Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.
Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų
Metodas
Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.
Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metodas
Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Grafų teorija
Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij
Metodas
Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).
IPv4 potinkliai
Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n
2Uždaviniai
1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
Nustatykite bitus, kad jie saugotų −88 8 bitų dvejetainiu papildomuoju kodu. Skaitant kaip skaičių be ženklo, kokia šablono reikšmė U?
N = −888 bit
U =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
Nustatykite bitus pagal 8 bitų rezultatą 1110 0010 >> 2. Kokia rezultato reikšmė R dešimtainėje sistemoje?
1110 0010>> 2
R =
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
Kuri formulė yra logiškai ekvivalenti q ↔ p? Spustelėkite ją.
q ↔ p
1q ∧ p
2(q → p) ∨ (p → q)
3(q → p) ∧ (p → q)
4(q → p) ∧ (¬p → ¬q)
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
Kuris teiginys yra ekvivalentus ¬∃x (P(x) → Q(x)), kai neigimas perkeltas iki pat vidaus? Spustelėkite jį.
¬∃x (P(x) → Q(x))
1∀x (P(x) → ¬Q(x))
2∃x (P(x) ∧ ¬Q(x))
3∀x (¬P(x) → ¬Q(x))
4∀x (P(x) ∧ ¬Q(x))
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
Šiame Karno žemėlapyje lygiai vienas vienetas neturi gretimo vieneto, todėl minimalioje SOP formoje lieka vieno langelio grupe (pilna keturių literalų minterma). Kaimynai per žemėlapio kraštus skaičiuojami. Spustelėkite tą langelį.
F = Σm(2, 6, 11, 12, 14)
1AB = 00, CD = 00
2AB = 00, CD = 01
3AB = 00, CD = 11
4AB = 00, CD = 10
5AB = 01, CD = 00
6AB = 01, CD = 01
7AB = 01, CD = 11
8AB = 01, CD = 10
9AB = 11, CD = 00
10AB = 11, CD = 01
11AB = 11, CD = 11
12AB = 11, CD = 10
13AB = 10, CD = 00
14AB = 10, CD = 01
15AB = 10, CD = 11
16AB = 10, CD = 10
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
Mod-5 skaitiklis sudarytas iš mažiausio galimo trigerių skaičiaus. Kiek iš galimų būsenų U niekada nenaudojama?
N = 5
U =
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis
Raskite mažiausią teigiamą sveikąjį skaičių x, kur x ≡ 2 (mod 4) ir x ≡ 9 (mod 11).
x ≡ 2 (mod 4)x ≡ 9 (mod 11)
x =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus
Užšifruokite pranešimą m = 278 RSA viešuoju raktu (n, e) = (1147, 23). Raskite šifrogramą c.
n = 1147e = 23m = 278
c =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis
Kuris algoritmas randa trumpiausius kelius iš vienos pradinės viršūnės grafe, kurio briaunų svoriai neneigiami?
ADijkstros algoritmas
BVisais atvejais būtinas Belmano–Fordo algoritmas
CPaieška gilyn (DFS)
DKruskalo algoritmas
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus
Kam lygus rekurentinės lygties T(n) = 2T(n/2) + n log n sprendinys?
AΘ(n log n)
BΘ(n log² n)
CΘ(n²)
DΘ(n)
11.Duomenų struktūrosVidutinis
Kodėl masyvo apėjimas praktikoje dažnai daug greitesnis nei tokio pat ilgio susietojo sąrašo apėjimas?
AMasyvo apėjimas iš viso yra O(1), o susietojo sąrašo – O(n)
BSusietieji sąrašai visada saugo elementus diske
CMasyvo elementai išdėstyti vientisai, todėl gerai išnaudoja procesoriaus podėlį (cache)
DMasyvai reikšmėms palyginti naudoja mažiau instrukcijų
12.Duomenų struktūrosSunkus
Operacijos decrease-key dvejetainėje krūvoje (žinant elemento poziciją) laiko sudėtingumas yra:
AO(n log n)
BO(log n)
CO(1)
DO(n)
13.Grafų teorijaVidutinis
Ar jungus grafas turi Oilerio ciklą, Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, ar nei vieno? Spustelėkite savo atsakymą.
|V| = 5|E| = 5
1Oilerio ciklas
2Oilerio kelias, ne ciklas
3nei viena
14.Grafų teorijaSunkus
Dijkstros algoritmu raskite trumpiausio kelio nuo A iki F svertiniame grafe ilgį d(F).
pradžia: Apabaiga: F
d(F) =
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis
Lentelėje a yra 3 eilutės, o lentelėje b – 4. Kiek eilučių grąžina SELECT * FROM a CROSS JOIN b?
A12
B7
C4
D3
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus
Kas užklausai yra dengiantysis (covering) indeksas?
AIndeksas, perkuriamas kiekvieną naktį
BIndeksas, apimantis kiekvieną kiekvienos lentelės stulpelį
CIndeksas tik pirminiam raktui
DIndeksas, turintis visus užklausai reikalingus stulpelius, todėl pačios lentelės skaityti nereikia
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis
Koks yra IPv6 grįžtamosios kilpos adresas?
A::
B::1
Cff02::1
Dfe80::1
18.Kompiuterių tinklaiSunkus
Ką atlieka TCP greitasis pakartotinis siuntimas (fast retransmit)?
APo kiekvieno praradimo padvigubina langą
BDėl saugumo kiekvieną segmentą siunčia du kartus
CPrisijungiant iš naujo prie žinomų mazgų praleidžia trijų žingsnių rankos paspaudimą, todėl duomenys persiunčiami greičiau
DPersiunčia segmentą po trijų pasikartojančių ACK, nelaukdamas laiko pabaigos
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
Tinklą 192.168.10.0/24 reikia padalyti į bent 12 vienodų potinklių. Jei pasiskolinsite kuo mažiau bitų, kiek naudojamų mazgų H turės kiekvienas potinklis?
192.168.10.0/2412 subnets
H =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
Tinklas 192.168.67.0/24 VLSM būdu dalijamas šiems LAN: A: 3 mazgai, B: 110 mazgai, C: 9 mazgai, D: 45 mazgai. Potinkliai skiriami nuo .0 aukštyn, pirmiausia LAN su daugiausia mazgų, kiekvienam mažiausias tinkamas potinklis. Koks LAN D tinklo adreso ketvirtasis oktetas x?
A: 3B: 110C: 9D: 45
x =
3Tirpalai
1.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: U = 168
Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.
Invertuokite ir pridėkite vienetą
88 = 0101 1000
invertuota: 1010 0111
+1 → 1010 1000
Perskaitykite be ženklo
1010 1000₂ = 256 − 88 = 168
Atsakymas
U = 168
2.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: R = 56
Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.
Bitas po bito
Postūmis dešinėn 2 perkelia kiekvieną bitą 2 pozicijomis į dešinę; bitai, iškritę iš dešiniojo galo, prarandami, o kairėje įeina nuliai.
1110 0010 >> 2
= 0011 1000
Rezultato reikšmė
0011 1000₂ = 56
Atsakymas
R = 56
3.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: (q → p) ∧ (p → q)
Loginis ekvivalentumas: dvi formulės yra ekvivalenčios (≡), kai kiekvienoje teisingumo lentelės eilutėje turi tą pačią reikšmę. Tautologija yra 1 kiekvienoje eilutėje, prieštara – 0 kiekvienoje eilutėje, o kontingencija nėra nei viena, nei kita. Naudingi dėsniai: De Morgano, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ir ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozicija); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ir distributyvumo dėsniai, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Dėsnis
a ↔ b reiškia, kad implikacija galioja abiem kryptimis: (a → b) ∧ (b → a).
q ↔ p ≡ (q → p) ∧ (p → q)
Patikrinkite teisingumo lentele
p = 1, q = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 0: 0 | 0 1 0 1
p = 0, q = 1: 0 | 0 1 0 0
p = 0, q = 0: 1 | 0 1 1 1
Atsakymas
(q → p) ∧ (p → q)
Stulpeliai po brūkšniu yra variantai pateikta tvarka.
4.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: ∀x (P(x) ∧ ¬Q(x))
Kvantoriai ir argumentai: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ir ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Perkelkite neigimą į vidų, sukeiskite kiekvieną kvantorių, pro kurį jis praeina, o vidinę formulę paneikite teiginių logikos dėsniais, pavyzdžiui, ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Argumentas yra teisingas (galiojantis), kai išvada lygi 1 kiekvienoje eilutėje, kurioje visos prielaidos lygios 1. Viena eilutė su teisingomis prielaidomis ir klaidinga išvada yra kontrapavyzdys ir rodo, kad argumentas negalioja.
Perkelkite neigimą į vidų
¬∃x (P(x) → Q(x)) ≡ ∀x (P(x) ∧ ¬Q(x))
Atsakymas
∀x (P(x) ∧ ¬Q(x))
Kiti variantai arba palieka kvantorių nepakeistą, arba keičia kvantorių tvarką, arba netinkamai neigia vidinę formulę.
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: AB = 10, CD = 11
Karno žemėlapiai: langeliai išdėstyti Grejaus kodu (00, 01, 11, 10), todėl gretimi langeliai, įskaitant esančius per kraštus, skiriasi tiksliai vienu kintamuoju. Sugrupuokite vienetus į 1, 2, 4, 8 arba 16 langelių stačiakampius, kuo didesnius ir kuo mažiau, kol bus padengtas kiekvienas vienetas. Kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys: kintamieji, kurie joje nesikeičia. 2ᵏ langelių grupė netenka k kintamųjų. Nesvarbias reikšmes (X) galima naudoti grupėms didinti, bet jų dengti nebūtina. Grupuojant nulius, gaunama minimali POS forma.
Kiekvieno vieneto kaimynai
Vienetas su gretimu vienetu gali įeiti į dviejų ar daugiau langelių grupę.
m11: m10, m9, m15, m3 → 0
Izoliuotas vienetas
m11 = AB′CD → AB = 10, CD = 11
Atsakymas
AB = 10, CD = 11
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: U = 3
Trigeriai ir skaitikliai: trigeris keičiasi tik aktyviu taktinio signalo frontu. D nukopijuoja savo įėjimą (Q⁺ = D); T perjungia, kai T = 1; JK išlaiko esant 00, nustato į 0 esant 01, nustato į 1 esant 10 ir perjungia esant 11. n bitų dvejetainis skaitiklis turi 2ⁿ būsenų ir skaičiuoja moduliu 2ⁿ; mod-N skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, N − 1 ir grįžta į 0, jam reikia mažiausiai n trigerių, kad 2ⁿ ≥ N. Kiekviena nuosekliojo (ripple) skaitiklio pakopa perpus sumažina dažnį, todėl paskutinis mod-N skaitiklio išėjimas veikia fclk/N dažniu. n trigerių Johnsono skaitiklis turi 2n būsenų, žiedinis – n.
Trigerių skaičius
2ⁿ ≥ 5 → n = 3 (2³ = 8)
Nenaudojamos būsenos
U = 8 − 5 = 3
Atsakymas
U = 3
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: x = 42
Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Pirmoji kongruencija
x = 2 + 4k
Antroji kongruencija
2 + 4k ≡ 9 (mod 11) → 4k ≡ 7 (mod 11)
k ≡ 3·7 ≡ 10 (mod 11)
Rezultatas
x = 2 + 4·10 = 42
x = 42
patikra: 42 mod 4 = 2, 42 mod 11 = 9
Atsakymas
x = 42
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: c = 681
Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.
Kartotinis kėlimas kvadratu
23 = 16 + 4 + 2 + 1
2781 ≡ 278 (mod 1147)
2782 ≡ 435 (mod 1147)
2784 ≡ 1117 (mod 1147)
2788 ≡ 900 (mod 1147)
27816 ≡ 218 (mod 1147)
27823 ≡ 278·435·1117·218 ≡ 681 (mod 1147)
Šifrograma
c = 681
Atsakymas
c = 681
9.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: A · Dijkstros algoritmas
Kodėl tai yra atsakymas
Dijkstros algoritmas veikia su neneigiamais svoriais; Belmano–Fordo algoritmas tinka ir neigiamiems svoriams; Kruskalo algoritmas sudaro minimalius jungiamuosius medžius.
Atsakymas
A · Dijkstros algoritmas
10.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: B · Θ(n log² n)
Kodėl tai yra atsakymas
k-asis lygmuo atlieka apie n log(n / 2ᵏ) darbo, o susumavus per log n lygmenų gaunama Θ(n log² n) – tai išplėstinis antrasis pagrindinės teoremos atvejis.
Atsakymas
B · Θ(n log² n)
11.Duomenų struktūros
Atsakymas: C · Masyvo elementai išdėstyti vientisai, todėl gerai išnaudoja procesoriaus podėlį (cache)
Kodėl tai yra atsakymas
Vientisa atmintis užtikrina gerą kreipčių lokalumą, o susieti mazgai gali būti išbarstyti ir sukelti daug podėlio praleidimų.
Atsakymas
C · Masyvo elementai išdėstyti vientisai, todėl gerai išnaudoja procesoriaus podėlį (cache)
12.Duomenų struktūros
Atsakymas: B · O(log n)
Kodėl tai yra atsakymas
Sumažinus raktą, elementas kyla aukštyn ne daugiau nei krūvos aukštis. Fibonačio krūvos pasiekia O(1) amortizuotą decrease-key.
Atsakymas
B · O(log n)
13.Grafų teorija
Atsakymas: Oilerio ciklas
Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.
Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.
Dijkstra etapas po etapo
Kiekviena eilutė: užfiksuota viršūnė, jos galutinis atstumas ir kaimynai, kurių atstumas pagerėja.
Atsakymas: D · Indeksas, turintis visus užklausai reikalingus stulpelius, todėl pačios lentelės skaityti nereikia
Kodėl tai yra atsakymas
Jei visi nurodyti stulpeliai yra indekse, DBVS gali atlikti peržiūrą vien pagal indeksą ir nebeskaityti lentelės eilučių, taip sutaupydama I/O.
Atsakymas
D · Indeksas, turintis visus užklausai reikalingus stulpelius, todėl pačios lentelės skaityti nereikia
17.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: B · ::1
Kodėl tai yra atsakymas
::1 yra grįžtamosios kilpos adresas. :: yra nenurodytas adresas, fe80::/10 – kanalo vietiniai (link-local) adresai, o ff02::1 – visų mazgų daugiaadresio siuntimo grupė.
Atsakymas
B · ::1
18.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: D · Persiunčia segmentą po trijų pasikartojančių ACK, nelaukdamas laiko pabaigos
Kodėl tai yra atsakymas
Trys pasikartojantys ACK stipriai rodo vieną prarastą segmentą, todėl TCP jį iš karto persiunčia. Taip atsigaunama daug greičiau nei laukiant pakartotinio siuntimo laikmačio.
Atsakymas
D · Persiunčia segmentą po trijų pasikartojančių ACK, nelaukdamas laiko pabaigos
19.IPv4 potinkliai
Atsakymas: H = 14
IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).
Skolinami bitai
24 = 16 ≥ 12 → b = 4, /28
Mazgai potinklyje
24 − 2 = 14
Atsakymas
H = 14
20.IPv4 potinkliai
Atsakymas: x = 128
VLSM: kiekvienas LAN gauna mažiausią potinklį, kuriame 2ʰ − 2 ≥ jo mazgų skaičius, t. y. prefiksą 32 − h. Pirmiausia skiriant didžiausius potinklius, kiekvienas blokas lygiuojamas į savo dydžio kartotinį, todėl tinklų adresai gaunami sudedant bloko dydžius.