Asas Sains Komputer: pek ulang kaji kilat

Lembaran formula, langkah kaedah utama untuk setiap topik dan 20 soalan latihan, dengan penyelesaian penuh di bahagian belakang.

Soalan baharuKembali ke kursus

Dalam tetingkap cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan pada peranti anda.

1Formula dan kaedah

Sistem nombor

Nilai kedudukan
perduaan 2k, oktal 8k, heks 16k
Kepada perpuluhan
Σ dk·bk
Daripada perpuluhan
bahagi dengan asas, baca baki dari bawah ke atas
Heks ↔ perduaan
satu digit heks = 4 bit
Pelengkap dua
songsangkan bit dan tambah 1

Logik proposisi & pembuktian

Baris jadual kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikasi dinafikan
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Dwisyarat
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum agihan
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Pengkuantiti dinafikan
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Kaedah

  1. Kira bilangan pemboleh ubah yang berbeza: jadual kebenaran mempunyai 2ⁿ baris, bermula dengan kesemuanya 1.
  2. Beri setiap subformula lajurnya sendiri dan isi lajur-lajur itu dari dalam ke luar.
  3. Gunakan peraturan setiap penghubung: → hanya 0 bagi 1 → 0, ↔ ialah 1 apabila kedua-dua belah sepadan.
  4. Untuk kesetaraan, bandingkan lajur akhir baris demi baris; untuk hujah, lihat hanya baris yang setiap premisnya 1.
  5. Untuk menafikan pernyataan berpengkuantiti, alihkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, dan nafikan formula di dalamnya.

Logik digital: get, peta K & flip-flop

Get asas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Peraturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Susunan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kumpulan 2ᵏ sel
kehilangan k pemboleh ubah
Multipleks 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pembilang
n-bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pembilang riak
fmax = 1/(n·tpd)
Pembilang gelang dan Johnson
n dan 2n keadaan

Kaedah

  1. Untuk litar, bekerja dari input ke output satu get pada satu masa dan tulis nilai pada setiap wayar, atau tulis ungkapannya dan isi jadual kebenaran.
  2. Untuk pemudahan, letakkan 1 (dan tidak peduli sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan lajur kod Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Liputi 1 dengan kumpulan sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, menyambung melepasi tepi; setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab yang terdiri daripada pemboleh ubah yang kekal malar. Kumpulkan 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pembilang, baca input pada setiap pinggir jam yang aktif, tulis keadaan selepas setiap pinggir, dan ingat bahawa pembilang n-bit berpusing semula selepas 2ⁿ keadaan.

Teori nombor & aritmetik modulo

Pembahagian dengan baki
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Gandaan sepunya terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Songsangan
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruen linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Kaedah

  1. Kurangkan setiap nombor modulo n dahulu; baki terletak antara 0 dengan n − 1.
  2. Untuk gcd, bahagi berulang kali dengan algoritma Euclid; baki bukan sifar yang terakhir ialah gcd.
  3. Untuk songsangan, jalankan algoritma lanjutan dan simpan pekali a; tambah n jika ia negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mendarab dengan a⁻¹; gabungkan dua kongruen dengan menulis x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk kuasa, tulis eksponen dalam perduaan dan kuasa duakan berulang kali; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf sekata
|E| = n·k/2
Pokok dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun sesebuah pokok
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
litar: semua darjah genap; laluan: tepat 2 darjah ganjil
Litar Hamilton dalam Kn
(n − 1)!/2
Kemas kini Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan sepanjang L
(Mᴸ)ij

Kaedah

  1. Tulis darjah setiap bucu; jumlah darjah ialah dua kali bilangan sisi.
  2. Untuk soalan Euler, semak bahawa graf itu bersambung dan kira bucu yang berdarjah ganjil.
  3. Untuk pokok, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, simpan jadual jarak sementara dan tetapkan bucu tidak tetap yang paling kecil dalam setiap pusingan.
  5. Untuk pokok rentang minimum, isih sisi mengikut berat dan langkau setiap sisi yang menutup satu kitaran (Kruskal), atau tumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan (Prim).

Subnet IPv4

Hos bagi setiap subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Saiz blok
256 − (mask octet)
Alamat rangkaian
IP AND topeng
Alamat siaran
IP OR (NOT mask): semua bit hos ditetapkan kepada 1
Subnet daripada n bit yang dipinjam
2n

2Soalan latihan

1.Sistem nomborSederhana
Pelengkap dua 8-bit0−12806403201608040201

Tetapkan bit supaya ia menyimpan −114 dalam pelengkap dua 8-bit. Dibaca sebagai nombor tanpa tanda, apakah nilai corak U?

N = −1148 bit
U =
2.Sistem nomborSukar
32 bit1 px512 px512 pxM = ? KiB

Satu imej tanpa mampatan berukuran 512 × 512 piksel dengan 32 bit setiap piksel. Berapakah memori M yang diambilnya, dalam KiB (1 KiB = 1024 bait)?

512 × 512 px32 bit/px1 KiB = 1024 B
M = KiB
3.Logik proposisi & pembuktianSederhana
pqrp ∨ r¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r)¬(¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r))111?110?101?100?011?010?001?000?

Dalam berapa daripada 8 baris jadual kebenarannya ¬(¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r)) benar? Panggil nombor ini N.

¬(¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r))
N =
4.Logik proposisi & pembuktianSukar
pqrq → (r ∨ p)qr111110101100011010001000

Hujah dengan premis q → (r ∨ p); q dan kesimpulan r adalah tidak sah. Klik baris jadual kebenaran yang menjadi contoh penyangkal.

q → (r ∨ p)q∴ r
  1. 1p = 1, q = 1, r = 1
  2. 2p = 1, q = 1, r = 0
  3. 3p = 1, q = 0, r = 1
  4. 4p = 1, q = 0, r = 0
  5. 5p = 0, q = 1, r = 1
  6. 6p = 0, q = 1, r = 0
  7. 7p = 0, q = 0, r = 1
  8. 8p = 0, q = 0, r = 0
5.Logik digital: get, peta K & flip-flopSederhana
ABCD000111100001111010011312041507160120130151140809011010

Gunakan peta Karnaugh untuk mencari bentuk hasil tambah hasil darab (SOP) minimum bagi F(A, B, C, D) = Σm(0, 2, 3, 5, 6, 14). Berapa banyak literal L yang terkandung dalamnya secara keseluruhan (pemboleh ubah berperdana dikira satu literal)?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 2, 3, 5, 6, 14)
L =
6.Logik digital: get, peta K & flip-flopSukar
DQ0​Q0​DQ1​Q1​DQ2​Q2​DQ3​Q3​DQ4​Q4​DQ5​Q5​DQ6​Q6​DQ7​Q7​CLKJOHNSON

Pembilang Johnson (gelang berpintal) dibuat daripada 8 flip-flop D, dengan output terakhir yang disongsangkan disuap balik ke input pertama, dan bermula dengan semua sifar. Berapa banyak keadaan berbeza N yang dilaluinya?

n = 8
N =
7.Teori nombor & aritmetik moduloSederhana

Cari integer positif terkecil x dengan x ≡ 1 (mod 3) dan x ≡ 3 (mod 4).

x ≡ 1 (mod 3)x ≡ 3 (mod 4)
x =
8.Teori nombor & aritmetik moduloSukar

83 ialah nombor perdana. Gunakan teorem kecil Fermat untuk mencari 493565 mod 83.

p = 83k = 93565
493565 mod 83 =
9.Algoritma & kerumitanSederhana

Apakah kerumitan masa mengira nombor Fibonacci ke-n dengan jadual bawah-atas?

  1. AO(n²)
  2. BO(n)
  3. CO(log n)
  4. DO(2ⁿ)
10.Algoritma & kerumitanSukar

Apakah yang dibuktikan oleh teorem Cook–Levin?

  1. AMasalah penghentian tidak boleh diputuskan
  2. BP tidak sama dengan NP
  3. CMasalah kebolehpuasan Boolean (SAT) ialah NP-lengkap
  4. DSetiap masalah NP boleh diselesaikan dalam masa eksponen
11.Struktur dataSederhana

Apakah ketinggian kes terburuk pokok carian binari dengan n nod jika kunci disisip mengikut susunan tersusun?

  1. A1
  2. Bn (ia menjadi senarai berpaut)
  3. Clog₂ n
  4. D√n
12.Struktur dataSukar

Apakah kelebihan utama senarai langkau (skip list) berbanding senarai berpaut tersusun?

  1. ACarian O(1) terjamin kerana setiap nod menyimpan penuding ke setiap nod lain
  2. BCarian O(log n) dijangka dengan menggunakan beberapa peringkat penuding hadapan
  3. CIa menyimpan kunci tanpa susunan
  4. DIa tidak menggunakan memori tambahan
13.Teori grafSederhana

Sebuah pokok mempunyai 4 bucu berdarjah 3, 2 bucu berdarjah 4, 2 bucu berdarjah 5, 4 bucu berdarjah 2, dan semua bucu lainnya ialah daun (berdarjah 1). Berapa banyak daun L yang ada padanya?

4 × deg 32 × deg 42 × deg 54 × deg 2
L =
14.Teori grafSukar
379161417218ABCDEFG

Cari jumlah berat W pokok rentang minimum bagi graf berpemberat itu.

|V| = 7|E| = 9
W =
15.Pangkalan data & SQLSederhana

Apakah maksud kebergantungan fungsi A → B?

  1. AA ialah kunci asing yang merujuk B
  2. BA dan B kedua-duanya kunci utama
  3. CSetiap nilai B dikaitkan dengan tepat satu nilai A
  4. DSetiap nilai A dikaitkan dengan tepat satu nilai B
16.Pangkalan data & SQLSukar

Jadual enrolment(student_id, course_id, student_name, grade) mempunyai kunci (student_id, course_id). Bentuk normal manakah yang dilanggarnya?

  1. ABentuk normal ketiga sahaja, kerana grade bergantung pada student_name
  2. BTiada, ia dalam BCNF
  3. CBentuk normal pertama, kerana lajur grade tidak mengandungi nilai atomik
  4. DBentuk normal kedua, kerana student_name bergantung pada student_id sahaja
17.Rangkaian komputerSederhana

Apakah peranan get laluan lalai (default gateway) pada hos?

  1. AIa menetapkan alamat MAC
  2. BIa port suis tempat hos disambungkan
  3. CIa pelayan DNS
  4. DIa penghala yang digunakan untuk trafik ke rangkaian lain
18.Rangkaian komputerSukar

Stesen A dan C kedua-duanya mencapai titik capaian B tetapi tidak dapat mendengar antara satu sama lain, maka bingkai mereka berlanggar di B. Bagaimanakah 802.11 membantu?

  1. ADengan membuat A dan C menggunakan pengesanan perlanggaran supaya mereka berhenti menghantar apabila bingkai bertindih
  2. BDengan meningkatkan TTL bingkai
  3. CPertukaran RTS/CTS pilihan: CTS daripada AP memberitahu semua stesen berdekatan supaya menunggu
  4. DDengan menghalakan bingkai A melalui C
19.Subnet IPv4Sederhana
/24 → /2911111111111111111111111111111000bit rangkaianbit hos

Rangkaian 192.168.114.0/24 dibahagikan kepada subnet /29, bernombor 1, 2, 3, … dari alamat terendah (subnet 1 bermula pada .0). Apakah oktet keempat x alamat rangkaian subnet 3?

192.168.114.0/24/29subnet 3 (subnet 1 bermula pada .0)
x =
20.Subnet IPv4Sukar
oktet ketiga = 188112806413211618140201rangkaianhos

Satu hos mempunyai alamat 172.20.188.120/22. Apakah oktet ketiga x alamat rangkaiannya?

172.20.188.120/22
x =

3Larutan

1.Sistem nombor

Jawapan: U = 142

Menetapkan bit: setiap bit bernilai kuasa dua (128, 64, …, 1). Satu digit heks tepat empat bit, dan dalam pelengkap dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap kedudukan bit secara berasingan.

Songsang dan tambah satu

114 = 0111 0010
disongsangkan: 1000 1101
+1 → 1000 1110

Baca sebagai tanpa tanda

1000 1110₂ = 256 − 114 = 142

Jawapan

U = 142
2.Sistem nombor

Jawapan: M = 1024 KiB

Sistem nombor kedudukan: setiap digit bernilai nilainya didarab kuasa asas. Dalam perduaan, kedudukan bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam pelengkap dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128 dan bukannya +128, begitulah nombor negatif disimpan.

Bit dan bait

512·512·32 = 8388608 bit = 1048576 B

Tukar kepada KiB

1048576/1024 = 1024 KiB

Jawapan

M = 1024 KiB
3.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: N = 2

Jadual kebenaran: formula dengan n pemboleh ubah berbeza mempunyai 2ⁿ baris, satu untuk setiap gabungan nilai kebenaran (1 = benar, 0 = palsu). Bekerja dari dalam ke luar dan beri setiap subformula lajurnya sendiri. ¬a menyongsangkan nilai; a ∧ b ialah 1 hanya apabila kedua-duanya 1; a ∨ b ialah 0 hanya apabila kedua-duanya 0; a → b ialah 0 hanya apabila a = 1 dan b = 0; a ↔ b ialah 1 apabila kedua-dua belah sama.

Jadual kebenaran baris demi baris

p = 1, q = 1, r = 1: p ∨ q = 1, q → (p ∨ q) = 1, ¬(q → (p ∨ q)) = 0, p ∨ r = 1, ¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r) = 1, ¬(¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r)) = 0
p = 1, q = 1, r = 0: p ∨ q = 1, q → (p ∨ q) = 1, ¬(q → (p ∨ q)) = 0, p ∨ r = 1, ¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r) = 1, ¬(¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r)) = 0
p = 1, q = 0, r = 1: p ∨ q = 1, q → (p ∨ q) = 1, ¬(q → (p ∨ q)) = 0, p ∨ r = 1, ¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r) = 1, ¬(¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r)) = 0
p = 1, q = 0, r = 0: p ∨ q = 1, q → (p ∨ q) = 1, ¬(q → (p ∨ q)) = 0, p ∨ r = 1, ¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r) = 1, ¬(¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r)) = 0
p = 0, q = 1, r = 1: p ∨ q = 1, q → (p ∨ q) = 1, ¬(q → (p ∨ q)) = 0, p ∨ r = 1, ¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r) = 1, ¬(¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r)) = 0
p = 0, q = 1, r = 0: p ∨ q = 1, q → (p ∨ q) = 1, ¬(q → (p ∨ q)) = 0, p ∨ r = 0, ¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r) = 0, ¬(¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r)) = 1
p = 0, q = 0, r = 1: p ∨ q = 0, q → (p ∨ q) = 1, ¬(q → (p ∨ q)) = 0, p ∨ r = 1, ¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r) = 1, ¬(¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r)) = 0
p = 0, q = 0, r = 0: p ∨ q = 0, q → (p ∨ q) = 1, ¬(q → (p ∨ q)) = 0, p ∨ r = 0, ¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r) = 0, ¬(¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r)) = 1

Kira baris dengan nilai 1

¬(¬(q → (p ∨ q)) ∨ (p ∨ r)): 0, 0, 0, 0, 0, 1, 0, 1
N = 2

Jawapan

N = 2
4.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: p = 1, q = 1, r = 0

Pengkuantiti dan hujah: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Alihkan penafian ke dalam, tukar setiap pengkuantiti yang dilaluinya, dan nafikan formula di dalam dengan hukum proposisi, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Hujah adalah sah apabila kesimpulan ialah 1 dalam setiap baris yang semua premisnya 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan palsu ialah contoh penyangkal dan menunjukkan hujah itu tidak sah.

Premis dan kesimpulan baris demi baris

p = 1, q = 1, r = 1: 1 1 | 1
p = 1, q = 1, r = 0: 1 1 | 0
p = 1, q = 0, r = 1: 1 0 | 1
p = 1, q = 0, r = 0: 1 0 | 0
p = 0, q = 1, r = 1: 1 1 | 1
p = 0, q = 1, r = 0: 0 1 | 0
p = 0, q = 0, r = 1: 1 0 | 1
p = 0, q = 0, r = 0: 1 0 | 0

Contoh penyangkal

p = 1, q = 1, r = 0

Jawapan

p = 1, q = 1, r = 0

Hujah dengan bentuk ini kelihatan seperti peraturan yang sah, tetapi satu baris sudah memadai untuk menunjukkan bahawa ia tidak sah.

5.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: L = 13

Peta Karnaugh: sel disusun dalam kod Gray (00, 01, 11, 10), maka sel berjiran, termasuk yang merentasi tepi, berbeza pada tepat satu pemboleh ubah. Kumpulkan 1 dalam segi empat tepat berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sehingga setiap 1 diliputi. Setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab: pemboleh ubah yang kekal malar di dalamnya. Kumpulan 2ᵏ sel kehilangan k pemboleh ubah. Tidak peduli (X) boleh digunakan untuk membesarkan kumpulan tetapi tidak perlu diliputi. Mengumpulkan 0 pula memberi bentuk POS minimum.

ABCD000111100001111010011312041507160120130151140809011010

Kumpulkan 1

Setiap kumpulan ialah segi empat tepat 2ᵏ sel; sel tepi berjiran dengan sel pada tepi bertentangan.

BCD′
A′B′D′
A′B′C
A′BC′D

Bentuk SOP minimum

F = BCD′ + A′B′D′ + A′B′C + A′BC′D
L = 13

Jawapan

L = 13
6.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: N = 16

Flip-flop dan pembilang: flip-flop hanya berubah pada pinggir jam yang aktif. D menyalin inputnya (Q⁺ = D); T bertukar keadaan apabila T = 1; JK kekal untuk 00, set semula untuk 01, set untuk 10 dan bertukar keadaan untuk 11. Pembilang perduaan n-bit mempunyai 2ⁿ keadaan dan mengira modulo 2ⁿ; pembilang mod-N mengira 0, 1, …, N − 1 dan kembali ke 0, dan memerlukan flip-flop sebanyak n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N. Setiap peringkat pembilang riak membahagi dua frekuensi, maka output terakhir pembilang mod-N berjalan pada fclk/N. Pembilang Johnson dengan n flip-flop mempunyai 2n keadaan, pembilang gelang n.

Urutan untuk 8 flip-flop

00000000 → 10000000 → 11000000 → 11100000 → 11110000 → 11111000 → 11111100 → 11111110 → 11111111 → 01111111 → 00111111 → 00011111 → 00001111 → 00000111 → 00000011 → 00000001

Bilangan keadaan

N = 16

Jawapan

N = 16
7.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: x = 7

Songsangan dan kongruen: a mempunyai songsangan modulo n tepat apabila gcd(a, n) = 1. Algoritma Euclid lanjutan menulis 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruen a·x ≡ b (mod n) dengan gcd(a, n) = 1 mempunyai penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruen x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus perdana relatif mempunyai satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorem baki Cina). φ(n) Euler mengira nombor dari 1 hingga n yang perdana relatif dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Kongruen pertama

x = 1 + 3k

Kongruen kedua

1 + 3k ≡ 3 (mod 4) → 3k ≡ 2 (mod 4)
k ≡ 3·2 ≡ 2 (mod 4)

Keputusan

x = 1 + 3·2 = 7
x = 7
semakan: 7 mod 3 = 1, 7 mod 4 = 3

Jawapan

x = 7
8.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: 493565 mod 83 = 64

Kuasa modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan kuasa dua berulang: tulis k dalam perduaan, kuasa duakan, kurangkan selepas setiap langkah dan darabkan kuasa yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk nombor perdana p yang tidak membahagi a, maka eksponen boleh dikurangkan modulo p − 1. RSA: pilih nombor perdana p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen awam e perdana relatif dengan φ(n), dan eksponen persendirian ialah d = e⁻¹ mod φ(n). Sulitkan dengan c = mᵉ mod n dan nyahsulit dengan m = cᵈ mod n.

Kurangkan eksponen

93565 mod 82 = 3
493565 ≡ 43 (mod 83)

Kuasa kecil

43 mod 83 = 64

Jawapan

493565 mod 83 = 64
9.Algoritma & kerumitan

Jawapan: B · O(n)

Mengapa ini jawapannya

Mengisi jadual dari 0 hingga n mengambil satu penambahan bagi setiap entri, jadi kerja adalah linear dan bukan eksponen.

Jawapan

B · O(n)
10.Algoritma & kerumitan

Jawapan: C · Masalah kebolehpuasan Boolean (SAT) ialah NP-lengkap

Mengapa ini jawapannya

Cook dan Levin menunjukkan secara bebas bahawa setiap masalah dalam NP boleh diturunkan kepada SAT dalam masa polinomial, jadi SAT ialah masalah NP-lengkap pertama yang diketahui.

Jawapan

C · Masalah kebolehpuasan Boolean (SAT) ialah NP-lengkap
11.Struktur data

Jawapan: B · n (ia menjadi senarai berpaut)

Mengapa ini jawapannya

Sisipan tersusun mencipta pokok terdegenerasi dengan ketinggian n, menjadikan carian O(n). Pokok seimbang mencegah ini.

Jawapan

B · n (ia menjadi senarai berpaut)
12.Struktur data

Jawapan: B · Carian O(log n) dijangka dengan menggunakan beberapa peringkat penuding hadapan

Mengapa ini jawapannya

Peringkat rawak membolehkan carian melangkau banyak nod, memberikan carian, sisipan dan pemadaman O(log n) dijangka.

Jawapan

B · Carian O(log n) dijangka dengan menggunakan beberapa peringkat penuding hadapan
13.Teori graf

Jawapan: L = 16

Euler, Hamilton dan pokok: graf bersambung mempunyai litar Euler (setiap sisi sekali, kembali ke permulaan) apabila setiap bucu berdarjah genap, dan laluan Euler yang bukan litar apabila tepat dua bucu berdarjah ganjil; laluan itu kemudian bermula dari satu bucu ganjil ke bucu ganjil yang lain. Litar Hamilton melawat setiap bucu sekali; Kn mempunyai (n − 1)!/2 daripadanya. Pokok pada n bucu mempunyai n − 1 sisi, dan graf bersambung dengan m sisi mengekalkan pokok rentang selepas membuang m − n + 1 sisi.

Lema jabat tangan untuk pokok

L + 38 = 2(L + 12) − 2
L = 16

Jawapan

L = 16

Jalan pintas: L = 2 + Σ (d − 2) ke atas bucu berdarjah d ≥ 3.

14.Teori graf

Jawapan: W = 33

Laluan terpendek dan pokok rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu bucu setiap pusingan: bucu tidak tetap yang berjarak sementara paling kecil. Jaraknya kemudian muktamad, dan setiap jiran v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membina pokok rentang minimum dengan mengambil sisi dari ringan ke berat dan melangkau sebarang sisi yang akan menutup kitaran; algoritma Prim menumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan dengan sentiasa menambah sisi teringan yang keluar daripadanya. Pokok rentang n bucu mempunyai n − 1 sisi.

Algoritma Kruskal

CE (1): ambil
GD (2): ambil
AB (3): ambil
EF (6): ambil
AC (7): ambil
BC (9): langkau, menutup kitaran
GB (14): ambil

Jumlah berat

W = 1 + 2 + 3 + 6 + 7 + 14 = 33

Jawapan

W = 33
15.Pangkalan data & SQL

Jawapan: D · Setiap nilai A dikaitkan dengan tepat satu nilai B

Mengapa ini jawapannya

A → B bermaksud sebarang dua baris dengan nilai A yang sama mesti mempunyai nilai B yang sama; A menentukan B.

Jawapan

D · Setiap nilai A dikaitkan dengan tepat satu nilai B
16.Pangkalan data & SQL

Jawapan: D · Bentuk normal kedua, kerana student_name bergantung pada student_id sahaja

Mengapa ini jawapannya

student_name bergantung hanya pada sebahagian kunci, iaitu kebergantungan separa; memindahkannya ke jadual students membetulkan pelanggaran 2NF.

Jawapan

D · Bentuk normal kedua, kerana student_name bergantung pada student_id sahaja
17.Rangkaian komputer

Jawapan: D · Ia penghala yang digunakan untuk trafik ke rangkaian lain

Mengapa ini jawapannya

Hos menghantar paket untuk destinasi bukan setempat ke get laluan lalai, biasanya penghala setempatnya.

Jawapan

D · Ia penghala yang digunakan untuk trafik ke rangkaian lain
18.Rangkaian komputer

Jawapan: C · Pertukaran RTS/CTS pilihan: CTS daripada AP memberitahu semua stesen berdekatan supaya menunggu

Mengapa ini jawapannya

Stesen menghantar Request to Send; AP menjawab Clear to Send, yang didengar oleh setiap stesen dalam julatnya, maka stesen tersembunyi menangguh untuk masa yang ditempah.

Jawapan

C · Pertukaran RTS/CTS pilihan: CTS daripada AP memberitahu semua stesen berdekatan supaya menunggu
19.Subnet IPv4

Jawapan: x = 16

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Saiz blok

23 = 8

Subnet nombor 3

rangkaian: (3 − 1)·8 = 16
siaran: 16 + 8 − 1 = 23

Jawapan

x = 16
20.Subnet IPv4

Jawapan: x = 188

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Saiz blok dalam oktet ketiga

22 = 4

Subnet hos ini

rangkaian: 172.20.188.0
siaran: 172.20.191.255

Jawapan

x = 188

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals