Po customers LEFT JOIN orders kodėl užsakymams kiekvienam klientui skaičiuoti naudojama COUNT(o.id), o ne COUNT(*)?

  1. ACOUNT(*) po sujungimo neleidžiamas
  2. BCOUNT(*) nepaiso eilučių su NULL reikšmėmis
  3. CCOUNT(*) klientams be užsakymų NULL reikšmėmis užpildytą eilutę suskaičiuoja kaip 1
  4. DCOUNT(o.id) skaičiuoja tik skirtingus klientus
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis

Maršrutizatorius turi maršrutus 10.0.0.0/8 ir 10.1.0.0/16. Kurį maršrutą jis naudoja paketui į 10.1.5.5?

  1. AAbu maršrutus, srautą padalydamas po lygiai
  2. B10.1.0.0/16, nes tai ilgiausias sutampantis prefiksas
  3. C10.0.0.0/8, nes jis pridėtas pirmas
  4. D10.0.0.0/8, nes jis apima daugiau adresų nei /16
18.Kompiuterių tinklaiSunkus

Kodėl TCP kiekvienam ryšiui parenka nenuspėjamą pradinį sekos numerį?

  1. AKad nebūtų painiojama su senais segmentais ir būtų sunkiau įterpti suklastotus segmentus
  2. BKad duomenys būtų efektyviau suglaudinti
  3. CKad būtų parinktas geriausias maršrutas iki paskirties tos jungties segmentams
  4. DKad būtų šifruojama kiekvieno segmento naudingoji apkrova
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
/24 → /2611111111111111111111111111000000tinklo bitaimazgo bitai

Tinklas 10.69.200.0/24 padalytas į vienodus potinklius su prefiksu /26. Kiek yra potinklių N?

10.69.200.0/24/26
N =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
paskutinis oktetas = 87012816403211608141211tinklasmazgas

Mazgo adresas yra 10.20.26.87/29. Koks yra paskutinio naudojamo mazgo adreso jo potinklyje ketvirtasis oktetas x?

10.20.26.87/29
x =

3Tirpalai

1.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: U = 243

Pozicinės skaičiavimo sistemos: kiekvienas skaitmuo vertas savo reikšmės, padaugintos iš pagrindo laipsnio. Dvejetainėje sistemoje pozicijos vertos 1, 2, 4, 8, 16, …, šešioliktainėje 1, 16, 256, …, o A–F reiškia 10–15. 8 bitų papildomajame kode kairysis bitas vertas −128 vietoj +128; taip saugomi neigiami skaičiai.

Invertuokite ir pridėkite vienetą

13 = 0000 1101
invertuota: 1111 0010
+1 → 1111 0011

Perskaitykite be ženklo

1111 0011₂ = 256 − 13 = 243

Atsakymas

U = 243
2.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: R = 144

Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.

Bitas po bito

Postūmis kairėn 3 perkelia kiekvieną bitą 3 pozicijomis į kairę; bitai, iškritę iš kairiojo galo, prarandami, o dešinėje įeina nuliai.

1101 0010 << 3
= 1001 0000

Rezultato reikšmė

1001 0000₂ = 144

Atsakymas

R = 144
3.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: N = 6

Teisingumo lentelės: formulė su n skirtingų kintamųjų turi 2ⁿ eilučių, po vieną kiekvienam teisingumo reikšmių deriniui (1 = teisinga, 0 = klaidinga). Dirbkite iš vidaus į išorę ir kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį. ¬a apverčia reikšmę; a ∧ b yra 1 tik tada, kai abu lygūs 1; a ∨ b yra 0 tik tada, kai abu lygūs 0; a → b yra 0 tik tada, kai a = 1 ir b = 0; a ↔ b yra 1, kai abi pusės lygios.

Teisingumo lentelė eilutė po eilutės

a = 1, b = 1, c = 1: a ∨ c = 1, (a ∨ c) → b = 1, ¬c = 0, ¬c → a = 1, ((a ∨ c) → b) → (¬c → a) = 1
a = 1, b = 1, c = 0: a ∨ c = 1, (a ∨ c) → b = 1, ¬c = 1, ¬c → a = 1, ((a ∨ c) → b) → (¬c → a) = 1
a = 1, b = 0, c = 1: a ∨ c = 1, (a ∨ c) → b = 0, ¬c = 0, ¬c → a = 1, ((a ∨ c) → b) → (¬c → a) = 1
a = 1, b = 0, c = 0: a ∨ c = 1, (a ∨ c) → b = 0, ¬c = 1, ¬c → a = 1, ((a ∨ c) → b) → (¬c → a) = 1
a = 0, b = 1, c = 1: a ∨ c = 1, (a ∨ c) → b = 1, ¬c = 0, ¬c → a = 1, ((a ∨ c) → b) → (¬c → a) = 1
a = 0, b = 1, c = 0: a ∨ c = 0, (a ∨ c) → b = 1, ¬c = 1, ¬c → a = 0, ((a ∨ c) → b) → (¬c → a) = 0
a = 0, b = 0, c = 1: a ∨ c = 1, (a ∨ c) → b = 0, ¬c = 0, ¬c → a = 1, ((a ∨ c) → b) → (¬c → a) = 1
a = 0, b = 0, c = 0: a ∨ c = 0, (a ∨ c) → b = 1, ¬c = 1, ¬c → a = 0, ((a ∨ c) → b) → (¬c → a) = 0

Suskaičiuokite eilutes su reikšme 1

((a ∨ c) → b) → (¬c → a): 1, 1, 1, 1, 1, 0, 1, 0
N = 6

Atsakymas

N = 6
4.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: ∀x ¬P(x)

Kvantoriai ir argumentai: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ir ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Perkelkite neigimą į vidų, sukeiskite kiekvieną kvantorių, pro kurį jis praeina, o vidinę formulę paneikite teiginių logikos dėsniais, pavyzdžiui, ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Argumentas yra teisingas (galiojantis), kai išvada lygi 1 kiekvienoje eilutėje, kurioje visos prielaidos lygios 1. Viena eilutė su teisingomis prielaidomis ir klaidinga išvada yra kontrapavyzdys ir rodo, kad argumentas negalioja.

Perkelkite neigimą į vidų

¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)

Atsakymas

∀x ¬P(x)

Kiti variantai arba palieka kvantorių nepakeistą, arba keičia kvantorių tvarką, arba netinkamai neigia vidinę formulę.

5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: L = 6

Būlio algebra: išraiškas supaprastinančios taisyklės yra X + X′ = 1 ir X·X′ = 0, X + X = X, sugėrimas X + X·Y = X, jungimo taisyklė X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y ir konsensuso teorema XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. De Morgano dėsniai (X·Y)′ paverčia X′ + Y′, o (X + Y)′ – X′·Y′. Karno žemėlapis šias taisykles taiko grafiškai: kiekviena dviejų gretimų langelių grupė yra vienas XY + XY′ = X taikymas.

Išraiškos mintermos

AB′C′ → m(4)
B′C → m(1, 5)
ABC → m(7)
ABC00011110010011030214151706

Sugrupuokite ir nuskaitykite

F = B′C + AC + AB′

Suskaičiuokite literalus

L = 6

Atsakymas

L = 6
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: n = 6

Trigeriai ir skaitikliai: trigeris keičiasi tik aktyviu taktinio signalo frontu. D nukopijuoja savo įėjimą (Q⁺ = D); T perjungia, kai T = 1; JK išlaiko esant 00, nustato į 0 esant 01, nustato į 1 esant 10 ir perjungia esant 11. n bitų dvejetainis skaitiklis turi 2ⁿ būsenų ir skaičiuoja moduliu 2ⁿ; mod-N skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, N − 1 ir grįžta į 0, jam reikia mažiausiai n trigerių, kad 2ⁿ ≥ N. Kiekviena nuosekliojo (ripple) skaitiklio pakopa perpus sumažina dažnį, todėl paskutinis mod-N skaitiklio išėjimas veikia fclk/N dažniu. n trigerių Johnsono skaitiklis turi 2n būsenų, žiedinis – n.

Trigerių skaičius

2ⁿ ≥ 50 → n = 6 (2⁶ = 64)

Atsakymas

n = 6
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: φ(27) = 18

Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Pirminiai daugikliai

27 = 33

Oilerio funkcija

φ(27) = 27 − 9 = 18

Atsakymas

φ(27) = 18
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: 33129 mod 80 = 33

Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.

Dvejetainis rodiklis

129 = 100000012 = 128 + 1

Kartotinis kėlimas kvadratu

331 ≡ 33 (mod 80)
332 ≡ 49 (mod 80)
334 ≡ 1 (mod 80)
338 ≡ 1 (mod 80)
3316 ≡ 1 (mod 80)
3332 ≡ 1 (mod 80)
3364 ≡ 1 (mod 80)
33128 ≡ 1 (mod 80)

Sudauginkite reikalingus laipsnius

33129 ≡ 33·1 ≡ 33 (mod 80)

Atsakymas

33129 mod 80 = 33
9.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: C · Jis augina vieną medį nuo pradinės viršūnės, kaskart pridėdamas pigiausią iš medžio išeinančią briauną

Kodėl tai yra atsakymas

Primo algoritmas su kertančių briaunų prioritetine eile, naudojant dvejetainę krūvą, veikia per O(E log V).

Atsakymas

C · Jis augina vieną medį nuo pradinės viršūnės, kaskart pridėdamas pigiausią iš medžio išeinančią briauną
10.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: C · O(n² 2ⁿ)

Kodėl tai yra atsakymas

Yra apie n 2ⁿ būsenų, kurių kiekviena apskaičiuojama per O(n); tai eksponentinis laikas, bet daug greitesnis nei visų (n − 1)! maršrutų išbandymas.

Atsakymas

C · O(n² 2ⁿ)
11.Duomenų struktūros

Atsakymas: C · Tai pilnas dvejetainis medis, todėl pozicijas nusako paprastos indeksų formulės

Kodėl tai yra atsakymas

Pilnumas reiškia, kad nėra tarpų, todėl indekso i vaikai visada yra 2i + 1 ir 2i + 2.

Atsakymas

C · Tai pilnas dvejetainis medis, todėl pozicijas nusako paprastos indeksų formulės
12.Duomenų struktūros

Atsakymas: C · Ištuštinus vietą, galėtų nutrūkti kitų raktų zondavimo seka

Kodėl tai yra atsakymas

Jei pašalinta vieta taptų tuščia, vėlesnės paieškos galėtų sustoti per anksti ir praleisti raktus, patalpintus toliau zondavimo grandinėje.

Atsakymas

C · Ištuštinus vietą, galėtų nutrūkti kitų raktų zondavimo seka
13.Grafų teorija

Atsakymas: H = 2520

Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.

Suskaičiuokite

H = (8 − 1)!/2 = 5040/2 = 2520

Atsakymas

H = 2520
14.Grafų teorija

Atsakymas: briauna EF

Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.

Kruskalio algoritmas

1. BD (1)
2. GB (3)
3. GE (4)
4. GC (6)
5. EF (9)
6. AB (10)

briaunos numeris 5

EF

Atsakymas

briauna EF
15.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: C · Pirmosios užklausos eilutes, kurių nėra antrojoje

Kodėl tai yra atsakymas

A EXCEPT B duoda A eilutes, kurių nėra B, todėl sukeitus užklausas gaunamas kitas rezultatas.

Atsakymas

C · Pirmosios užklausos eilutes, kurių nėra antrojoje
16.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: C · COUNT(*) klientams be užsakymų NULL reikšmėmis užpildytą eilutę suskaičiuoja kaip 1

Kodėl tai yra atsakymas

Kairysis sujungimas tokiems klientams duoda vieną eilutę su NULL užsakymo stulpeliais; COUNT(o.id) praleidžia NULL ir teisingai praneša 0.

Atsakymas

C · COUNT(*) klientams be užsakymų NULL reikšmėmis užpildytą eilutę suskaičiuoja kaip 1
17.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: B · 10.1.0.0/16, nes tai ilgiausias sutampantis prefiksas

Kodėl tai yra atsakymas

IP persiuntimas naudoja ilgiausio prefikso atitikimą: iš visų paskirtį atitinkančių maršrutų pasirenkamas tas, kurio kaukė ilgiausia.

Atsakymas

B · 10.1.0.0/16, nes tai ilgiausias sutampantis prefiksas
18.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: A · Kad nebūtų painiojama su senais segmentais ir būtų sunkiau įterpti suklastotus segmentus

Kodėl tai yra atsakymas

Atsitiktiniai pradiniai sekos numeriai neleidžia priimti pavėlavusių segmentų iš senų ryšių ir apsunkina ne kelyje esantiems užpuolikams klastoti galiojančius segmentus.

Atsakymas

A · Kad nebūtų painiojama su senais segmentais ir būtų sunkiau įterpti suklastotus segmentus
19.IPv4 potinkliai

Atsakymas: N = 4

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Pasiskolinti bitai

26 − 24 = 2

Potinklių skaičius

N = 22 = 4

Atsakymas

N = 4

Kiekviename /26 potinklyje yra 26 − 2 = 62 naudojamų mazgų adresų.

20.IPv4 potinkliai

Atsakymas: x = 86

IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).

Bloko dydis

23 = 8

Šio mazgo potinklis

tinklas: ⌊87/8⌋·8 = 80
transliacija: 80 + 8 − 1 = 87
naudojami mazgai: 81 … 86

Atsakymas

x = 86

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals