Asas Sains Komputer: pek ulang kaji kilat

Lembaran formula, langkah kaedah utama untuk setiap topik dan 20 soalan latihan, dengan penyelesaian penuh di bahagian belakang.

Soalan baharuKembali ke kursus

Dalam tetingkap cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan pada peranti anda.

1Formula dan kaedah

Sistem nombor

Nilai kedudukan
perduaan 2k, oktal 8k, heks 16k
Kepada perpuluhan
Σ dk·bk
Daripada perpuluhan
bahagi dengan asas, baca baki dari bawah ke atas
Heks ↔ perduaan
satu digit heks = 4 bit
Pelengkap dua
songsangkan bit dan tambah 1

Logik proposisi & pembuktian

Baris jadual kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikasi dinafikan
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Dwisyarat
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum agihan
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Pengkuantiti dinafikan
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Kaedah

  1. Kira bilangan pemboleh ubah yang berbeza: jadual kebenaran mempunyai 2ⁿ baris, bermula dengan kesemuanya 1.
  2. Beri setiap subformula lajurnya sendiri dan isi lajur-lajur itu dari dalam ke luar.
  3. Gunakan peraturan setiap penghubung: → hanya 0 bagi 1 → 0, ↔ ialah 1 apabila kedua-dua belah sepadan.
  4. Untuk kesetaraan, bandingkan lajur akhir baris demi baris; untuk hujah, lihat hanya baris yang setiap premisnya 1.
  5. Untuk menafikan pernyataan berpengkuantiti, alihkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, dan nafikan formula di dalamnya.

Logik digital: get, peta K & flip-flop

Get asas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Peraturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Susunan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kumpulan 2ᵏ sel
kehilangan k pemboleh ubah
Multipleks 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pembilang
n-bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pembilang riak
fmax = 1/(n·tpd)
Pembilang gelang dan Johnson
n dan 2n keadaan

Kaedah

  1. Untuk litar, bekerja dari input ke output satu get pada satu masa dan tulis nilai pada setiap wayar, atau tulis ungkapannya dan isi jadual kebenaran.
  2. Untuk pemudahan, letakkan 1 (dan tidak peduli sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan lajur kod Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Liputi 1 dengan kumpulan sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, menyambung melepasi tepi; setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab yang terdiri daripada pemboleh ubah yang kekal malar. Kumpulkan 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pembilang, baca input pada setiap pinggir jam yang aktif, tulis keadaan selepas setiap pinggir, dan ingat bahawa pembilang n-bit berpusing semula selepas 2ⁿ keadaan.

Teori nombor & aritmetik modulo

Pembahagian dengan baki
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Gandaan sepunya terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Songsangan
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruen linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Kaedah

  1. Kurangkan setiap nombor modulo n dahulu; baki terletak antara 0 dengan n − 1.
  2. Untuk gcd, bahagi berulang kali dengan algoritma Euclid; baki bukan sifar yang terakhir ialah gcd.
  3. Untuk songsangan, jalankan algoritma lanjutan dan simpan pekali a; tambah n jika ia negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mendarab dengan a⁻¹; gabungkan dua kongruen dengan menulis x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk kuasa, tulis eksponen dalam perduaan dan kuasa duakan berulang kali; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf sekata
|E| = n·k/2
Pokok dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun sesebuah pokok
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
litar: semua darjah genap; laluan: tepat 2 darjah ganjil
Litar Hamilton dalam Kn
(n − 1)!/2
Kemas kini Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan sepanjang L
(Mᴸ)ij

Kaedah

  1. Tulis darjah setiap bucu; jumlah darjah ialah dua kali bilangan sisi.
  2. Untuk soalan Euler, semak bahawa graf itu bersambung dan kira bucu yang berdarjah ganjil.
  3. Untuk pokok, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, simpan jadual jarak sementara dan tetapkan bucu tidak tetap yang paling kecil dalam setiap pusingan.
  5. Untuk pokok rentang minimum, isih sisi mengikut berat dan langkau setiap sisi yang menutup satu kitaran (Kruskal), atau tumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan (Prim).

Subnet IPv4

Hos bagi setiap subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Saiz blok
256 − (mask octet)
Alamat rangkaian
IP AND topeng
Alamat siaran
IP OR (NOT mask): semua bit hos ditetapkan kepada 1
Subnet daripada n bit yang dipinjam
2n

2Soalan latihan

1.Sistem nomborSederhana
Pelengkap dua 8-bit?−128?64?32?16?8?4?2?1

Tulis −118 sebagai corak pelengkap dua 8-bit. Baca corak itu sebagai nombor perduaan tanpa tanda: apakah nilainya U dalam perpuluhan?

N = −1188 bit
U =
2.Sistem nomborSukar
24 bit1 px640 px480 pxM = ? KiB

Satu imej tanpa mampatan berukuran 640 × 480 piksel dengan 24 bit setiap piksel. Berapakah memori M yang diambilnya, dalam KiB (1 KiB = 1024 bait)?

640 × 480 px24 bit/px1 KiB = 1024 B
M = KiB
3.Logik proposisi & pembuktianSederhana
¬¬c → ¬¬a¬c ∧ ¬¬a¬¬c ∧ ¬¬a¬¬c ∧ ¬a

Anda hendak membuktikan ¬c → ¬a secara percanggahan. Pernyataan manakah yang anda andaikan pada permulaan? Klik pernyataan itu.

¬c → ¬a
  1. 1¬¬c → ¬¬a
  2. 2¬c ∧ ¬¬a
  3. 3¬¬c ∧ ¬¬a
  4. 4¬¬c ∧ ¬a
4.Logik proposisi & pembuktianSukar

Berapa banyak daripada 16 baris jadual kebenaran menjadikan ¬((r ∨ q) → (s ∨ r)) ∧ ¬((s ∧ p) ↔ p) benar? Panggil nombor ini N.

¬((r ∨ q) → (s ∨ r)) ∧ ¬((s ∧ p) ↔ p)
N =
5.Logik digital: get, peta K & flip-flopSederhana
MUXC′I0​0I1​CI2​C′I3​ABS1​S0​F

Multipleks 4-ke-1 mempunyai input pilih S₁ = A dan S₀ = B, dan input datanya diikat kepada I₀ = C′, I₁ = 0, I₂ = C, I₃ = C′. Bagi berapa daripada 8 gabungan A, B dan C output F = 1? Cari N.

I₀ = C′I₁ = 0I₂ = CI₃ = C′
N =
6.Logik digital: get, peta K & flip-flopSukar
DQ3​Q3​DQ2​Q2​DQ1​Q1​DQ0​Q0​CLKRING

Pembilang gelang 4-bit Q₃Q₂Q₁Q₀ bermula pada 1001. Pada setiap pinggir jam bit beranjak satu tempat ke kanan (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀) dan Q₃ menerima Q₀. Beri keadaan Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ sebagai nombor perpuluhan selepas 3 pinggir jam.

Q₃Q₂Q₁Q₀ = 10013
Q =
7.Teori nombor & aritmetik moduloSederhana

Cari integer positif terkecil x dengan x ≡ 4 (mod 7) dan x ≡ 0 (mod 10).

x ≡ 4 (mod 7)x ≡ 0 (mod 10)
x =
8.Teori nombor & aritmetik moduloSukar
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (341, 19)d = ?

Kunci RSA menggunakan nombor perdana p = 11 dan q = 31 serta eksponen awam e = 19. Cari eksponen persendirian d (0 < d < φ(n)).

p = 11q = 31e = 19
d =
9.Algoritma & kerumitanSederhana

Berapa banyak peringkat yang ada pada rekursi isihan cantum bagi tatasusunan n elemen?

  1. AKira-kira log₂ n
  2. BKira-kira √n
  3. CKira-kira n
  4. DKira-kira n / 2
10.Algoritma & kerumitanSukar

Mengapakah sebarang carian berasaskan perbandingan dalam tatasusunan tersusun memerlukan Ω(log n) perbandingan dalam kes terburuk?

  1. APokok keputusan dengan n kemungkinan hasil mesti mempunyai kedalaman sekurang-kurangnya log₂ n
  2. BSetiap elemen mesti dibandingkan sekurang-kurangnya sekali
  3. CCarian binari ialah satu-satunya algoritma yang mungkin, dan ia memerlukan log₂ n perbandingan
  4. DPerbandingan mengambil masa logaritma setiap satu
11.Struktur dataSederhana

Aplikasi memerlukan carian pantas dan juga perlu menyenaraikan kunci dalam susunan tersusun dan menjawab pertanyaan julat. Struktur manakah yang paling sesuai?

  1. APokok carian binari seimbang
  2. BJadual cincang
  3. CSenarai berpaut tidak tersusun
  4. DTindanan
12.Struktur dataSukar

Bagi setiap elemen tatasusunan anda mahu elemen lebih besar seterusnya di sebelah kanannya, dalam jumlah masa O(n). Struktur manakah yang membantu?

  1. APokok carian binari yang dibina semula bagi setiap elemen
  2. BTindanan yang menyimpan elemen yang menunggu jawapannya
  3. CBaris gilir yang menyimpan setiap pasangan elemen
  4. DJadual cincang semua elemen
13.Teori grafSederhana
ABCDELitar EulerLaluan Euler, tiada litartiada kedua-duanya

Adakah graf bersambung itu mempunyai litar Euler, laluan Euler yang bukan litar, atau tiada kedua-duanya? Klik jawapan anda.

|V| = 5|E| = 5
  1. 1Litar Euler
  2. 2Laluan Euler, tiada litar
  3. 3tiada kedua-duanya
14.Teori grafSukar
811201510193ABCDE

Cari jumlah berat W pokok rentang minimum bagi graf berpemberat itu.

|V| = 5|E| = 7
W =
15.Pangkalan data & SQLSederhana

Jadual menyimpan alamat pelanggan pada setiap baris pesanan. Mengubah alamat dalam satu baris tetapi tidak dalam yang lain ialah contoh:

  1. AAnomali sisipan
  2. BBacaan hantu
  3. CAnomali pemadaman
  4. DAnomali kemas kini
16.Pangkalan data & SQLSukar

Selepas customers LEFT JOIN orders, mengapakah menggunakan COUNT(o.id) dan bukan COUNT(*) untuk mengira pesanan bagi setiap pelanggan?

  1. ACOUNT(*) mengabaikan baris dengan nilai NULL
  2. BCOUNT(o.id) hanya mengira pelanggan berbeza
  3. CCOUNT(*) tidak dibenarkan selepas cantuman
  4. DCOUNT(*) mengira baris berisi NULL sebagai 1 bagi pelanggan tanpa pesanan
17.Rangkaian komputerSederhana

Manakah antara yang berikut ialah julat alamat IPv4 persendirian?

  1. A192.168.0.0/16
  2. B8.8.8.0/24
  3. C200.1.1.0/24
  4. D100.0.0.0/8
18.Rangkaian komputerSukar

Apakah yang dilakukan oleh penghantaran semula pantas (fast retransmit) TCP?

  1. AMenghantar semula setiap segmen dua kali untuk keselamatan
  2. BMelangkau jabat tangan tiga hala apabila menyambung semula ke hos yang dikenali, supaya data dihantar semula lebih awal
  3. CMenggandakan tetingkap selepas setiap kehilangan
  4. DMenghantar semula segmen selepas tiga ACK pendua, tanpa menunggu masa tamat
19.Subnet IPv4Sederhana
/24 → /2911111111111111111111111111111000bit rangkaianbit hos

Rangkaian 192.168.30.0/24 dibahagikan kepada subnet /29, bernombor 1, 2, 3, … dari alamat terendah (subnet 1 bermula pada .0). Apakah oktet keempat x alamat siaran subnet 7?

192.168.30.0/24/29subnet 7 (subnet 1 bermula pada .0)
x =
20.Subnet IPv4Sukar
oktet ketiga = 171112806413201618041211rangkaianhos

Satu hos mempunyai alamat 172.20.171.161/18. Apakah oktet ketiga x alamat rangkaiannya?

172.20.171.161/18
x =

3Larutan

1.Sistem nombor

Jawapan: U = 138

Sistem nombor kedudukan: setiap digit bernilai nilainya didarab kuasa asas. Dalam perduaan, kedudukan bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam pelengkap dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128 dan bukannya +128, begitulah nombor negatif disimpan.

Songsang dan tambah satu

118 = 0111 0110
disongsangkan: 1000 1001
+1 → 1000 1010

Baca sebagai tanpa tanda

1000 1010₂ = 256 − 118 = 138

Jawapan

U = 138
2.Sistem nombor

Jawapan: M = 900 KiB

Sistem nombor kedudukan: setiap digit bernilai nilainya didarab kuasa asas. Dalam perduaan, kedudukan bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam pelengkap dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128 dan bukannya +128, begitulah nombor negatif disimpan.

Bit dan bait

640·480·24 = 7372800 bit = 921600 B

Tukar kepada KiB

921600/1024 = 900 KiB

Jawapan

M = 900 KiB
3.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: ¬c ∧ ¬¬a

Kesetaraan logik: dua formula adalah setara (≡) apabila ia mempunyai nilai yang sama dalam setiap baris jadual kebenaran. Tautologi ialah 1 dalam setiap baris, percanggahan ialah 0 dalam setiap baris, dan kontingensi bukan kedua-duanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum agihan, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Bahagian implikasi

a = ¬c, b = ¬a

Penafian implikasi

¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = ¬c ∧ ¬¬a

Jawapan

¬c ∧ ¬¬a

Jika andaian membawa kepada percanggahan, implikasi itu mestilah benar.

4.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: N = 1

Jadual kebenaran: formula dengan n pemboleh ubah berbeza mempunyai 2ⁿ baris, satu untuk setiap gabungan nilai kebenaran (1 = benar, 0 = palsu). Bekerja dari dalam ke luar dan beri setiap subformula lajurnya sendiri. ¬a menyongsangkan nilai; a ∧ b ialah 1 hanya apabila kedua-duanya 1; a ∨ b ialah 0 hanya apabila kedua-duanya 0; a → b ialah 0 hanya apabila a = 1 dan b = 0; a ↔ b ialah 1 apabila kedua-dua belah sama.

Lajur

r ∨ q; s ∨ r; (r ∨ q) → (s ∨ r); ¬((r ∨ q) → (s ∨ r)); s ∧ p; (s ∧ p) ↔ p; ¬((s ∧ p) ↔ p); ¬((r ∨ q) → (s ∨ r)) ∧ ¬((s ∧ p) ↔ p)

Pecahkan pada p

p = 1: 1
p = 0: 0
N = 1 + 0 = 1

Jawapan

N = 1
5.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: N = 3

Multipleks: multipleks 2ⁿ-ke-1 menyalurkan satu input datanya ke output; talian pilih, dibaca sebagai nombor perduaan, menentukan yang mana satu. Untuk MUX 4-ke-1 dengan pilih S₁S₀ = AB, F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Mengikat input data kepada 0, 1, C atau C′ membolehkan MUX menghasilkan sebarang fungsi bagi A, B dan C, yang merupakan cara lazim untuk membina logik dengan satu cip.

Ungkapan output

F = A′B′C′ + AB′C + ABC′

Baris dengan F = 1

ABC = 000, 101, 110
N = 3

Jawapan

N = 3
6.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: Q = 3

Flip-flop dan pembilang: flip-flop hanya berubah pada pinggir jam yang aktif. D menyalin inputnya (Q⁺ = D); T bertukar keadaan apabila T = 1; JK kekal untuk 00, set semula untuk 01, set untuk 10 dan bertukar keadaan untuk 11. Pembilang perduaan n-bit mempunyai 2ⁿ keadaan dan mengira modulo 2ⁿ; pembilang mod-N mengira 0, 1, …, N − 1 dan kembali ke 0, dan memerlukan flip-flop sebanyak n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N. Setiap peringkat pembilang riak membahagi dua frekuensi, maka output terakhir pembilang mod-N berjalan pada fclk/N. Pembilang Johnson dengan n flip-flop mempunyai 2n keadaan, pembilang gelang n.

Keadaan selepas setiap pinggir

1001 → 1100 → 0110 → 0011

Nilai perpuluhan

0011₂ = 3

Jawapan

Q = 3
7.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: x = 60

Songsangan dan kongruen: a mempunyai songsangan modulo n tepat apabila gcd(a, n) = 1. Algoritma Euclid lanjutan menulis 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruen a·x ≡ b (mod n) dengan gcd(a, n) = 1 mempunyai penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruen x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus perdana relatif mempunyai satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorem baki Cina). φ(n) Euler mengira nombor dari 1 hingga n yang perdana relatif dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Kongruen pertama

x = 4 + 7k

Kongruen kedua

4 + 7k ≡ 0 (mod 10) → 7k ≡ 6 (mod 10)
k ≡ 3·6 ≡ 8 (mod 10)

Keputusan

x = 4 + 7·8 = 60
x = 60
semakan: 60 mod 7 = 4, 60 mod 10 = 0

Jawapan

x = 60
8.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: d = 79

Kuasa modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan kuasa dua berulang: tulis k dalam perduaan, kuasa duakan, kurangkan selepas setiap langkah dan darabkan kuasa yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk nombor perdana p yang tidak membahagi a, maka eksponen boleh dikurangkan modulo p − 1. RSA: pilih nombor perdana p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen awam e perdana relatif dengan φ(n), dan eksponen persendirian ialah d = e⁻¹ mod φ(n). Sulitkan dengan c = mᵉ mod n dan nyahsulit dengan m = cᵈ mod n.

Modulus dan totien

n = 11·31 = 341
φ(n) = 10·30 = 300

Algoritma Euclid lanjutan

r = 300, t = 0
r = 19, q = 15, t = 1
r = 15, q = 1, t = −15
r = 4, q = 3, t = 16
r = 3, q = 1, t = −63
r = 1, q = 3, t = 79

Eksponen persendirian

d = 79
semakan: 19·79 = 1501 = 5·300 + 1

Jawapan

d = 79
9.Algoritma & kerumitan

Jawapan: A · Kira-kira log₂ n

Mengapa ini jawapannya

Membahagi dua dari n hingga 1 mengambil kira-kira log₂ n peringkat, dan setiap peringkat melakukan kerja pencantuman O(n), memberikan O(n log n).

Jawapan

A · Kira-kira log₂ n
10.Algoritma & kerumitan

Jawapan: A · Pokok keputusan dengan n kemungkinan hasil mesti mempunyai kedalaman sekurang-kurangnya log₂ n

Mengapa ini jawapannya

Setiap perbandingan paling banyak membahagi dua set kemungkinan yang tinggal, jadi membezakan n kedudukan memerlukan sekurang-kurangnya log₂ n perbandingan.

Jawapan

A · Pokok keputusan dengan n kemungkinan hasil mesti mempunyai kedalaman sekurang-kurangnya log₂ n
11.Struktur data

Jawapan: A · Pokok carian binari seimbang

Mengapa ini jawapannya

BST seimbang memberikan carian O(log n) dan mengekalkan kunci tersusun, jadi traversal in-order dan pertanyaan julat mudah; jadual cincang menyebarkan kunci.

Jawapan

A · Pokok carian binari seimbang
12.Struktur data

Jawapan: B · Tindanan yang menyimpan elemen yang menunggu jawapannya

Mengapa ini jawapannya

Mengimbas dari kiri ke kanan, pop setiap elemen tindanan yang lebih kecil daripada yang semasa (elemen semasa ialah jawapan mereka), kemudian push-nya; setiap elemen bergerak paling banyak dua kali.

Jawapan

B · Tindanan yang menyimpan elemen yang menunggu jawapannya
13.Teori graf

Jawapan: tiada kedua-duanya

Euler, Hamilton dan pokok: graf bersambung mempunyai litar Euler (setiap sisi sekali, kembali ke permulaan) apabila setiap bucu berdarjah genap, dan laluan Euler yang bukan litar apabila tepat dua bucu berdarjah ganjil; laluan itu kemudian bermula dari satu bucu ganjil ke bucu ganjil yang lain. Litar Hamilton melawat setiap bucu sekali; Kn mempunyai (n − 1)!/2 daripadanya. Pokok pada n bucu mempunyai n − 1 sisi, dan graf bersambung dengan m sisi mengekalkan pokok rentang selepas membuang m − n + 1 sisi.

Darjah

deg(A) = 2, deg(B) = 3, deg(C) = 3, deg(D) = 1, deg(E) = 1

Bucu ganjil

B, C, D, E → 4
tiada kedua-duanya

Jawapan

tiada kedua-duanya
14.Teori graf

Jawapan: W = 36

Laluan terpendek dan pokok rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu bucu setiap pusingan: bucu tidak tetap yang berjarak sementara paling kecil. Jaraknya kemudian muktamad, dan setiap jiran v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membina pokok rentang minimum dengan mengambil sisi dari ringan ke berat dan melangkau sebarang sisi yang akan menutup kitaran; algoritma Prim menumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan dengan sentiasa menambah sisi teringan yang keluar daripadanya. Pokok rentang n bucu mempunyai n − 1 sisi.

Algoritma Kruskal

BE (3): ambil
AB (8): ambil
CE (10): ambil
AC (11): langkau, menutup kitaran
BD (15): ambil

Jumlah berat

W = 3 + 8 + 10 + 15 = 36

Jawapan

W = 36
15.Pangkalan data & SQL

Jawapan: D · Anomali kemas kini

Mengapa ini jawapannya

Penyimpanan berlebihan bermaksud satu perubahan mesti dibuat dalam banyak baris; terlepas sebahagiannya meninggalkan data tidak konsisten, yang dicegah oleh normalisasi.

Jawapan

D · Anomali kemas kini
16.Pangkalan data & SQL

Jawapan: D · COUNT(*) mengira baris berisi NULL sebagai 1 bagi pelanggan tanpa pesanan

Mengapa ini jawapannya

Left join memberi satu baris dengan lajur pesanan NULL bagi pelanggan tersebut; COUNT(o.id) melangkau NULL dan melaporkan 0 dengan betul.

Jawapan

D · COUNT(*) mengira baris berisi NULL sebagai 1 bagi pelanggan tanpa pesanan
17.Rangkaian komputer

Jawapan: A · 192.168.0.0/16

Mengapa ini jawapannya

Julat persendirian ialah 10.0.0.0/8, 172.16.0.0/12 dan 192.168.0.0/16; ia tidak dihalakan di internet awam.

Jawapan

A · 192.168.0.0/16
18.Rangkaian komputer

Jawapan: D · Menghantar semula segmen selepas tiga ACK pendua, tanpa menunggu masa tamat

Mengapa ini jawapannya

Tiga ACK pendua sangat mencadangkan satu segmen hilang, maka TCP menghantar semulanya serta-merta. Ini pulih jauh lebih pantas daripada menunggu pemasa penghantaran semula.

Jawapan

D · Menghantar semula segmen selepas tiga ACK pendua, tanpa menunggu masa tamat
19.Subnet IPv4

Jawapan: x = 55

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Saiz blok

23 = 8

Subnet nombor 7

rangkaian: (7 − 1)·8 = 48
siaran: 48 + 8 − 1 = 55

Jawapan

x = 55
20.Subnet IPv4

Jawapan: x = 128

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Saiz blok dalam oktet ketiga

26 = 64

Subnet hos ini

rangkaian: 172.20.128.0
siaran: 172.20.191.255

Jawapan

x = 128

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals