Informatikos pagrindai: pasiruošimo paketas

Formulių lapai, pagrindiniai kiekvienos temos metodų žingsniai ir 20 uždavinių, o pilni sprendimai pateikti gale.

Nauji uždaviniaiAtgal į kursą

Spausdinimo lange pasirinkite „Išsaugoti kaip PDF“, kad nuosavą kopiją išsaugotumėte savo įrenginyje.

1Formulės ir metodai

Skaičiavimo sistemos

Pozicijų vertės
dvejetainė 2k, aštuntainė 8k, šešioliktainė 16k
Į dešimtainę
Σ dk·bk
Iš dešimtainės
dalykite iš pagrindo, liekanas skaitykite iš apačios į viršų
Šešioliktainė ↔ dvejetainė
vienas šešioliktainis skaitmuo = 4 bitai
Papildomasis kodas
invertuokite bitus ir pridėkite 1

Teiginių logika ir įrodymai

Teisingumo lentelės eilutės
2ⁿ
Implikacija
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikacijos neigimas
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Ekvivalencija
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgano dėsniai
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributyvumo dėsniai
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Kvantorių neigimas
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metodas

  1. Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
  2. Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
  3. Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
  4. Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
  5. Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.

Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų

Metodas

  1. Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
  2. Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
  3. Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
  4. Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.

Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metodas

  1. Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
  2. Didžiausiam bendrajam dalikliui kartokite dalybą Euklido algoritmu; paskutinė nenulinė liekana yra DBD.
  3. Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
  4. Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
  5. Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafų teorija

Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij

Metodas

  1. Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
  2. Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
  3. Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
  4. Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
  5. Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).

IPv4 potinkliai

Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n

2Uždaviniai

1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
8 bitų papildomasis kodas0−12806403201608040201

Nustatykite bitus, kad jie saugotų −71 8 bitų dvejetainiu papildomuoju kodu. Skaitant kaip skaičių be ženklo, kokia šablono reikšmė U?

N = −718 bit
U =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
662 kodai, b = ? bitų?2ᵇ⁻¹…?4?2?1

Sistema kiekvienam iš 662 elementų turi suteikti atskirą tokio pat ilgio dvejetainį kodą. Kiek mažiausiai bitų b reikia?

662
b = bit
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
abcc ∨ ¬a(b → ¬c) → (c ∨ ¬a)(b ↔ a) ∨ ((b → ¬c) → (c ∨ ¬a))111?110?101?100?011?010?001?000?

Kiek iš 8 teisingumo lentelės eilučių (b ↔ a) ∨ ((b → ¬c) → (c ∨ ¬a)) yra teisinga? Pažymėkite šį skaičių N.

(b ↔ a) ∨ ((b → ¬c) → (c ∨ ¬a))
N =
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
∃x (P(x) → ∀y ¬R(x, y))∃x (P(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))∃x (¬P(x) ∧ ∃y R(x, y))∀x (P(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))

Kuris teiginys yra ekvivalentus ¬∀x (P(x) → ∃y R(x, y)), kai neigimas perkeltas iki pat vidaus? Spustelėkite jį.

¬∀x (P(x) → ∃y R(x, y))
  1. 1∃x (P(x) → ∀y ¬R(x, y))
  2. 2∃x (P(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))
  3. 3∃x (¬P(x) ∧ ∃y R(x, y))
  4. 4∀x (P(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
ABC000111100101324576

Supaprastinkite F = BC′ + A′B′ + AB′C iki minimalios sandaugų sumos formos. Kiek literalų L turi supaprastinta išraiška?

F = BC′ + A′B′ + AB′C
L =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
CLKJK123456

Kylančiuoju frontu valdomas JK trigeris pradeda nuo Q = 0 ir gauna parodytus įėjimus. Spustelėkite pirmąjį taktinį frontą, kuriuo Q iš 1 grįžta į 0.

Q₀ = 0JK
  1. 1taktinis frontas 1
  2. 2taktinis frontas 2
  3. 3taktinis frontas 3
  4. 4taktinis frontas 4
  5. 5taktinis frontas 5
  6. 6taktinis frontas 6
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis

Raskite Oilerio funkciją φ(1183), t. y. sveikųjų skaičių nuo 1 iki 1183, tarpusavyje pirminių su 1183, skaičių.

n = 1183 = 7·132
φ(1183) =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus
634c = me​ mod n?m = cd​ mod nm(n, e) = (851, 17)d

Užšifruokite pranešimą m = 634 RSA viešuoju raktu (n, e) = (851, 17). Raskite šifrogramą c.

n = 851e = 17m = 634
c =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis

Koks yra Bellmano–Fordo algoritmo laiko sudėtingumas grafui su V viršūnių ir E briaunų?

  1. AO(E log V)
  2. BO(V + E)
  3. CO(V × E)
  4. DO(V³ × E)
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus

Koks yra Dijkstros algoritmo su dvejetaine krūva vykdymo laikas grafui su V viršūnių ir E briaunų?

  1. AO(V × E)
  2. BO((V + E) log V)
  3. CO(V³)
  4. DO(V + E)
11.Duomenų struktūrosVidutinis

Kas teisinga apie nekryptinio grafo gretimumo matricą?

  1. AJi simetriška pagrindinės įstrižainės atžvilgiu
  2. BJi visada viršutinė trikampė
  3. CKiekvienoje eilutėje yra lygiai vienas 1
  4. DJos pagrindinėje įstrižainėje visada yra vienetai
12.Duomenų struktūrosSunkus

Kahno topologinio rikiavimo algoritmas pakartotinai šalina viršūnes, kurių įeinantis laipsnis lygus 0. Kuri struktūra laiko šias viršūnes?

  1. AVisų aplankytų briaunų stekas
  2. BPagal išeinantį laipsnį sutvarkyta max krūva
  3. CViršūnių, kurių įeinantis laipsnis 0, eilė (ar bet kuri kolekcija)
  4. DGretimumo matrica, žyminti, kurios viršūnės jau pašalintos
13.Grafų teorijaVidutinis

Jungus grafas turi 20 viršūnių ir 31 briaunų. Kiek briaunų k reikia pašalinti, kad liktų karkasinis medis?

|V| = 20|E| = 31
k =
14.Grafų teorijaSunkus
91515497131ABCDEF

Dijkstros algoritmu raskite trumpiausio kelio nuo A iki F svertiniame grafe ilgį d(F).

pradžia: Apabaiga: F
d(F) =
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis

Kuri užklausa grąžina didžiausią atlyginimą kiekviename skyriuje?

  1. ASELECT MAX(dept), salary FROM emp GROUP BY salary
  2. BSELECT dept, MAX(salary) FROM emp ORDER BY dept
  3. CSELECT dept, salary FROM emp WHERE salary = MAX(salary)
  4. DSELECT dept, MAX(salary) FROM emp GROUP BY dept
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus

Ko reikalauja išankstinio žurnalo rašymo (WAL) taisyklė?

  1. ADuomenų puslapiai turi būti įrašyti anksčiau už žurnalą
  2. BKiekviena užklausa turi būti įrašyta į žurnalą prieš ją analizuojant
  3. CPakeitimo žurnalo įrašas turi pasiekti patvarią atmintį anksčiau už pakeistą duomenų puslapį
  4. DŽurnalas rašomas tik po gedimo
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis

Kuri potinklio kaukė atitinka /20?

  1. A255.255.240.0
  2. B255.255.248.0
  3. C255.255.224.0
  4. D255.255.255.240
18.Kompiuterių tinklaiSunkus

Kuo fragmentacija IPv6 skiriasi nuo IPv4?

  1. AIPv6 fragmentuoja transporto lygmeniu TCP viduje
  2. BIPv6 neleidžia didesnių nei 576 baitų paketų
  3. CMaršrutizatoriai niekada nefragmentuoja IPv6 paketų; tai gali daryti tik šaltinis, naudodamas kelio MTU aptikimą
  4. DIPv6 maršrutizatoriai prieš persiųsdami fragmentuoja kiekvieną didesnį nei 64 baitų paketą
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
/?11111111111111111111111100000000tinklo bitaimazgo bitai

Skyriui viename potinklyje reikia 183 mazgų adresų. Koks yra ilgiausias prefiksas p (mažiausias potinklis), kurio pakanka?

183 hosts
p =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
trečiasis oktetas 232 … 238112816413201618040201bendriskiriasi

Maršrutizatorius turi maršrutus į šiuos tinklus: 10.229.232.0/24, 10.229.233.0/24, 10.229.234.0/24, 10.229.235.0/24, 10.229.236.0/24, 10.229.237.0/24, 10.229.238.0/24. Koks ilgiausias vieno apibendrinto maršruto, apimančio juos visus, prefikso ilgis p?

10.229.232.0/24 … 10.229.238.0/24
p =

3Tirpalai

1.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: U = 185

Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.

Invertuokite ir pridėkite vienetą

71 = 0100 0111
invertuota: 1011 1000
+1 → 1011 1001

Perskaitykite be ženklo

1011 1001₂ = 256 − 71 = 185

Atsakymas

U = 185
2.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: b = 10 bit

Pozicinės skaičiavimo sistemos: kiekvienas skaitmuo vertas savo reikšmės, padaugintos iš pagrindo laipsnio. Dvejetainėje sistemoje pozicijos vertos 1, 2, 4, 8, 16, …, šešioliktainėje 1, 16, 256, …, o A–F reiškia 10–15. 8 bitų papildomajame kode kairysis bitas vertas −128 vietoj +128; taip saugomi neigiami skaičiai.

Dvejeto laipsniai

29 = 512 < 662
210 = 1024 ≥ 662

Atsakymas

b = 10
3.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: N = 7

Teisingumo lentelės: formulė su n skirtingų kintamųjų turi 2ⁿ eilučių, po vieną kiekvienam teisingumo reikšmių deriniui (1 = teisinga, 0 = klaidinga). Dirbkite iš vidaus į išorę ir kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį. ¬a apverčia reikšmę; a ∧ b yra 1 tik tada, kai abu lygūs 1; a ∨ b yra 0 tik tada, kai abu lygūs 0; a → b yra 0 tik tada, kai a = 1 ir b = 0; a ↔ b yra 1, kai abi pusės lygios.

Teisingumo lentelė eilutė po eilutės

a = 1, b = 1, c = 1: b ↔ a = 1, ¬c = 0, b → ¬c = 0, ¬a = 0, c ∨ ¬a = 1, (b → ¬c) → (c ∨ ¬a) = 1, (b ↔ a) ∨ ((b → ¬c) → (c ∨ ¬a)) = 1
a = 1, b = 1, c = 0: b ↔ a = 1, ¬c = 1, b → ¬c = 1, ¬a = 0, c ∨ ¬a = 0, (b → ¬c) → (c ∨ ¬a) = 0, (b ↔ a) ∨ ((b → ¬c) → (c ∨ ¬a)) = 1
a = 1, b = 0, c = 1: b ↔ a = 0, ¬c = 0, b → ¬c = 1, ¬a = 0, c ∨ ¬a = 1, (b → ¬c) → (c ∨ ¬a) = 1, (b ↔ a) ∨ ((b → ¬c) → (c ∨ ¬a)) = 1
a = 1, b = 0, c = 0: b ↔ a = 0, ¬c = 1, b → ¬c = 1, ¬a = 0, c ∨ ¬a = 0, (b → ¬c) → (c ∨ ¬a) = 0, (b ↔ a) ∨ ((b → ¬c) → (c ∨ ¬a)) = 0
a = 0, b = 1, c = 1: b ↔ a = 0, ¬c = 0, b → ¬c = 0, ¬a = 1, c ∨ ¬a = 1, (b → ¬c) → (c ∨ ¬a) = 1, (b ↔ a) ∨ ((b → ¬c) → (c ∨ ¬a)) = 1
a = 0, b = 1, c = 0: b ↔ a = 0, ¬c = 1, b → ¬c = 1, ¬a = 1, c ∨ ¬a = 1, (b → ¬c) → (c ∨ ¬a) = 1, (b ↔ a) ∨ ((b → ¬c) → (c ∨ ¬a)) = 1
a = 0, b = 0, c = 1: b ↔ a = 1, ¬c = 0, b → ¬c = 1, ¬a = 1, c ∨ ¬a = 1, (b → ¬c) → (c ∨ ¬a) = 1, (b ↔ a) ∨ ((b → ¬c) → (c ∨ ¬a)) = 1
a = 0, b = 0, c = 0: b ↔ a = 1, ¬c = 1, b → ¬c = 1, ¬a = 1, c ∨ ¬a = 1, (b → ¬c) → (c ∨ ¬a) = 1, (b ↔ a) ∨ ((b → ¬c) → (c ∨ ¬a)) = 1

Suskaičiuokite eilutes su reikšme 1

(b ↔ a) ∨ ((b → ¬c) → (c ∨ ¬a)): 1, 1, 1, 0, 1, 1, 1, 1
N = 7

Atsakymas

N = 7
4.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: ∃x (P(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))

Kvantoriai ir argumentai: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ir ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Perkelkite neigimą į vidų, sukeiskite kiekvieną kvantorių, pro kurį jis praeina, o vidinę formulę paneikite teiginių logikos dėsniais, pavyzdžiui, ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Argumentas yra teisingas (galiojantis), kai išvada lygi 1 kiekvienoje eilutėje, kurioje visos prielaidos lygios 1. Viena eilutė su teisingomis prielaidomis ir klaidinga išvada yra kontrapavyzdys ir rodo, kad argumentas negalioja.

Perkelkite neigimą į vidų

¬∀x (P(x) → ∃y R(x, y)) ≡ ∃x (P(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))

Atsakymas

∃x (P(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))

Kiti variantai arba palieka kvantorių nepakeistą, arba keičia kvantorių tvarką, arba netinkamai neigia vidinę formulę.

5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: L = 6

Būlio algebra: išraiškas supaprastinančios taisyklės yra X + X′ = 1 ir X·X′ = 0, X + X = X, sugėrimas X + X·Y = X, jungimo taisyklė X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y ir konsensuso teorema XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. De Morgano dėsniai (X·Y)′ paverčia X′ + Y′, o (X + Y)′ – X′·Y′. Karno žemėlapis šias taisykles taiko grafiškai: kiekviena dviejų gretimų langelių grupė yra vienas XY + XY′ = X taikymas.

Išraiškos mintermos

BC′ → m(2, 6)
A′B′ → m(0, 1)
AB′C → m(5)
ABC00011110011011031204150716

Sugrupuokite ir nuskaitykite

F = B′C + BC′ + A′C′

Suskaičiuokite literalus

L = 6

Atsakymas

L = 6

Egzistuoja kitas to paties dydžio grupavimas; jis turi tiek pat literalų.

6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: taktinis frontas 5

Trigeriai ir skaitikliai: trigeris keičiasi tik aktyviu taktinio signalo frontu. D nukopijuoja savo įėjimą (Q⁺ = D); T perjungia, kai T = 1; JK išlaiko esant 00, nustato į 0 esant 01, nustato į 1 esant 10 ir perjungia esant 11. n bitų dvejetainis skaitiklis turi 2ⁿ būsenų ir skaičiuoja moduliu 2ⁿ; mod-N skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, N − 1 ir grįžta į 0, jam reikia mažiausiai n trigerių, kad 2ⁿ ≥ N. Kiekviena nuosekliojo (ripple) skaitiklio pakopa perpus sumažina dažnį, todėl paskutinis mod-N skaitiklio išėjimas veikia fclk/N dažniu. n trigerių Johnsono skaitiklis turi 2n būsenų, žiedinis – n.

Q po kiekvieno fronto

JK trigeris: 00 išlaiko, 01 nustato į 0 (Q = 0), 10 nustato į 1 (Q = 1), 11 perjungia.

1: J = 0, K = 0 → Q = 0
2: J = 1, K = 0 → Q = 1
3: J = 0, K = 0 → Q = 1
4: J = 0, K = 0 → Q = 1
5: J = 0, K = 1 → Q = 0
6: J = 1, K = 0 → Q = 1

Pirmasis pokytis iš 1 į 0

taktinis frontas 5

Atsakymas

taktinis frontas 5
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: φ(1183) = 936

Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Pirminiai daugikliai

1183 = 7·132

Oilerio funkcija

φ(1183) = φ(169)·φ(7) = 156·6 = 936

Atsakymas

φ(1183) = 936
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: c = 466

Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.

Kartotinis kėlimas kvadratu

17 = 16 + 1
6341 ≡ 634 (mod 851)
6342 ≡ 284 (mod 851)
6344 ≡ 662 (mod 851)
6348 ≡ 830 (mod 851)
63416 ≡ 441 (mod 851)
63417 ≡ 634·441 ≡ 466 (mod 851)

Šifrograma

c = 466

Atsakymas

c = 466
9.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: C · O(V × E)

Kodėl tai yra atsakymas

Kiekvienas iš V − 1 etapų relaksuoja visas E briaunas, todėl gaunama O(VE); mainais algoritmas tvarkosi su neigiamais briaunų svoriais.

Atsakymas

C · O(V × E)
10.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: B · O((V + E) log V)

Kodėl tai yra atsakymas

Atliekama V minimumo išėmimo ir iki E rakto sumažinimo operacijų, kurių kiekviena O(log V); Fibonačio krūva tai pagerina iki O(E + V log V).

Atsakymas

B · O((V + E) log V)
11.Duomenų struktūros

Atsakymas: A · Ji simetriška pagrindinės įstrižainės atžvilgiu

Kodėl tai yra atsakymas

Nekryptiniame grafe briauna {u, v} reiškia, kad nustatyti ir M[u][v], ir M[v][u], todėl matrica lygi savo transponuotajai.

Atsakymas

A · Ji simetriška pagrindinės įstrižainės atžvilgiu
12.Duomenų struktūros

Atsakymas: C · Viršūnių, kurių įeinantis laipsnis 0, eilė (ar bet kuri kolekcija)

Kodėl tai yra atsakymas

Paruoštos viršūnės laikomos eilėje; pašalinus vieną, sumažėja jos kaimynų įeinantys laipsniai, o pasiekusios 0 pridedamos, todėl laikas yra O(V + E).

Atsakymas

C · Viršūnių, kurių įeinantis laipsnis 0, eilė (ar bet kuri kolekcija)
13.Grafų teorija

Atsakymas: k = 12

Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.

Karkasinio medžio briaunos

20 − 1 = 19

Pašalintinos briaunos

k = 31 − 19 = 12

Atsakymas

k = 12
14.Grafų teorija

Atsakymas: d(F) = 26

Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.

Dijkstra etapas po etapo

Kiekviena eilutė: užfiksuota viršūnė, jos galutinis atstumas ir kaimynai, kurių atstumas pagerėja.

A (0): B: 9, C: 15
B (9): D: 13, E: 10
E (10)
D (13): F: 26
C (15)
F (26)

Trumpiausias kelias

A → B → D → F
d(F) = 26

Atsakymas

d(F) = 26
15.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: D · SELECT dept, MAX(salary) FROM emp GROUP BY dept

Kodėl tai yra atsakymas

GROUP BY dept sukuria grupę kiekvienam skyriui, o MAX(salary) kiekvienoje išrenka didžiausią reikšmę.

Atsakymas

D · SELECT dept, MAX(salary) FROM emp GROUP BY dept
16.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: C · Pakeitimo žurnalo įrašas turi pasiekti patvarią atmintį anksčiau už pakeistą duomenų puslapį

Kodėl tai yra atsakymas

Žurnalo rašymas pirmiausia leidžia DBVS po gedimo pakartoti patvirtintą darbą ir atšaukti nepatvirtintą, taip užtikrinant atomiškumą ir patvarumą.

Atsakymas

C · Pakeitimo žurnalo įrašas turi pasiekti patvarią atmintį anksčiau už pakeistą duomenų puslapį
17.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: A · 255.255.240.0

Kodėl tai yra atsakymas

/20 reiškia 8 + 8 + 4 vienetinius bitus. Keturi vienetiniai bitai trečiajame oktete yra 11110000 = 240, todėl kaukė 255.255.240.0.

Atsakymas

A · 255.255.240.0
18.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: C · Maršrutizatoriai niekada nefragmentuoja IPv6 paketų; tai gali daryti tik šaltinis, naudodamas kelio MTU aptikimą

Kodėl tai yra atsakymas

IPv6 maršrutizatorius per didelį paketą atmeta ir grąžina ICMPv6 Packet Too Big. Tada šaltinis siunčia mažesnius paketus arba naudoja fragmento išplėtimo antraštę.

Atsakymas

C · Maršrutizatoriai niekada nefragmentuoja IPv6 paketų; tai gali daryti tik šaltinis, naudodamas kelio MTU aptikimą
19.IPv4 potinkliai

Atsakymas: p = 24

IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).

Reikalingi mazgo bitai

27 − 2 = 126 < 183
28 − 2 = 254 ≥ 183 → h = 8

Prefikso ilgis

p = 32 − 8 = 24

Atsakymas

p = /24
20.IPv4 potinkliai

Atsakymas: p = 21

Maršrutų apibendrinimas: apibendrintas maršrutas a.b.c.0/p apima visus tinklus, kurių pirmieji p bitai sutampa. Pirmojo ir paskutinio tinklo besiskiriantį oktetą užrašykite dvejetainiu pavidalu; bendrų pradinių bitų skaičius, pridėjus ankstesnių oktetų bitus, yra ilgiausias apibendrinimo prefiksas.

Palyginkite bitus

232 = 11101000
238 = 11101110
bendri pradiniai bitai: 5

Prefikso ilgis

p = 16 + 5 = 21

Atsakymas

p = /21

Apibendrintas maršrutas: 10.229.232.0/21 (jis taip pat apima tinklų, kurių nėra sąraše: 1).

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals