Informatikos pagrindai: pasiruošimo paketas

Formulių lapai, pagrindiniai kiekvienos temos metodų žingsniai ir 20 uždavinių, o pilni sprendimai pateikti gale.

Nauji uždaviniaiAtgal į kursą

Spausdinimo lange pasirinkite „Išsaugoti kaip PDF“, kad nuosavą kopiją išsaugotumėte savo įrenginyje.

1Formulės ir metodai

Skaičiavimo sistemos

Pozicijų vertės
dvejetainė 2k, aštuntainė 8k, šešioliktainė 16k
Į dešimtainę
Σ dk·bk
Iš dešimtainės
dalykite iš pagrindo, liekanas skaitykite iš apačios į viršų
Šešioliktainė ↔ dvejetainė
vienas šešioliktainis skaitmuo = 4 bitai
Papildomasis kodas
invertuokite bitus ir pridėkite 1

Teiginių logika ir įrodymai

Teisingumo lentelės eilutės
2ⁿ
Implikacija
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikacijos neigimas
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Ekvivalencija
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgano dėsniai
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributyvumo dėsniai
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Kvantorių neigimas
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metodas

  1. Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
  2. Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
  3. Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
  4. Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
  5. Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.

Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų

Metodas

  1. Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
  2. Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
  3. Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
  4. Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.

Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metodas

  1. Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
  2. Didžiausiam bendrajam dalikliui kartokite dalybą Euklido algoritmu; paskutinė nenulinė liekana yra DBD.
  3. Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
  4. Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
  5. Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafų teorija

Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij

Metodas

  1. Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
  2. Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
  3. Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
  4. Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
  5. Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).

IPv4 potinkliai

Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n

2Uždaviniai

1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
8 bitų papildomasis kodas?−128?64?32?16?8?4?2?1

Užrašykite −114 kaip 8 bitų papildomojo kodo seką. Perskaitykite seką kaip dvejetainį skaičių be ženklo: kokia jo reikšmė U dešimtainėje sistemoje?

N = −1148 bit
U =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
16 bitų dvejetainis papildomasis kodas, N = ??ženklas???????????????

Koks yra mažiausias (labiausiai neigiamas) sveikasis skaičius N, kurį galima užrašyti 16 bitų papildomuoju kodu?

16 bit
N =
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
tautologijaprieštarakontingencija

Ar ((q → r) ∧ (q → p)) → (r → p) yra tautologija, prieštara ar kontingencija? Spustelėkite savo atsakymą.

((q → r) ∧ (q → p)) → (r → p)
  1. 1tautologija
  2. 2prieštara
  3. 3kontingencija
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus

Kiek iš 16 teisingumo lentelės eilučių daro (p → (s ∧ ¬q)) ∧ ((s ↔ r) ∨ ¬q) teisingą? Pažymėkite šį skaičių N.

(p → (s ∧ ¬q)) ∧ ((s ↔ r) ∨ ¬q)
N =
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
ABCD000111100001111000010302040507161120130150140819111110

Karno žemėlapiu raskite minimalią F(A, B, C, D) = Σm(6, 9, 10, 11, 12) sandaugų sumos (SOP) formą. Kiek iš viso literalų L ji turi (su brūkšneliu žymimas kintamasis skaičiuojamas kaip vienas literalas)?

F(A, B, C, D) = Σm(6, 9, 10, 11, 12)
L =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
FFQ0​Q0​FFQ1​Q1​FFQ2​Q2​FFQ3​Q3​FFQ4​Q4​FFQ5​Q5​CLKMOD-50

Mod-50 skaitiklis sudarytas iš mažiausio galimo trigerių skaičiaus. Kiek iš galimų būsenų U niekada nenaudojama?

N = 50
U =
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis

Išspręskite 12x ≡ 9 (mod 35). Pateikite sprendinį x, kur 0 < x < 35.

12x ≡ 9 (mod 35)
x =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (301, 11)d = ?

RSA raktas naudoja pirminius skaičius p = 7 ir q = 43 bei viešąjį rodiklį e = 11. Raskite privatųjį rodiklį d (0 < d < φ(n)).

p = 7q = 43e = 11
d =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis

Ką matuoja amortizuotoji analizė?

  1. AVidutinę vienos operacijos kainą blogiausio atvejo operacijų sekoje
  2. BVienos brangiausios operacijos bet kurioje sekos vietoje kainą
  3. CAlgoritmo kainą su geriausia įvestimi
  4. DTikėtiną kainą su atsitiktinėmis įvestimis
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus

Kuris P klasės apibrėžimas teisingas?

  1. ASprendimo uždaviniai, kuriuos deterministinis algoritmas išsprendžia per polinominį laiką
  2. BUždaviniai, kuriems bet kuriame kompiuteryje reikia eksponentinio laiko
  3. CUždaviniai, kurių sprendinius galima patikrinti, bet niekada nerasti per polinominį laiką
  4. DUždaviniai, kuriuos galima spręsti lygiagrečiai
11.Duomenų struktūrosVidutinis

Kuri duomenų struktūra naudojama tikrinti, ar skliaustai eilutėje „{[()]}“ subalansuoti?

  1. AEilė
  2. BMaišos lentelė
  3. CDvejetainis paieškos medis
  4. DStekas
12.Duomenų struktūrosSunkus

Objektas saugomas kaip raktas maišos atvaizdyje, o paskui pakeičiamas laukas, kurį naudoja jo maišos funkcija. Koks tikėtinas rezultatas?

  1. ANiekas nepasikeičia, nes rakto maišos reikšmė skaičiuojama tik vieną kartą programai pasileidus
  2. BAtvaizdis automatiškai perkelia raktą į naują kibirą
  3. CAtvaizdis išmeta klaidą tą akimirką, kai laukas pasikeičia
  4. DObjekto paieška gali nepavykti, nes jis yra senosios maišos reikšmės kibire
13.Grafų teorijaVidutinis

Jungus grafas turi 7 viršūnių ir 17 briaunų. Kiek briaunų k reikia pašalinti, kad liktų karkasinis medis?

|V| = 7|E| = 17
k =
14.Grafų teorijaSunkus
1121015281412ABCDEF

Dijkstros algoritmas vykdomas nuo A. Spustelėkite viršūnę, užfiksuojamą (padaromą galutine) 3 etape; pats A yra 1 etapas.

pradžia: Aetapas 3
  1. 1A
  2. 2B
  3. 3C
  4. 4D
  5. 5E
  6. 6F
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis

Kuri ACID savybė garantuoja, kad patvirtinti pakeitimai išliks po sistemos gedimo?

  1. ANuoseklumas (consistency)
  2. BAtomiškumas (atomicity)
  3. CIzoliacija (isolation)
  4. DPatvarumas (durability)
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus

Du budintys gydytojai kiekvienas patikrina, kad kitas vis dar budi, ir abu tuo pačiu metu atsijungia. Kurią anomaliją čia vis dar gali leisti momentinės kopijos izoliacija (snapshot isolation)?

  1. ANešvarų rašymą
  2. BRašymo iškreipimą (write skew)
  3. CNepakartojamą skaitymą vienoje transakcijoje
  4. DNešvarų skaitymą
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis

Koks yra IPv6 grįžtamosios kilpos adresas?

  1. Afe80::1
  2. Bff02::1
  3. C::1
  4. D::
18.Kompiuterių tinklaiSunkus

Kodėl naršyklė įspėja, kai svetainė pateikia savarankiškai pasirašytą sertifikatą?

  1. AJokia patikima sertifikavimo įstaiga nepatvirtina, kad raktas priklauso tai svetainei
  2. BSertifikatas visada būna pasibaigęs
  3. CSavarankiškai pasirašyti sertifikatai visai nenaudoja šifravimo, todėl srautas siunčiamas atviru tekstu
  4. DSvetainė turi naudoti HTTP, o ne HTTPS
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
/24 → /2911111111111111111111111111111000tinklo bitaimazgo bitai

Tinklas 192.168.194.0/24 padalytas į /29 potinklius, sunumeruotus 1, 2, 3, … nuo mažiausio adreso (1 potinklis prasideda nuo .0). Koks potinklio Nr. 4 transliacijos adreso ketvirtasis oktetas x?

192.168.194.0/24/29potinklis 4 (1 potinklis prasideda nuo .0)
x =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
trečiasis oktetas = 116012816413211608140201tinklasmazgas

Mazgo adresas yra 172.20.116.16/19. Koks jo tinklo adreso trečiasis oktetas x?

172.20.116.16/19
x =

3Tirpalai

1.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: U = 142

Pozicinės skaičiavimo sistemos: kiekvienas skaitmuo vertas savo reikšmės, padaugintos iš pagrindo laipsnio. Dvejetainėje sistemoje pozicijos vertos 1, 2, 4, 8, 16, …, šešioliktainėje 1, 16, 256, …, o A–F reiškia 10–15. 8 bitų papildomajame kode kairysis bitas vertas −128 vietoj +128; taip saugomi neigiami skaičiai.

Invertuokite ir pridėkite vienetą

114 = 0111 0010
invertuota: 1000 1101
+1 → 1000 1110

Perskaitykite be ženklo

1000 1110₂ = 256 − 114 = 142

Atsakymas

U = 142
2.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: N = −32768

Pozicinės skaičiavimo sistemos: kiekvienas skaitmuo vertas savo reikšmės, padaugintos iš pagrindo laipsnio. Dvejetainėje sistemoje pozicijos vertos 1, 2, 4, 8, 16, …, šešioliktainėje 1, 16, 256, …, o A–F reiškia 10–15. 8 bitų papildomajame kode kairysis bitas vertas −128 vietoj +128; taip saugomi neigiami skaičiai.

Labiausiai neigiama reikšmė

−215 = −32768

Atsakymas

N = −32768
3.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: kontingencija

Loginis ekvivalentumas: dvi formulės yra ekvivalenčios (≡), kai kiekvienoje teisingumo lentelės eilutėje turi tą pačią reikšmę. Tautologija yra 1 kiekvienoje eilutėje, prieštara – 0 kiekvienoje eilutėje, o kontingencija nėra nei viena, nei kita. Naudingi dėsniai: De Morgano, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ir ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozicija); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ir distributyvumo dėsniai, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Teisingumo lentelė eilutė po eilutės

p = 1, q = 1, r = 1: q → r = 1, q → p = 1, (q → r) ∧ (q → p) = 1, r → p = 1, ((q → r) ∧ (q → p)) → (r → p) = 1
p = 1, q = 1, r = 0: q → r = 0, q → p = 1, (q → r) ∧ (q → p) = 0, r → p = 1, ((q → r) ∧ (q → p)) → (r → p) = 1
p = 1, q = 0, r = 1: q → r = 1, q → p = 1, (q → r) ∧ (q → p) = 1, r → p = 1, ((q → r) ∧ (q → p)) → (r → p) = 1
p = 1, q = 0, r = 0: q → r = 1, q → p = 1, (q → r) ∧ (q → p) = 1, r → p = 1, ((q → r) ∧ (q → p)) → (r → p) = 1
p = 0, q = 1, r = 1: q → r = 1, q → p = 0, (q → r) ∧ (q → p) = 0, r → p = 0, ((q → r) ∧ (q → p)) → (r → p) = 1
p = 0, q = 1, r = 0: q → r = 0, q → p = 0, (q → r) ∧ (q → p) = 0, r → p = 1, ((q → r) ∧ (q → p)) → (r → p) = 1
p = 0, q = 0, r = 1: q → r = 1, q → p = 1, (q → r) ∧ (q → p) = 1, r → p = 0, ((q → r) ∧ (q → p)) → (r → p) = 0
p = 0, q = 0, r = 0: q → r = 1, q → p = 1, (q → r) ∧ (q → p) = 1, r → p = 1, ((q → r) ∧ (q → p)) → (r → p) = 1

Klasifikuokite

((q → r) ∧ (q → p)) → (r → p): 1, 1, 1, 1, 1, 1, 0, 1
1 iš 7 iš 8 eilučių, 0 likusiose: kontingencija.

Atsakymas

kontingencija
4.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: N = 8

Teisingumo lentelės: formulė su n skirtingų kintamųjų turi 2ⁿ eilučių, po vieną kiekvienam teisingumo reikšmių deriniui (1 = teisinga, 0 = klaidinga). Dirbkite iš vidaus į išorę ir kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį. ¬a apverčia reikšmę; a ∧ b yra 1 tik tada, kai abu lygūs 1; a ∨ b yra 0 tik tada, kai abu lygūs 0; a → b yra 0 tik tada, kai a = 1 ir b = 0; a ↔ b yra 1, kai abi pusės lygios.

Stulpeliai

¬q; s ∧ ¬q; p → (s ∧ ¬q); s ↔ r; (s ↔ r) ∨ ¬q; (p → (s ∧ ¬q)) ∧ ((s ↔ r) ∨ ¬q)

Skaidymas pagal p

p = 1: 2
p = 0: 6
N = 2 + 6 = 8

Atsakymas

N = 8
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: L = 14

Karno žemėlapiai: langeliai išdėstyti Grejaus kodu (00, 01, 11, 10), todėl gretimi langeliai, įskaitant esančius per kraštus, skiriasi tiksliai vienu kintamuoju. Sugrupuokite vienetus į 1, 2, 4, 8 arba 16 langelių stačiakampius, kuo didesnius ir kuo mažiau, kol bus padengtas kiekvienas vienetas. Kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys: kintamieji, kurie joje nesikeičia. 2ᵏ langelių grupė netenka k kintamųjų. Nesvarbias reikšmes (X) galima naudoti grupėms didinti, bet jų dengti nebūtina. Grupuojant nulius, gaunama minimali POS forma.

ABCD000111100001111000010302040507161120130150140819111110

Sugrupuokite vienetus

Kiekviena grupė yra 2ᵏ langelių stačiakampis; kraštiniai langeliai yra priešingo krašto langelių kaimynai.

AB′D
AB′C
A′BCD′
ABC′D′

Minimali SOP forma

F = AB′D + AB′C + A′BCD′ + ABC′D′
L = 14

Atsakymas

L = 14
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: U = 14

Trigeriai ir skaitikliai: trigeris keičiasi tik aktyviu taktinio signalo frontu. D nukopijuoja savo įėjimą (Q⁺ = D); T perjungia, kai T = 1; JK išlaiko esant 00, nustato į 0 esant 01, nustato į 1 esant 10 ir perjungia esant 11. n bitų dvejetainis skaitiklis turi 2ⁿ būsenų ir skaičiuoja moduliu 2ⁿ; mod-N skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, N − 1 ir grįžta į 0, jam reikia mažiausiai n trigerių, kad 2ⁿ ≥ N. Kiekviena nuosekliojo (ripple) skaitiklio pakopa perpus sumažina dažnį, todėl paskutinis mod-N skaitiklio išėjimas veikia fclk/N dažniu. n trigerių Johnsono skaitiklis turi 2n būsenų, žiedinis – n.

Trigerių skaičius

2ⁿ ≥ 50 → n = 6 (2⁶ = 64)

Nenaudojamos būsenos

U = 64 − 50 = 14

Atsakymas

U = 14
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: x = 27

Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

12 atvirkštinis

r = 35, t = 0
r = 12, q = 2, t = 1
r = 11, q = 1, t = −2
r = 1, q = 11, t = 3
12−1 ≡ 3 (mod 35)

Išspręskite

x ≡ 3·9 = 27 ≡ 27 (mod 35)
patikra: 12·27 = 324 ≡ 9 (mod 35)

Atsakymas

x = 27
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: d = 23

Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.

Modulis ir Oilerio funkcija

n = 7·43 = 301
φ(n) = 6·42 = 252

Išplėstinis Euklido algoritmas

r = 252, t = 0
r = 11, q = 22, t = 1
r = 10, q = 1, t = −22
r = 1, q = 10, t = 23

Privatusis rodiklis

d = 23
patikra: 11·23 = 253 = 1·252 + 1

Atsakymas

d = 23
9.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: A · Vidutinę vienos operacijos kainą blogiausio atvejo operacijų sekoje

Kodėl tai yra atsakymas

Amortizuotoji analizė retų brangių operacijų kainą paskirsto daugybei pigių ir duoda garantuotą vidurkį bet kuriai sekai.

Atsakymas

A · Vidutinę vienos operacijos kainą blogiausio atvejo operacijų sekoje
10.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: A · Sprendimo uždaviniai, kuriuos deterministinis algoritmas išsprendžia per polinominį laiką

Kodėl tai yra atsakymas

P apima sprendimo uždavinius, turinčius deterministinį polinominio laiko algoritmą, pvz., patikrinimą, ar grafas jungus.

Atsakymas

A · Sprendimo uždaviniai, kuriuos deterministinis algoritmas išsprendžia per polinominį laiką
11.Duomenų struktūros

Atsakymas: D · Stekas

Kodėl tai yra atsakymas

Kiekvieną atidarantį skliaustą atlikite push, o pasirodžius uždarančiam – pop; jis turi atitikti išimtą skliaustą, o pabaigoje stekas turi būti tuščias.

Atsakymas

D · Stekas
12.Duomenų struktūros

Atsakymas: D · Objekto paieška gali nepavykti, nes jis yra senosios maišos reikšmės kibire

Kodėl tai yra atsakymas

Rakto vieta buvo parinkta pagal senąją maišos reikšmę; su nauja maišos reikšme paieška ieško netinkamame kibire, todėl raktai turėtų būti nekeičiami.

Atsakymas

D · Objekto paieška gali nepavykti, nes jis yra senosios maišos reikšmės kibire
13.Grafų teorija

Atsakymas: k = 11

Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.

Karkasinio medžio briaunos

7 − 1 = 6

Pašalintinos briaunos

k = 17 − 6 = 11

Atsakymas

k = 11
14.Grafų teorija

Atsakymas: C

Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.

Dijkstra etapas po etapo

1. A (0): B: 1, C: 12
2. B (1): C: 11, D: 16, E: 13
3. C (11)
4. E (13): D: 15, F: 27
5. D (15): F: 23
6. F (23)

etapas 3

C

Atsakymas

C
15.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: D · Patvarumas (durability)

Kodėl tai yra atsakymas

Patvarumas reiškia, kad transakcijai patvirtinus, jos poveikis išsaugomas, paprastai įrašant žurnalą į patvarią atmintį.

Atsakymas

D · Patvarumas (durability)
16.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: B · Rašymo iškreipimą (write skew)

Kodėl tai yra atsakymas

Taikant momentinės kopijos izoliaciją abi transakcijos mato seną būseną ir keičia skirtingas eilutes, todėl rašymo konfliktas neaptinkamas; serializuojama izoliacija to neleidžia.

Atsakymas

B · Rašymo iškreipimą (write skew)
17.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: C · ::1

Kodėl tai yra atsakymas

::1 yra grįžtamosios kilpos adresas. :: yra nenurodytas adresas, fe80::/10 – kanalo vietiniai (link-local) adresai, o ff02::1 – visų mazgų daugiaadresio siuntimo grupė.

Atsakymas

C · ::1
18.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: A · Jokia patikima sertifikavimo įstaiga nepatvirtina, kad raktas priklauso tai svetainei

Kodėl tai yra atsakymas

Naršyklės pasitiki sertifikatais, kuriuos tiesiogiai ar per grandinę pasirašė jų pasitikėjimo saugykloje esančios sertifikavimo įstaigos. Savarankiškai pasirašytą sertifikatą galėtų sukurti bet kas, pvz., tarpininkas užpuolikas.

Atsakymas

A · Jokia patikima sertifikavimo įstaiga nepatvirtina, kad raktas priklauso tai svetainei
19.IPv4 potinkliai

Atsakymas: x = 31

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Bloko dydis

23 = 8

Potinklis Nr. 4

tinklas: (4 − 1)·8 = 24
transliacija: 24 + 8 − 1 = 31

Atsakymas

x = 31
20.IPv4 potinkliai

Atsakymas: x = 96

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Bloko dydis trečiajame oktete

25 = 32

Šio mazgo potinklis

tinklas: 172.20.96.0
transliacija: 172.20.127.255

Atsakymas

x = 96

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals