Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.
Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų
Metodas
Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.
Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metodas
Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Grafų teorija
Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij
Metodas
Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).
IPv4 potinkliai
Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n
2Uždaviniai
1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
Nustatykite bitus, kad jie saugotų −35 8 bitų dvejetainiu papildomuoju kodu. Skaitant kaip skaičių be ženklo, kokia šablono reikšmė U?
N = −358 bit
U =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
Sistema kiekvienam iš 2802 elementų turi suteikti atskirą tokio pat ilgio dvejetainį kodą. Kiek mažiausiai bitų b reikia?
2802
b = bit
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
Kuri formulė yra logiškai ekvivalenti ¬(r ∧ p)? Spustelėkite ją.
¬(r ∧ p)
1¬r ∧ ¬p
2¬r ∨ p
3¬r ∧ p
4¬r ∨ ¬p
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
Kiek iš 16 teisingumo lentelės eilučių daro ¬((¬p ∨ q) → r) ∨ ((q ∧ s) ∧ r) teisingą? Pažymėkite šį skaičių N.
¬((¬p ∨ q) → r) ∨ ((q ∧ s) ∧ r)
N =
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
Supaprastinkite F = A′B′ + A′C + B′C′ iki minimalios sandaugų sumos formos. Kiek literalų L turi supaprastinta išraiška?
F = A′B′ + A′C + B′C′
L =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
Johnsono (susuktas žiedinis) skaitiklis sudarytas iš 3 D trigerių, invertuotas paskutinis išėjimas grąžinamas į pirmąjį įėjimą, ir pradeda nuo visų nulių. Kiek skirtingų būsenų N jis praeina?
n = 3
N =
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis
Raskite Oilerio funkciją φ(121), t. y. sveikųjų skaičių nuo 1 iki 121, tarpusavyje pirminių su 121, skaičių.
n = 121 = 112
φ(121) =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus
RSA raktas naudoja pirminius skaičius p = 13 ir q = 47 bei viešąjį rodiklį e = 7. Raskite privatųjį rodiklį d (0 < d < φ(n)).
p = 13q = 47e = 7
d =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis
Naivaus rekursyvaus Fibonačio skaičių skaičiavimo (fib(n) = fib(n−1) + fib(n−2)) laiko sudėtingumas yra:
AEksponentinis
BTiesinis
CLogaritminis
DPastovus
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus
Ar 22n priklauso O(2ⁿ)?
ATaip, nes abu yra eksponentiniai
BNe, nes 22n = 4ⁿ, o 4ⁿ / 2ⁿ = 2ⁿ auga neaprėžtai
CTaip, nes didžiajame O pastovūs laipsnio rodiklio daugikliai visada nepaisomi
DNe, nes 22n auga lėčiau už 2ⁿ
11.Duomenų struktūrosVidutinis
Kiek mazgų turi tobulas dvejetainis medis, kurio aukštis h (aukštis skaičiuojamas briaunomis)?
Ah2
B2h
C2h+1 − 1
D2h + 1
12.Duomenų struktūrosSunkus
Koks paieškos platyn vykdymo laikas grafui su V viršūnių, saugomam gretimumo matrica?
AO(V)
BO(V²)
CO(E log V)
DO(V + E)
13.Grafų teorijaVidutinis
Jungus grafas turi 13 viršūnių ir 23 briaunų. Kiek briaunų k reikia pašalinti, kad liktų karkasinis medis?
|V| = 13|E| = 23
k =
14.Grafų teorijaSunkus
Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį. Spustelėkite briauną, kurią jis prideda kaip briauną numeris 2; praleistos briaunos neskaičiuojamos.
k = 2
1briauna AB
2briauna AC
3briauna BC
4briauna BD
5briauna CE
6briauna DE
7briauna DF
8briauna EF
9briauna BE
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis
Kas yra SQL injekcija (SQL injection)?
ADuomenų bazės atsarginio kopijavimo metodas
BBūdas pridėti indeksus
CBūdas greitai įterpti daug eilučių vienu INSERT sakiniu
DAtaka, kurios metu vartotojo įvestis pakeičia SQL užklausos struktūrą
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus
Ko reikalauja išankstinio žurnalo rašymo (WAL) taisyklė?
ADuomenų puslapiai turi būti įrašyti anksčiau už žurnalą
BPakeitimo žurnalo įrašas turi pasiekti patvarią atmintį anksčiau už pakeistą duomenų puslapį
CKiekviena užklausa turi būti įrašyta į žurnalą prieš ją analizuojant
DŽurnalas rašomas tik po gedimo
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis
Kuri potinklio kaukė atitinka /20?
A255.255.224.0
B255.255.255.240
C255.255.248.0
D255.255.240.0
18.Kompiuterių tinklaiSunkus
Kodėl TCP kiekvienam ryšiui parenka nenuspėjamą pradinį sekos numerį?
AKad duomenys būtų efektyviau suglaudinti
BKad nebūtų painiojama su senais segmentais ir būtų sunkiau įterpti suklastotus segmentus
CKad būtų parinktas geriausias maršrutas iki paskirties tos jungties segmentams
DKad būtų šifruojama kiekvieno segmento naudingoji apkrova
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
Skyriui viename potinklyje reikia 1901 mazgų adresų. Koks yra ilgiausias prefiksas p (mažiausias potinklis), kurio pakanka?
1901 hosts
p =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
Maršrutizatorius turi maršrutus į šiuos tinklus: 10.90.142.0/24, 10.90.143.0/24, 10.90.144.0/24. Koks ilgiausias vieno apibendrinto maršruto, apimančio juos visus, prefikso ilgis p?
10.90.142.0/24 … 10.90.144.0/24
p =
3Tirpalai
1.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: U = 221
Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.
Invertuokite ir pridėkite vienetą
35 = 0010 0011
invertuota: 1101 1100
+1 → 1101 1101
Perskaitykite be ženklo
1101 1101₂ = 256 − 35 = 221
Atsakymas
U = 221
2.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: b = 12 bit
Pozicinės skaičiavimo sistemos: kiekvienas skaitmuo vertas savo reikšmės, padaugintos iš pagrindo laipsnio. Dvejetainėje sistemoje pozicijos vertos 1, 2, 4, 8, 16, …, šešioliktainėje 1, 16, 256, …, o A–F reiškia 10–15. 8 bitų papildomajame kode kairysis bitas vertas −128 vietoj +128; taip saugomi neigiami skaičiai.
Dvejeto laipsniai
211 = 2048 < 2802
212 = 4096 ≥ 2802
Atsakymas
b = 12
3.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: ¬r ∨ ¬p
Loginis ekvivalentumas: dvi formulės yra ekvivalenčios (≡), kai kiekvienoje teisingumo lentelės eilutėje turi tą pačią reikšmę. Tautologija yra 1 kiekvienoje eilutėje, prieštara – 0 kiekvienoje eilutėje, o kontingencija nėra nei viena, nei kita. Naudingi dėsniai: De Morgano, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ir ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozicija); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ir distributyvumo dėsniai, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Dėsnis
De Morgano dėsnis: ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b. ∧ virsta ∨ ir abi dalys paneigiamos.
¬(r ∧ p) ≡ ¬r ∨ ¬p
Patikrinkite teisingumo lentele
p = 1, r = 1: 0 | 0 1 0 0
p = 1, r = 0: 1 | 0 1 1 1
p = 0, r = 1: 1 | 0 0 0 1
p = 0, r = 0: 1 | 1 1 0 1
Atsakymas
¬r ∨ ¬p
Stulpeliai po brūkšniu yra variantai pateikta tvarka.
4.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: N = 8
Teisingumo lentelės: formulė su n skirtingų kintamųjų turi 2ⁿ eilučių, po vieną kiekvienam teisingumo reikšmių deriniui (1 = teisinga, 0 = klaidinga). Dirbkite iš vidaus į išorę ir kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį. ¬a apverčia reikšmę; a ∧ b yra 1 tik tada, kai abu lygūs 1; a ∨ b yra 0 tik tada, kai abu lygūs 0; a → b yra 0 tik tada, kai a = 1 ir b = 0; a ↔ b yra 1, kai abi pusės lygios.
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: L = 4
Būlio algebra: išraiškas supaprastinančios taisyklės yra X + X′ = 1 ir X·X′ = 0, X + X = X, sugėrimas X + X·Y = X, jungimo taisyklė X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y ir konsensuso teorema XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. De Morgano dėsniai (X·Y)′ paverčia X′ + Y′, o (X + Y)′ – X′·Y′. Karno žemėlapis šias taisykles taiko grafiškai: kiekviena dviejų gretimų langelių grupė yra vienas XY + XY′ = X taikymas.
Išraiškos mintermos
A′B′ → m(0, 1)
A′C → m(1, 3)
B′C′ → m(0, 4)
Sugrupuokite ir nuskaitykite
F = B′C′ + A′C
Suskaičiuokite literalus
L = 4
Atsakymas
L = 4
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: N = 6
Trigeriai ir skaitikliai: trigeris keičiasi tik aktyviu taktinio signalo frontu. D nukopijuoja savo įėjimą (Q⁺ = D); T perjungia, kai T = 1; JK išlaiko esant 00, nustato į 0 esant 01, nustato į 1 esant 10 ir perjungia esant 11. n bitų dvejetainis skaitiklis turi 2ⁿ būsenų ir skaičiuoja moduliu 2ⁿ; mod-N skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, N − 1 ir grįžta į 0, jam reikia mažiausiai n trigerių, kad 2ⁿ ≥ N. Kiekviena nuosekliojo (ripple) skaitiklio pakopa perpus sumažina dažnį, todėl paskutinis mod-N skaitiklio išėjimas veikia fclk/N dažniu. n trigerių Johnsono skaitiklis turi 2n būsenų, žiedinis – n.
Seka 3 trigeriams
000 → 100 → 110 → 111 → 011 → 001
Būsenų skaičius
N = 6
Atsakymas
N = 6
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: φ(121) = 110
Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Pirminiai daugikliai
121 = 112
Oilerio funkcija
φ(121) = 121 − 11 = 110
Atsakymas
φ(121) = 110
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: d = 79
Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.
Modulis ir Oilerio funkcija
n = 13·47 = 611
φ(n) = 12·46 = 552
Išplėstinis Euklido algoritmas
r = 552, t = 0
r = 7, q = 78, t = 1
r = 6, q = 1, t = −78
r = 1, q = 6, t = 79
Privatusis rodiklis
d = 79
patikra: 7·79 = 553 = 1·552 + 1
Atsakymas
d = 79
9.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: A · Eksponentinis
Kodėl tai yra atsakymas
Iškvietimų medis auga maždaug kaip φⁿ (apie 1,618ⁿ). Memoizacija sumažina sudėtingumą iki O(n).
Atsakymas
A · Eksponentinis
10.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: B · Ne, nes 22n = 4ⁿ, o 4ⁿ / 2ⁿ = 2ⁿ auga neaprėžtai
Kodėl tai yra atsakymas
Prie laipsnio rodiklio pridėta konstanta duoda pastovų daugiklį, bet konstanta, iš kurios dauginamas laipsnio rodiklis, pakeičia pagrindą ir augimo greitį.
Atsakymas
B · Ne, nes 22n = 4ⁿ, o 4ⁿ / 2ⁿ = 2ⁿ auga neaprėžtai
11.Duomenų struktūros
Atsakymas: C · 2h+1 − 1
Kodėl tai yra atsakymas
Susumavus 1 + 2 + 4 + ... + 2h gaunama 2h+1 − 1; pavyzdžiui, kai aukštis 2, yra 7 mazgai.
Atsakymas
C · 2h+1 − 1
12.Duomenų struktūros
Atsakymas: B · O(V²)
Kodėl tai yra atsakymas
Kiekviena iš V viršūnių peržiūri V įrašų eilutę, todėl gaunama O(V²); su gretimumo sąrašais BFS yra O(V + E).
Atsakymas
B · O(V²)
13.Grafų teorija
Atsakymas: k = 11
Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.
Karkasinio medžio briaunos
13 − 1 = 12
Pašalintinos briaunos
k = 23 − 12 = 11
Atsakymas
k = 11
14.Grafų teorija
Atsakymas: briauna DE
Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.
Kruskalio algoritmas
1. BD (2)
2. DE (4)
3. EF (7)
4. BC (13)
5. AB (14)
briaunos numeris 2
DE
Atsakymas
briauna DE
15.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: D · Ataka, kurios metu vartotojo įvestis pakeičia SQL užklausos struktūrą
Kodėl tai yra atsakymas
Kai vartotojo įvestis tiesiog sujungiama su SQL kodu, užpuolikai gali įterpti komandų. Paruošti sakiniai (prepared statements) su parametrais atskiria duomenis nuo kodo.
Atsakymas
D · Ataka, kurios metu vartotojo įvestis pakeičia SQL užklausos struktūrą
16.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: B · Pakeitimo žurnalo įrašas turi pasiekti patvarią atmintį anksčiau už pakeistą duomenų puslapį
Kodėl tai yra atsakymas
Žurnalo rašymas pirmiausia leidžia DBVS po gedimo pakartoti patvirtintą darbą ir atšaukti nepatvirtintą, taip užtikrinant atomiškumą ir patvarumą.
Atsakymas
B · Pakeitimo žurnalo įrašas turi pasiekti patvarią atmintį anksčiau už pakeistą duomenų puslapį
17.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: D · 255.255.240.0
Kodėl tai yra atsakymas
/20 reiškia 8 + 8 + 4 vienetinius bitus. Keturi vienetiniai bitai trečiajame oktete yra 11110000 = 240, todėl kaukė 255.255.240.0.
Atsakymas
D · 255.255.240.0
18.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: B · Kad nebūtų painiojama su senais segmentais ir būtų sunkiau įterpti suklastotus segmentus
Kodėl tai yra atsakymas
Atsitiktiniai pradiniai sekos numeriai neleidžia priimti pavėlavusių segmentų iš senų ryšių ir apsunkina ne kelyje esantiems užpuolikams klastoti galiojančius segmentus.
Atsakymas
B · Kad nebūtų painiojama su senais segmentais ir būtų sunkiau įterpti suklastotus segmentus
19.IPv4 potinkliai
Atsakymas: p = 21
IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).
Reikalingi mazgo bitai
210 − 2 = 1022 < 1901
211 − 2 = 2046 ≥ 1901 → h = 11
Prefikso ilgis
p = 32 − 11 = 21
Atsakymas
p = /21
20.IPv4 potinkliai
Atsakymas: p = 19
Maršrutų apibendrinimas: apibendrintas maršrutas a.b.c.0/p apima visus tinklus, kurių pirmieji p bitai sutampa. Pirmojo ir paskutinio tinklo besiskiriantį oktetą užrašykite dvejetainiu pavidalu; bendrų pradinių bitų skaičius, pridėjus ankstesnių oktetų bitus, yra ilgiausias apibendrinimo prefiksas.
Palyginkite bitus
142 = 10001110
144 = 10010000
bendri pradiniai bitai: 3
Prefikso ilgis
p = 16 + 3 = 19
Atsakymas
p = /19
Apibendrintas maršrutas: 10.90.128.0/19 (jis taip pat apima tinklų, kurių nėra sąraše: 29).