Informatikos pagrindai: pasiruošimo paketas

Formulių lapai, pagrindiniai kiekvienos temos metodų žingsniai ir 20 uždavinių, o pilni sprendimai pateikti gale.

Nauji uždaviniaiAtgal į kursą

Spausdinimo lange pasirinkite „Išsaugoti kaip PDF“, kad nuosavą kopiją išsaugotumėte savo įrenginyje.

1Formulės ir metodai

Skaičiavimo sistemos

Pozicijų vertės
dvejetainė 2k, aštuntainė 8k, šešioliktainė 16k
Į dešimtainę
Σ dk·bk
Iš dešimtainės
dalykite iš pagrindo, liekanas skaitykite iš apačios į viršų
Šešioliktainė ↔ dvejetainė
vienas šešioliktainis skaitmuo = 4 bitai
Papildomasis kodas
invertuokite bitus ir pridėkite 1

Teiginių logika ir įrodymai

Teisingumo lentelės eilutės
2ⁿ
Implikacija
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikacijos neigimas
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Ekvivalencija
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgano dėsniai
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributyvumo dėsniai
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Kvantorių neigimas
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metodas

  1. Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
  2. Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
  3. Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
  4. Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
  5. Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.

Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų

Metodas

  1. Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
  2. Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
  3. Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
  4. Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.

Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metodas

  1. Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
  2. Didžiausiam bendrajam dalikliui kartokite dalybą Euklido algoritmu; paskutinė nenulinė liekana yra DBD.
  3. Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
  4. Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
  5. Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafų teorija

Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij

Metodas

  1. Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
  2. Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
  3. Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
  4. Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
  5. Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).

IPv4 potinkliai

Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n

2Uždaviniai

1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
pozicijų vertės papildomajame kode0−12816413211618140201

8 bitų seka 0111 1100 saugo sveikąjį skaičių su ženklu papildomajame kode. Kokia jo reikšmė N dešimtainėje sistemoje?

0111 11008 bit
N =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
spustelėkite bitus, kad juos nustatytumėte012806403201608040201

Nustatykite bitus pagal 8 bitų rezultatą 0010 0110 AND 0011 0000. Kokia rezultato reikšmė R dešimtainėje sistemoje?

0010 0110AND0011 0000
R =
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
pqr¬(q → ¬r)((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r)¬(((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r))111?110?101?100?011?010?001?000?

Kiek iš 8 teisingumo lentelės eilučių ¬(((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r)) yra teisinga? Pažymėkite šį skaičių N.

¬(((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r))
N =
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
bcb ∨ cb¬c11100100

Argumentas su prielaidomis b ∨ c; b ir išvada ¬c negalioja. Spustelėkite teisingumo lentelės eilutę, kuri yra kontrapavyzdys.

b ∨ cb∴ ¬c
  1. 1b = 1, c = 1
  2. 2b = 1, c = 0
  3. 3b = 0, c = 1
  4. 4b = 0, c = 0
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
ABCD000111100001111000111312140507061120130150141809011010

Karno žemėlapiu raskite minimalią F(A, B, C, D) = Σm(1, 2, 3, 4, 8, 12) sandaugų sumos (SOP) formą. Kiek iš viso literalų L ji turi (su brūkšneliu žymimas kintamasis skaičiuojamas kaip vienas literalas)?

F(A, B, C, D) = Σm(1, 2, 3, 4, 8, 12)
L =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
CLKJK12345678

Kylančiuoju frontu valdomas JK trigeris pradeda nuo Q = 0 ir gauna parodytus įėjimus. Spustelėkite pirmąjį taktinį frontą, kuriuo Q iš 1 grįžta į 0.

Q₀ = 0JK
  1. 1taktinis frontas 1
  2. 2taktinis frontas 2
  3. 3taktinis frontas 3
  4. 4taktinis frontas 4
  5. 5taktinis frontas 5
  6. 6taktinis frontas 6
  7. 7taktinis frontas 7
  8. 8taktinis frontas 8
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis

Raskite mažiausią teigiamą sveikąjį skaičių x, kur x ≡ 2 (mod 5) ir x ≡ 0 (mod 9).

x ≡ 2 (mod 5)x ≡ 0 (mod 9)
x =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus
132c = me​ mod n?m = cd​ mod nm(n, e) = (203, 23)d

Užšifruokite pranešimą m = 132 RSA viešuoju raktu (n, e) = (203, 23). Raskite šifrogramą c.

n = 203e = 23m = 132
c =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis

Ką reiškia, kad uždavinys turi optimalią struktūrą (optimal substructure)?

  1. AOptimalų sprendinį galima sudaryti iš optimalių jo dalinių uždavinių sprendinių
  2. BVisi daliniai uždaviniai yra vienodo dydžio
  3. CUždavinį galima išspręsti per pastovų laiką
  4. DUždavinys turi lygiai vieną optimalų sprendinį, kurį bendrai turi visi dalinių uždavinių sprendiniai
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus

Kuris algoritmas randa minimalų jungiamąjį medį, pakartotinai pridėdamas pigiausią briauną, kuri nesudaro ciklo?

  1. AKruskalo algoritmas
  2. BPrimo algoritmas, pradedant nuo vienos viršūnės
  3. CFloido–Voršalo algoritmas
  4. DDijkstros algoritmas
11.Duomenų struktūrosVidutinis

Kiek atminties naudoja gretimumo sąrašas grafui su V viršūnių ir E briaunų?

  1. AO(V + E)
  2. BO(E²)
  3. CO(V²)
  4. DO(V × E)
12.Duomenų struktūrosSunkus

Kiek laiko užtrunka bet kurio rakto paieška n elementų dvejetainėje min krūvoje?

  1. AO(1)
  2. BO(log n)
  3. CO(log log n)
  4. DO(n)
13.Grafų teorijaVidutinis

Medis turi 2 viršūnių, kurių laipsnis 4, o visos kitos jo viršūnės yra lapai (laipsnis 1). Kiek lapų L jis turi?

2 × deg 4
L =
14.Grafų teorijaSunkus
ABCDE

Kiek yra 2 ilgio maršrutų iš B į A? Maršrutas gali kartoti viršūnes ir briaunas. Pažymėkite skaičių N.

M = gretimumo matricaL = 2
N =
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis

Kada WHERE EXISTS (použklausa) eilutei yra teisinga?

  1. AKai použklausa negrąžina NULL reikšmių
  2. BKai použklausa grąžina bent vieną eilutę
  3. CKai použklausa grąžina skaičių, didesnį už nulį
  4. DKai použklausa grąžina lygiai vieną eilutę
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus

Ko reikalauja išankstinio žurnalo rašymo (WAL) taisyklė?

  1. AŽurnalas rašomas tik po gedimo
  2. BDuomenų puslapiai turi būti įrašyti anksčiau už žurnalą
  3. CPakeitimo žurnalo įrašas turi pasiekti patvarią atmintį anksčiau už pakeistą duomenų puslapį
  4. DKiekviena užklausa turi būti įrašyta į žurnalą prieš ją analizuojant
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis

Naršyklė gauna HTTP būsenos kodą 404. Ką jis reiškia?

  1. AUžklausa pavyko
  2. BServeryje įvyko vidinė klaida
  3. CUžklaustas išteklius nerastas
  4. DKlientas pirmiausia turi prisijungti
18.Kompiuterių tinklaiSunkus

Eilės pradžios blokavimas (head-of-line blocking) HTTP/2 per TCP atsiranda todėl, kad:

  1. AServeriai negali apdoroti lygiagrečių užklausų
  2. BKiekvienai užklausai reikia atskiro naujo TCP ryšio, todėl vėlesnės užklausos laukia eilėje
  3. CPrarastas TCP segmentas sulaiko visus multipleksuotus srautus, kol bus pakartotinai išsiųstas
  4. DHTTP/2 naudoja UDP
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
/24 → /2611111111111111111111111111000000tinklo bitaimazgo bitai

Tinklą 192.168.10.0/24 reikia padalyti į bent 3 vienodų potinklių. Jei pasiskolinsite kuo mažiau bitų, kiek naudojamų mazgų H turės kiekvienas potinklis?

192.168.10.0/243 subnets
H =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
trečiasis oktetas = 93012816403211618140211tinklasmazgas

Mazgo adresas yra 172.20.93.190/21. Koks jo potinklio transliacijos adreso trečiasis oktetas x?

172.20.93.190/21
x =

3Tirpalai

1.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: N = 124

Pozicinės skaičiavimo sistemos: kiekvienas skaitmuo vertas savo reikšmės, padaugintos iš pagrindo laipsnio. Dvejetainėje sistemoje pozicijos vertos 1, 2, 4, 8, 16, …, šešioliktainėje 1, 16, 256, …, o A–F reiškia 10–15. 8 bitų papildomajame kode kairysis bitas vertas −128 vietoj +128; taip saugomi neigiami skaičiai.

Sudėkite vertes

Kiti bitai išlaiko įprastas teigiamas vertes.

64 + 32 + 16 + 8 + 4 = 124

Atsakymas

N = 124
2.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: R = 32

Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.

Bitas po bito

AND duoda 1 tik ten, kur abu bitai yra 1.

0010 0110
AND 0011 0000
= 0010 0000

Rezultato reikšmė

0010 0000₂ = 32

Atsakymas

R = 32
3.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: N = 1

Teisingumo lentelės: formulė su n skirtingų kintamųjų turi 2ⁿ eilučių, po vieną kiekvienam teisingumo reikšmių deriniui (1 = teisinga, 0 = klaidinga). Dirbkite iš vidaus į išorę ir kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį. ¬a apverčia reikšmę; a ∧ b yra 1 tik tada, kai abu lygūs 1; a ∨ b yra 0 tik tada, kai abu lygūs 0; a → b yra 0 tik tada, kai a = 1 ir b = 0; a ↔ b yra 1, kai abi pusės lygios.

Teisingumo lentelė eilutė po eilutės

p = 1, q = 1, r = 1: p → q = 1, (p → q) ∧ r = 1, ¬r = 0, q → ¬r = 0, ¬(q → ¬r) = 1, ((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r) = 1, ¬(((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r)) = 0
p = 1, q = 1, r = 0: p → q = 1, (p → q) ∧ r = 0, ¬r = 1, q → ¬r = 1, ¬(q → ¬r) = 0, ((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r) = 1, ¬(((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r)) = 0
p = 1, q = 0, r = 1: p → q = 0, (p → q) ∧ r = 0, ¬r = 0, q → ¬r = 1, ¬(q → ¬r) = 0, ((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r) = 1, ¬(((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r)) = 0
p = 1, q = 0, r = 0: p → q = 0, (p → q) ∧ r = 0, ¬r = 1, q → ¬r = 1, ¬(q → ¬r) = 0, ((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r) = 1, ¬(((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r)) = 0
p = 0, q = 1, r = 1: p → q = 1, (p → q) ∧ r = 1, ¬r = 0, q → ¬r = 0, ¬(q → ¬r) = 1, ((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r) = 1, ¬(((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r)) = 0
p = 0, q = 1, r = 0: p → q = 1, (p → q) ∧ r = 0, ¬r = 1, q → ¬r = 1, ¬(q → ¬r) = 0, ((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r) = 1, ¬(((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r)) = 0
p = 0, q = 0, r = 1: p → q = 1, (p → q) ∧ r = 1, ¬r = 0, q → ¬r = 1, ¬(q → ¬r) = 0, ((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r) = 0, ¬(((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r)) = 1
p = 0, q = 0, r = 0: p → q = 1, (p → q) ∧ r = 0, ¬r = 1, q → ¬r = 1, ¬(q → ¬r) = 0, ((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r) = 1, ¬(((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r)) = 0

Suskaičiuokite eilutes su reikšme 1

¬(((p → q) ∧ r) → ¬(q → ¬r)): 0, 0, 0, 0, 0, 0, 1, 0
N = 1

Atsakymas

N = 1
4.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: b = 1, c = 1

Kvantoriai ir argumentai: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ir ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Perkelkite neigimą į vidų, sukeiskite kiekvieną kvantorių, pro kurį jis praeina, o vidinę formulę paneikite teiginių logikos dėsniais, pavyzdžiui, ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Argumentas yra teisingas (galiojantis), kai išvada lygi 1 kiekvienoje eilutėje, kurioje visos prielaidos lygios 1. Viena eilutė su teisingomis prielaidomis ir klaidinga išvada yra kontrapavyzdys ir rodo, kad argumentas negalioja.

Prielaidos ir išvada eilutė po eilutės

b = 1, c = 1: 1 1 | 0
b = 1, c = 0: 1 1 | 1
b = 0, c = 1: 1 0 | 0
b = 0, c = 0: 0 0 | 1

Kontrapavyzdys

b = 1, c = 1

Atsakymas

b = 1, c = 1

Tokios formos argumentas atrodo kaip galiojanti taisyklė, bet vienos eilutės pakanka parodyti, kad ji negalioja.

5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: L = 12

Karno žemėlapiai: langeliai išdėstyti Grejaus kodu (00, 01, 11, 10), todėl gretimi langeliai, įskaitant esančius per kraštus, skiriasi tiksliai vienu kintamuoju. Sugrupuokite vienetus į 1, 2, 4, 8 arba 16 langelių stačiakampius, kuo didesnius ir kuo mažiau, kol bus padengtas kiekvienas vienetas. Kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys: kintamieji, kurie joje nesikeičia. 2ᵏ langelių grupė netenka k kintamųjų. Nesvarbias reikšmes (X) galima naudoti grupėms didinti, bet jų dengti nebūtina. Grupuojant nulius, gaunama minimali POS forma.

ABCD000111100001111000111312140507061120130150141809011010

Sugrupuokite vienetus

Kiekviena grupė yra 2ᵏ langelių stačiakampis; kraštiniai langeliai yra priešingo krašto langelių kaimynai.

BC′D′
AC′D′
A′B′D
A′B′C

Minimali SOP forma

F = BC′D′ + AC′D′ + A′B′D + A′B′C
L = 12

Atsakymas

L = 12
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: taktinis frontas 3

Trigeriai ir skaitikliai: trigeris keičiasi tik aktyviu taktinio signalo frontu. D nukopijuoja savo įėjimą (Q⁺ = D); T perjungia, kai T = 1; JK išlaiko esant 00, nustato į 0 esant 01, nustato į 1 esant 10 ir perjungia esant 11. n bitų dvejetainis skaitiklis turi 2ⁿ būsenų ir skaičiuoja moduliu 2ⁿ; mod-N skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, N − 1 ir grįžta į 0, jam reikia mažiausiai n trigerių, kad 2ⁿ ≥ N. Kiekviena nuosekliojo (ripple) skaitiklio pakopa perpus sumažina dažnį, todėl paskutinis mod-N skaitiklio išėjimas veikia fclk/N dažniu. n trigerių Johnsono skaitiklis turi 2n būsenų, žiedinis – n.

Q po kiekvieno fronto

JK trigeris: 00 išlaiko, 01 nustato į 0 (Q = 0), 10 nustato į 1 (Q = 1), 11 perjungia.

1: J = 1, K = 0 → Q = 1
2: J = 0, K = 0 → Q = 1
3: J = 1, K = 1 → Q = 0
4: J = 0, K = 0 → Q = 0
5: J = 1, K = 0 → Q = 1
6: J = 1, K = 0 → Q = 1
7: J = 1, K = 0 → Q = 1
8: J = 0, K = 0 → Q = 1

Pirmasis pokytis iš 1 į 0

taktinis frontas 3

Atsakymas

taktinis frontas 3
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: x = 27

Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Pirmoji kongruencija

x = 2 + 5k

Antroji kongruencija

2 + 5k ≡ 0 (mod 9) → 5k ≡ 7 (mod 9)
k ≡ 2·7 ≡ 5 (mod 9)

Rezultatas

x = 2 + 5·5 = 27
x = 27
patikra: 27 mod 5 = 2, 27 mod 9 = 0

Atsakymas

x = 27
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: c = 111

Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.

Kartotinis kėlimas kvadratu

23 = 16 + 4 + 2 + 1
1321 ≡ 132 (mod 203)
1322 ≡ 169 (mod 203)
1324 ≡ 141 (mod 203)
1328 ≡ 190 (mod 203)
13216 ≡ 169 (mod 203)
13223 ≡ 132·169·141·169 ≡ 111 (mod 203)

Šifrograma

c = 111

Atsakymas

c = 111
9.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: A · Optimalų sprendinį galima sudaryti iš optimalių jo dalinių uždavinių sprendinių

Kodėl tai yra atsakymas

Optimali struktūra būtina, kad ir godieji algoritmai, ir dinaminis programavimas duotų teisingus atsakymus.

Atsakymas

A · Optimalų sprendinį galima sudaryti iš optimalių jo dalinių uždavinių sprendinių
10.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: A · Kruskalo algoritmas

Kodėl tai yra atsakymas

Kruskalo algoritmas surikiuoja briaunas pagal svorį ir prideda jas, jei jos jungia skirtingas komponentes; Primo algoritmas augina vieną medį nuo pradinės viršūnės.

Atsakymas

A · Kruskalo algoritmas
11.Duomenų struktūros

Atsakymas: A · O(V + E)

Kodėl tai yra atsakymas

Kiekviena viršūnė turi sąrašą, o kiekviena briauna pasirodo vieną kartą (kryptiniame) arba dukart (nekryptiniame grafe), todėl gaunama O(V + E).

Atsakymas

A · O(V + E)
12.Duomenų struktūros

Atsakymas: D · O(n)

Kodėl tai yra atsakymas

Krūva nenustato taisyklės, kuriame pomedyje yra raktas, todėl blogiausiu atveju reikia patikrinti visus mazgus; greitai randamas tik minimumas.

Atsakymas

D · O(n)
13.Grafų teorija

Atsakymas: L = 6

Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.

Rankų paspaudimo lema medžiui

L + 8 = 2(L + 2) − 2
L = 6

Atsakymas

L = 6

Trumpesnis kelias: L = 2 + Σ (d − 2) pagal viršūnes, kurių laipsnis d ≥ 3.

14.Grafų teorija

Atsakymas: N = 1

Laipsniai: viršūnės laipsnis yra joje susitinkančių briaunų skaičius. Kiekviena briauna turi du galus, todėl laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui: Σ deg(v) = 2|E| (rankų paspaudimo lema). Todėl nelyginio laipsnio viršūnių skaičius lyginis. Kn turi n(n − 1)/2 briaunų, k-reguliarusis grafas su n viršūnių – nk/2, o medis su n viršūnių – n − 1 briauną.

Gretimumo matrica

A: 0 1 1 0 0
B: 1 0 1 0 1
C: 1 1 0 0 1
D: 0 0 0 0 1
E: 0 1 1 1 0

Bendri kaimynai

(M²)BA = 1·0 + 0·1 + 1·1 + 0·0 + 1·0 = 1

Atsakymas

N = 1
15.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: B · Kai použklausa grąžina bent vieną eilutę

Kodėl tai yra atsakymas

EXISTS tik tikrina, ar sukuriama bent viena eilutė; NOT EXISTS teisinga, kai použklausa negrąžina jokių eilučių.

Atsakymas

B · Kai použklausa grąžina bent vieną eilutę
16.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: C · Pakeitimo žurnalo įrašas turi pasiekti patvarią atmintį anksčiau už pakeistą duomenų puslapį

Kodėl tai yra atsakymas

Žurnalo rašymas pirmiausia leidžia DBVS po gedimo pakartoti patvirtintą darbą ir atšaukti nepatvirtintą, taip užtikrinant atomiškumą ir patvarumą.

Atsakymas

C · Pakeitimo žurnalo įrašas turi pasiekti patvarią atmintį anksčiau už pakeistą duomenų puslapį
17.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: C · Užklaustas išteklius nerastas

Kodėl tai yra atsakymas

404 Not Found reiškia, kad serveris neturi ištekliaus tuo URL. 200 yra OK, 401 – Unauthorized, o 500 – Internal Server Error.

Atsakymas

C · Užklaustas išteklius nerastas
18.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: C · Prarastas TCP segmentas sulaiko visus multipleksuotus srautus, kol bus pakartotinai išsiųstas

Kodėl tai yra atsakymas

TCP pristato baitus eilės tvarka, todėl vienas praradimas sustabdo kiekvieną ryšio srautą. QUIC (HTTP/3) srautus per UDP apdoroja nepriklausomai.

Atsakymas

C · Prarastas TCP segmentas sulaiko visus multipleksuotus srautus, kol bus pakartotinai išsiųstas
19.IPv4 potinkliai

Atsakymas: H = 62

IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).

Skolinami bitai

22 = 4 ≥ 3 → b = 2, /26

Mazgai potinklyje

26 − 2 = 62

Atsakymas

H = 62
20.IPv4 potinkliai

Atsakymas: x = 95

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Bloko dydis trečiajame oktete

23 = 8

Šio mazgo potinklis

tinklas: 172.20.88.0
transliacija: 172.20.95.255

Atsakymas

x = 95

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals