Informatikos pagrindai: pasiruošimo paketas

Formulių lapai, pagrindiniai kiekvienos temos metodų žingsniai ir 20 uždavinių, o pilni sprendimai pateikti gale.

Nauji uždaviniaiAtgal į kursą

Spausdinimo lange pasirinkite „Išsaugoti kaip PDF“, kad nuosavą kopiją išsaugotumėte savo įrenginyje.

1Formulės ir metodai

Skaičiavimo sistemos

Pozicijų vertės
dvejetainė 2k, aštuntainė 8k, šešioliktainė 16k
Į dešimtainę
Σ dk·bk
Iš dešimtainės
dalykite iš pagrindo, liekanas skaitykite iš apačios į viršų
Šešioliktainė ↔ dvejetainė
vienas šešioliktainis skaitmuo = 4 bitai
Papildomasis kodas
invertuokite bitus ir pridėkite 1

Teiginių logika ir įrodymai

Teisingumo lentelės eilutės
2ⁿ
Implikacija
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikacijos neigimas
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Ekvivalencija
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgano dėsniai
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributyvumo dėsniai
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Kvantorių neigimas
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metodas

  1. Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
  2. Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
  3. Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
  4. Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
  5. Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.

Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų

Metodas

  1. Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
  2. Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
  3. Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
  4. Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.

Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metodas

  1. Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
  2. Didžiausiam bendrajam dalikliui kartokite dalybą Euklido algoritmu; paskutinė nenulinė liekana yra DBD.
  3. Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
  4. Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
  5. Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafų teorija

Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij

Metodas

  1. Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
  2. Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
  3. Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
  4. Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
  5. Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).

IPv4 potinkliai

Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n

2Uždaviniai

1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
pozicijų vertės papildomajame kode1−12806403201608041201

8 bitų seka 1000 0010 saugo sveikąjį skaičių su ženklu papildomajame kode. Kokia jo reikšmė N dešimtainėje sistemoje?

1000 00108 bit
N =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
spustelėkite bitus, kad juos nustatytumėte012806403201608040201

Nustatykite bitus pagal 8 bitų rezultatą 0011 0011 OR 1101 0111. Kokia rezultato reikšmė R dešimtainėje sistemoje?

0011 0011OR1101 0111
R =
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
pqr¬q ↔ (¬p ↔ r)(r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r))¬((r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r)))111?110?101?100?011?010?001?000?

Kiek iš 8 teisingumo lentelės eilučių ¬((r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r))) yra teisinga? Pažymėkite šį skaičių N.

¬((r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r)))
N =
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus

Kiek iš 16 teisingumo lentelės eilučių daro ¬((¬r ∨ p) ↔ ((q ∨ ¬s) ↔ q)) teisingą? Pažymėkite šį skaičių N.

¬((¬r ∨ p) ↔ ((q ∨ ¬s) ↔ q))
N =
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
ABCD000111100001111011111

Šiame Karno žemėlapyje lygiai vienas vienetas neturi gretimo vieneto, todėl minimalioje SOP formoje lieka vieno langelio grupe (pilna keturių literalų minterma). Kaimynai per žemėlapio kraštus skaičiuojami. Spustelėkite tą langelį.

F = Σm(2, 11, 12, 13, 15)
  1. 1AB = 00, CD = 00
  2. 2AB = 00, CD = 01
  3. 3AB = 00, CD = 11
  4. 4AB = 00, CD = 10
  5. 5AB = 01, CD = 00
  6. 6AB = 01, CD = 01
  7. 7AB = 01, CD = 11
  8. 8AB = 01, CD = 10
  9. 9AB = 11, CD = 00
  10. 10AB = 11, CD = 01
  11. 11AB = 11, CD = 11
  12. 12AB = 11, CD = 10
  13. 13AB = 10, CD = 00
  14. 14AB = 10, CD = 01
  15. 15AB = 10, CD = 11
  16. 16AB = 10, CD = 10
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
CLKJK1234567

Kylančiuoju frontu valdomas JK trigeris pradeda nuo Q = 0 ir gauna parodytus įėjimus. Spustelėkite pirmąjį taktinį frontą, kuriuo Q iš 1 grįžta į 0.

Q₀ = 0JK
  1. 1taktinis frontas 1
  2. 2taktinis frontas 2
  3. 3taktinis frontas 3
  4. 4taktinis frontas 4
  5. 5taktinis frontas 5
  6. 6taktinis frontas 6
  7. 7taktinis frontas 7
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis

Raskite Oilerio funkciją φ(33), t. y. sveikųjų skaičių nuo 1 iki 33, tarpusavyje pirminių su 33, skaičių.

n = 33 = 3·11
φ(33) =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus
650c = me​ mod n?m = cd​ mod nm(n, e) = (667, 17)d

Užšifruokite pranešimą m = 650 RSA viešuoju raktu (n, e) = (667, 17). Raskite šifrogramą c.

n = 667e = 17m = 650
c =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis

Naivaus rekursyvaus Fibonačio skaičių skaičiavimo (fib(n) = fib(n−1) + fib(n−2)) laiko sudėtingumas yra:

  1. ATiesinis
  2. BPastovus
  3. CEksponentinis
  4. DLogaritminis
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus

Kodėl Dijkstros algoritmas gali duoti neteisingus rezultatus, kai kai kurie briaunų svoriai neigiami?

  1. ANeigiamų skaičių negalima saugoti prioritetinėje eilėje
  2. BTies kiekviena neigiama briauna jis patenka į begalinį ciklą
  3. CViršūnė galutinai nustatoma ją išėmus, bet vėlesnė neigiama briauna dar galėtų duoti jai trumpesnį kelią
  4. DJis veikia tik su nekryptiniais grafais
11.Duomenų struktūrosVidutinis

7 dydžio maišos lentelė naudoja h(k) = k mod 7 ir tiesinį zondavimą. Kur saugomas 17, įterpus 10?

  1. AIndeksu 4
  2. BIndeksu 6
  3. CIndeksu 3
  4. DIndeksu 0
12.Duomenų struktūrosSunkus

Kuri savybė kiekvieną B medį išlaiko tobulai subalansuotą?

  1. AKiekvienas mazgas turi lygiai du vaikus
  2. BKiekvienas mazgas saugo vieną raktą
  3. CRaktai saugomi tik šaknyje
  4. DVisi lapai yra tame pačiame gylyje
13.Grafų teorijaVidutinis
ABCDEFGOilerio ciklasOilerio kelias, ne ciklasnei viena

Ar jungus grafas turi Oilerio ciklą, Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, ar nei vieno? Spustelėkite savo atsakymą.

|V| = 7|E| = 9
  1. 1Oilerio ciklas
  2. 2Oilerio kelias, ne ciklas
  3. 3nei viena
14.Grafų teorijaSunkus
36513415111511ABCDEF

Dijkstros algoritmas vykdomas nuo A. Spustelėkite viršūnę, užfiksuojamą (padaromą galutine) 5 etape; pats A yra 1 etapas.

pradžia: Aetapas 5
  1. 1A
  2. 2B
  3. 3C
  4. 4D
  5. 5E
  6. 6F
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis

Reliacinėje algebroje projekcijos operatorius (π) atitinka:

  1. APasirinkimą, kurios eilutės tenkina nurodytą sąlygą
  2. BDviejų lentelių sujungimą pagal raktą
  3. CPasirinkimą, kurie stulpeliai bus rezultate
  4. DRezultato rikiavimą
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus

Kodėl daugelis DBVS naudoja griežtąjį dviejų fazių užrakinimą, išlaikydamos išskirtinius užraktus iki patvirtinimo?

  1. AJis apsaugo nuo kaskadinių nutraukimų, nes niekas negali skaityti nepatvirtintų įrašų
  2. BJis padaro aklavietes neįmanomas
  3. CJis leidžia transakcijoms saugiai skaityti nešvarius duomenis
  4. DJis pašalina transakcijų žurnalo poreikį
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis

HTTP nesaugo būsenos. Kaip svetainės paprastai išlaiko naudotoją prisijungusį tarp užklausų?

  1. ASlapukais, kuriuose yra seanso identifikatorius ar žetonas
  2. BLaikydamos TCP ryšį atvirą kelias dienas
  3. CSaugodamos slaptažodį URL adrese
  4. DSuteikdamos kiekvienam naudotojui fiksuotą IP adresą
18.Kompiuterių tinklaiSunkus

Po pasikartojančių kolizijų klasikinio Ethernet stotys laukimo laiką renkasi iš intervalo, kuris kaskart padvigubėja. Kodėl?

  1. AKad visos stotys būtų sinchronizuotos su vienu laikrodžiu
  2. BKad kabelis perduotų signalus toliau
  3. CKad bendrame kabelyje pirmenybė tektų stočiai su didžiausiu MAC adresu
  4. DKad sumažėtų tikimybė vėl susidurti, kai varžosi daug stočių
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
/24 → /2911111111111111111111111111111000tinklo bitaimazgo bitai

Tinklą 192.168.10.0/24 reikia padalyti į bent 30 vienodų potinklių. Jei pasiskolinsite kuo mažiau bitų, kiek naudojamų mazgų H turės kiekvienas potinklis?

192.168.10.0/2430 subnets
H =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
paskutinis oktetas = 79012816403201618141211tinklasmazgas

Mazgo adresas yra 10.20.213.79/29. Koks yra jo potinklio transliacijos adreso paskutinis skaičius (ketvirtasis oktetas) x?

10.20.213.79/29
x =

3Tirpalai

1.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: N = −126

Pozicinės skaičiavimo sistemos: kiekvienas skaitmuo vertas savo reikšmės, padaugintos iš pagrindo laipsnio. Dvejetainėje sistemoje pozicijos vertos 1, 2, 4, 8, 16, …, šešioliktainėje 1, 16, 256, …, o A–F reiškia 10–15. 8 bitų papildomajame kode kairysis bitas vertas −128 vietoj +128; taip saugomi neigiami skaičiai.

Sudėkite vertes

Kiti bitai išlaiko įprastas teigiamas vertes.

−128 + 2 = −126

Atsakymas

N = −126
2.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: R = 247

Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.

Bitas po bito

OR duoda 1, kur bent vienas bitas yra 1.

0011 0011
OR 1101 0111
= 1111 0111

Rezultato reikšmė

1111 0111₂ = 247

Atsakymas

R = 247
3.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: N = 5

Teisingumo lentelės: formulė su n skirtingų kintamųjų turi 2ⁿ eilučių, po vieną kiekvienam teisingumo reikšmių deriniui (1 = teisinga, 0 = klaidinga). Dirbkite iš vidaus į išorę ir kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį. ¬a apverčia reikšmę; a ∧ b yra 1 tik tada, kai abu lygūs 1; a ∨ b yra 0 tik tada, kai abu lygūs 0; a → b yra 0 tik tada, kai a = 1 ir b = 0; a ↔ b yra 1, kai abi pusės lygios.

Teisingumo lentelė eilutė po eilutės

p = 1, q = 1, r = 1: ¬q = 0, r → ¬q = 0, ¬p = 0, ¬p ↔ r = 0, ¬q ↔ (¬p ↔ r) = 1, (r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r)) = 0, ¬((r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r))) = 1
p = 1, q = 1, r = 0: ¬q = 0, r → ¬q = 1, ¬p = 0, ¬p ↔ r = 1, ¬q ↔ (¬p ↔ r) = 0, (r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r)) = 0, ¬((r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r))) = 1
p = 1, q = 0, r = 1: ¬q = 1, r → ¬q = 1, ¬p = 0, ¬p ↔ r = 0, ¬q ↔ (¬p ↔ r) = 0, (r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r)) = 0, ¬((r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r))) = 1
p = 1, q = 0, r = 0: ¬q = 1, r → ¬q = 1, ¬p = 0, ¬p ↔ r = 1, ¬q ↔ (¬p ↔ r) = 1, (r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r)) = 1, ¬((r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r))) = 0
p = 0, q = 1, r = 1: ¬q = 0, r → ¬q = 0, ¬p = 1, ¬p ↔ r = 1, ¬q ↔ (¬p ↔ r) = 0, (r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r)) = 0, ¬((r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r))) = 1
p = 0, q = 1, r = 0: ¬q = 0, r → ¬q = 1, ¬p = 1, ¬p ↔ r = 0, ¬q ↔ (¬p ↔ r) = 1, (r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r)) = 1, ¬((r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r))) = 0
p = 0, q = 0, r = 1: ¬q = 1, r → ¬q = 1, ¬p = 1, ¬p ↔ r = 1, ¬q ↔ (¬p ↔ r) = 1, (r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r)) = 1, ¬((r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r))) = 0
p = 0, q = 0, r = 0: ¬q = 1, r → ¬q = 1, ¬p = 1, ¬p ↔ r = 0, ¬q ↔ (¬p ↔ r) = 0, (r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r)) = 0, ¬((r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r))) = 1

Suskaičiuokite eilutes su reikšme 1

¬((r → ¬q) ∧ (¬q ↔ (¬p ↔ r))): 1, 1, 1, 0, 1, 0, 0, 1
N = 5

Atsakymas

N = 5
4.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: N = 6

Teisingumo lentelės: formulė su n skirtingų kintamųjų turi 2ⁿ eilučių, po vieną kiekvienam teisingumo reikšmių deriniui (1 = teisinga, 0 = klaidinga). Dirbkite iš vidaus į išorę ir kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį. ¬a apverčia reikšmę; a ∧ b yra 1 tik tada, kai abu lygūs 1; a ∨ b yra 0 tik tada, kai abu lygūs 0; a → b yra 0 tik tada, kai a = 1 ir b = 0; a ↔ b yra 1, kai abi pusės lygios.

Stulpeliai

¬r; ¬r ∨ p; ¬s; q ∨ ¬s; (q ∨ ¬s) ↔ q; (¬r ∨ p) ↔ ((q ∨ ¬s) ↔ q); ¬((¬r ∨ p) ↔ ((q ∨ ¬s) ↔ q))

Skaidymas pagal p

p = 1: 2
p = 0: 4
N = 2 + 4 = 6

Atsakymas

N = 6
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: AB = 00, CD = 10

Karno žemėlapiai: langeliai išdėstyti Grejaus kodu (00, 01, 11, 10), todėl gretimi langeliai, įskaitant esančius per kraštus, skiriasi tiksliai vienu kintamuoju. Sugrupuokite vienetus į 1, 2, 4, 8 arba 16 langelių stačiakampius, kuo didesnius ir kuo mažiau, kol bus padengtas kiekvienas vienetas. Kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys: kintamieji, kurie joje nesikeičia. 2ᵏ langelių grupė netenka k kintamųjų. Nesvarbias reikšmes (X) galima naudoti grupėms didinti, bet jų dengti nebūtina. Grupuojant nulius, gaunama minimali POS forma.

Kiekvieno vieneto kaimynai

Vienetas su gretimu vienetu gali įeiti į dviejų ar daugiau langelių grupę.

m2: m3, m0, m6, m10 → 0
ABCD000111100001111011111

Izoliuotas vienetas

m2 = A′B′CD′ → AB = 00, CD = 10

Atsakymas

AB = 00, CD = 10
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: taktinis frontas 3

Trigeriai ir skaitikliai: trigeris keičiasi tik aktyviu taktinio signalo frontu. D nukopijuoja savo įėjimą (Q⁺ = D); T perjungia, kai T = 1; JK išlaiko esant 00, nustato į 0 esant 01, nustato į 1 esant 10 ir perjungia esant 11. n bitų dvejetainis skaitiklis turi 2ⁿ būsenų ir skaičiuoja moduliu 2ⁿ; mod-N skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, N − 1 ir grįžta į 0, jam reikia mažiausiai n trigerių, kad 2ⁿ ≥ N. Kiekviena nuosekliojo (ripple) skaitiklio pakopa perpus sumažina dažnį, todėl paskutinis mod-N skaitiklio išėjimas veikia fclk/N dažniu. n trigerių Johnsono skaitiklis turi 2n būsenų, žiedinis – n.

Q po kiekvieno fronto

JK trigeris: 00 išlaiko, 01 nustato į 0 (Q = 0), 10 nustato į 1 (Q = 1), 11 perjungia.

1: J = 0, K = 0 → Q = 0
2: J = 1, K = 1 → Q = 1
3: J = 1, K = 1 → Q = 0
4: J = 1, K = 1 → Q = 1
5: J = 0, K = 0 → Q = 1
6: J = 0, K = 1 → Q = 0
7: J = 0, K = 1 → Q = 0

Pirmasis pokytis iš 1 į 0

taktinis frontas 3

Atsakymas

taktinis frontas 3
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: φ(33) = 20

Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Pirminiai daugikliai

33 = 3·11

Oilerio funkcija

φ(33) = φ(3)·φ(11) = 2·10 = 20

Atsakymas

φ(33) = 20
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: c = 12

Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.

Kartotinis kėlimas kvadratu

17 = 16 + 1
6501 ≡ 650 (mod 667)
6502 ≡ 289 (mod 667)
6504 ≡ 146 (mod 667)
6508 ≡ 639 (mod 667)
65016 ≡ 117 (mod 667)
65017 ≡ 650·117 ≡ 12 (mod 667)

Šifrograma

c = 12

Atsakymas

c = 12
9.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: C · Eksponentinis

Kodėl tai yra atsakymas

Iškvietimų medis auga maždaug kaip φⁿ (apie 1,618ⁿ). Memoizacija sumažina sudėtingumą iki O(n).

Atsakymas

C · Eksponentinis
10.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: C · Viršūnė galutinai nustatoma ją išėmus, bet vėlesnė neigiama briauna dar galėtų duoti jai trumpesnį kelią

Kodėl tai yra atsakymas

Godusis žingsnis remiasi neneigiamais svoriais, kad išimti atstumai būtų galutiniai; kai svoriai gali būti neigiami, naudojamas Bellmano–Fordo algoritmas.

Atsakymas

C · Viršūnė galutinai nustatoma ją išėmus, bet vėlesnė neigiama briauna dar galėtų duoti jai trumpesnį kelią
11.Duomenų struktūros

Atsakymas: A · Indeksu 4

Kodėl tai yra atsakymas

10 mod 7 = 3 ir 17 mod 7 = 3; indeksas 3 užimtas, todėl tiesinis zondavimas bando kitą vietą – indeksą 4.

Atsakymas

A · Indeksu 4
12.Duomenų struktūros

Atsakymas: D · Visi lapai yra tame pačiame gylyje

Kodėl tai yra atsakymas

Užsipildę mazgai skyla aukštyn, o medis paaukštėja tik skylant šakniai, todėl visi lapai visada lieka tame pačiame lygmenyje.

Atsakymas

D · Visi lapai yra tame pačiame gylyje
13.Grafų teorija

Atsakymas: nei viena

Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.

Laipsniai

deg(A) = 1, deg(B) = 3, deg(C) = 1, deg(D) = 4, deg(E) = 4, deg(F) = 2, deg(G) = 3

Nelyginės viršūnės

A, B, C, G → 4
nei viena

Atsakymas

nei viena
14.Grafų teorija

Atsakymas: D

Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.

Dijkstra etapas po etapo

1. A (0): B: 3, C: 6
2. B (3): D: 16, E: 14
3. C (6): E: 10
4. E (10): F: 25
5. D (16)
6. F (25)

etapas 5

D

Atsakymas

D
15.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: C · Pasirinkimą, kurie stulpeliai bus rezultate

Kodėl tai yra atsakymas

Projekcija palieka pasirinktus atributus (SELECT sąrašas), o atranka σ palieka sąlygą tenkinančias eilutes (WHERE sąlyga).

Atsakymas

C · Pasirinkimą, kurie stulpeliai bus rezultate
16.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: A · Jis apsaugo nuo kaskadinių nutraukimų, nes niekas negali skaityti nepatvirtintų įrašų

Kodėl tai yra atsakymas

Paprastas 2PL garantuoja serializuojamumą, bet anksti atlaisvinus rašymo užraktus kiti galėtų perskaityti duomenis, kurie vėliau atšaukiami; griežtasis 2PL to išvengia.

Atsakymas

A · Jis apsaugo nuo kaskadinių nutraukimų, nes niekas negali skaityti nepatvirtintų įrašų
17.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: A · Slapukais, kuriuose yra seanso identifikatorius ar žetonas

Kodėl tai yra atsakymas

Serveris nustato slapuką su seanso ID ar žetonu, o naršyklė jį grąžina su kiekviena užklausa, kad serveris atpažintų naudotoją.

Atsakymas

A · Slapukais, kuriuose yra seanso identifikatorius ar žetonas
18.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: D · Kad sumažėtų tikimybė vėl susidurti, kai varžosi daug stočių

Kodėl tai yra atsakymas

Kiekviena nauja kolizija rodo didesnę konkurenciją, todėl atsitiktinis intervalas didėja ir stotys su didesne tikimybe pasirenka skirtingus laiko tarpsnius. Tai prisitaiko prie apkrovos be centrinio valdymo.

Atsakymas

D · Kad sumažėtų tikimybė vėl susidurti, kai varžosi daug stočių
19.IPv4 potinkliai

Atsakymas: H = 6

IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).

Skolinami bitai

25 = 32 ≥ 30 → b = 5, /29

Mazgai potinklyje

23 − 2 = 6

Atsakymas

H = 6
20.IPv4 potinkliai

Atsakymas: x = 79

IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).

Bloko dydis

23 = 8

Šio mazgo potinklis

tinklas: ⌊79/8⌋·8 = 72
transliacija: 72 + 8 − 1 = 79
naudojami mazgai: 73 … 78

Atsakymas

x = 79

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals