Asas Sains Komputer: pek ulang kaji kilat

Lembaran formula, langkah kaedah utama untuk setiap topik dan 20 soalan latihan, dengan penyelesaian penuh di bahagian belakang.

Soalan baharuKembali ke kursus

Dalam tetingkap cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan pada peranti anda.

1Formula dan kaedah

Sistem nombor

Nilai kedudukan
perduaan 2k, oktal 8k, heks 16k
Kepada perpuluhan
Σ dk·bk
Daripada perpuluhan
bahagi dengan asas, baca baki dari bawah ke atas
Heks ↔ perduaan
satu digit heks = 4 bit
Pelengkap dua
songsangkan bit dan tambah 1

Logik proposisi & pembuktian

Baris jadual kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikasi dinafikan
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Dwisyarat
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum agihan
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Pengkuantiti dinafikan
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Kaedah

  1. Kira bilangan pemboleh ubah yang berbeza: jadual kebenaran mempunyai 2ⁿ baris, bermula dengan kesemuanya 1.
  2. Beri setiap subformula lajurnya sendiri dan isi lajur-lajur itu dari dalam ke luar.
  3. Gunakan peraturan setiap penghubung: → hanya 0 bagi 1 → 0, ↔ ialah 1 apabila kedua-dua belah sepadan.
  4. Untuk kesetaraan, bandingkan lajur akhir baris demi baris; untuk hujah, lihat hanya baris yang setiap premisnya 1.
  5. Untuk menafikan pernyataan berpengkuantiti, alihkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, dan nafikan formula di dalamnya.

Logik digital: get, peta K & flip-flop

Get asas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Peraturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Susunan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kumpulan 2ᵏ sel
kehilangan k pemboleh ubah
Multipleks 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pembilang
n-bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pembilang riak
fmax = 1/(n·tpd)
Pembilang gelang dan Johnson
n dan 2n keadaan

Kaedah

  1. Untuk litar, bekerja dari input ke output satu get pada satu masa dan tulis nilai pada setiap wayar, atau tulis ungkapannya dan isi jadual kebenaran.
  2. Untuk pemudahan, letakkan 1 (dan tidak peduli sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan lajur kod Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Liputi 1 dengan kumpulan sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, menyambung melepasi tepi; setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab yang terdiri daripada pemboleh ubah yang kekal malar. Kumpulkan 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pembilang, baca input pada setiap pinggir jam yang aktif, tulis keadaan selepas setiap pinggir, dan ingat bahawa pembilang n-bit berpusing semula selepas 2ⁿ keadaan.

Teori nombor & aritmetik modulo

Pembahagian dengan baki
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Gandaan sepunya terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Songsangan
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruen linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Kaedah

  1. Kurangkan setiap nombor modulo n dahulu; baki terletak antara 0 dengan n − 1.
  2. Untuk gcd, bahagi berulang kali dengan algoritma Euclid; baki bukan sifar yang terakhir ialah gcd.
  3. Untuk songsangan, jalankan algoritma lanjutan dan simpan pekali a; tambah n jika ia negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mendarab dengan a⁻¹; gabungkan dua kongruen dengan menulis x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk kuasa, tulis eksponen dalam perduaan dan kuasa duakan berulang kali; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf sekata
|E| = n·k/2
Pokok dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun sesebuah pokok
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
litar: semua darjah genap; laluan: tepat 2 darjah ganjil
Litar Hamilton dalam Kn
(n − 1)!/2
Kemas kini Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan sepanjang L
(Mᴸ)ij

Kaedah

  1. Tulis darjah setiap bucu; jumlah darjah ialah dua kali bilangan sisi.
  2. Untuk soalan Euler, semak bahawa graf itu bersambung dan kira bucu yang berdarjah ganjil.
  3. Untuk pokok, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, simpan jadual jarak sementara dan tetapkan bucu tidak tetap yang paling kecil dalam setiap pusingan.
  5. Untuk pokok rentang minimum, isih sisi mengikut berat dan langkau setiap sisi yang menutup satu kitaran (Kruskal), atau tumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan (Prim).

Subnet IPv4

Hos bagi setiap subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Saiz blok
256 − (mask octet)
Alamat rangkaian
IP AND topeng
Alamat siaran
IP OR (NOT mask): semua bit hos ditetapkan kepada 1
Subnet daripada n bit yang dipinjam
2n

2Soalan latihan

1.Sistem nomborSederhana
Pelengkap dua 8-bit0−12806403201608040201

Tetapkan bit supaya ia menyimpan −26 dalam pelengkap dua 8-bit. Dibaca sebagai nombor tanpa tanda, apakah nilai corak U?

N = −268 bit
U =
2.Sistem nomborSukar
24 bit, tanpa tanda, N = ?????????????????????????

Apakah integer tanpa tanda terbesar N yang muat dalam 24 bit?

24 bit
N =
3.Logik proposisi & pembuktianSederhana
¬(r ∨ q) → ¬¬p¬¬p → ¬(r ∨ q)¬p → (r ∨ q)(r ∨ q) ∧ ¬¬p

Anda hendak membuktikan (r ∨ q) → ¬p secara kontrapositif. Implikasi manakah yang anda buktikan sebagai gantinya? Klik implikasi itu.

(r ∨ q) → ¬p
  1. 1¬(r ∨ q) → ¬¬p
  2. 2¬¬p → ¬(r ∨ q)
  3. 3¬p → (r ∨ q)
  4. 4(r ∨ q) ∧ ¬¬p
4.Logik proposisi & pembuktianSukar

Berapa banyak daripada 16 baris jadual kebenaran menjadikan ((r ∨ ¬p) ∨ (p ∨ q)) → ((r ∨ ¬q) → ¬s) benar? Panggil nombor ini N.

((r ∨ ¬p) ∨ (p ∨ q)) → ((r ∨ ¬q) → ¬s)
N =
5.Logik digital: get, peta K & flip-flopSederhana
ABCD000111100001111000111302041507160121130151140819011110

Gunakan peta Karnaugh untuk mencari bentuk hasil tambah hasil darab (SOP) minimum bagi F(A, B, C, D) = Σm(1, 3, 5, 6, 9, 10, 13, 14). Berapa banyak literal L yang terkandung dalamnya secara keseluruhan (pemboleh ubah berperdana dikira satu literal)?

F(A, B, C, D) = Σm(1, 3, 5, 6, 9, 10, 13, 14)
L =
6.Logik digital: get, peta K & flip-flopSukar
CLKT123456

Flip-flop T dicetus pinggir positif bermula dengan Q = 0 dan menerima input yang ditunjukkan. Klik pinggir jam pertama yang Q-nya berubah daripada 1 kembali kepada 0.

Q₀ = 0T
  1. 1pinggir jam 1
  2. 2pinggir jam 2
  3. 3pinggir jam 3
  4. 4pinggir jam 4
  5. 5pinggir jam 5
  6. 6pinggir jam 6
7.Teori nombor & aritmetik moduloSederhana

Selesaikan 9x ≡ 1 (mod 25). Beri penyelesaian x dengan 0 < x < 25.

9x ≡ 1 (mod 25)
x =
8.Teori nombor & aritmetik moduloSukar
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (667, 5)d = ?

Kunci RSA menggunakan nombor perdana p = 23 dan q = 29 serta eksponen awam e = 5. Cari eksponen persendirian d (0 < d < φ(n)).

p = 23q = 29e = 5
d =
9.Algoritma & kerumitanSederhana

Apakah penyelesaian hubungan jadi semula T(n) = T(n/2) + O(1)?

  1. AO(n)
  2. BO(log n)
  3. CO(n log n)
  4. DO(1)
10.Algoritma & kerumitanSukar

Pernyataan manakah tentang notasi o kecil yang betul?

  1. An = o(n²), tetapi n bukan o(n)
  2. Bn² = o(n)
  3. Cn = o(n), kerana setiap fungsi ialah o kecil bagi dirinya sendiri
  4. D2n = o(n), kerana 2n tumbuh perlahan
11.Struktur dataSederhana

Apakah tujuan nod sentinel (dummy) dalam senarai berpaut?

  1. AUntuk menjadikan senarai tersusun
  2. BUntuk menyimpan bilangan elemen
  3. CUntuk menghalang senarai daripada membesar melebihi bilangan nod maksimum yang tetap
  4. DUntuk memudahkan kod dengan membuang kes khas di kepala atau ekor
12.Struktur dataSukar

Nod AVL tidak seimbang kerana subpokok kanan anak kirinya menjadi terlalu tinggi (kes kiri-kanan). Pembetulan manakah yang digunakan?

  1. ASatu putaran kanan tunggal pada nod
  2. BSatu putaran kiri tunggal pada nod
  3. CPutaran kiri pada anak kiri, kemudian putaran kanan pada nod
  4. DPutaran kanan pada anak kiri, kemudian putaran kiri pada nod
13.Teori grafSederhana

Graf bersambung mempunyai 8 bucu dan 10 sisi. Berapa banyak sisi k yang mesti dibuang untuk meninggalkan pokok rentang?

|V| = 8|E| = 10
k =
14.Teori grafSukar
11142612610151111ABCDEFG

Algoritma Dijkstra bermula dari A. Klik bucu yang ditetapkan (dijadikan tetap) dalam pusingan 6; A sendiri ialah pusingan 1.

mula: Apusingan 6
  1. 1A
  2. 2B
  3. 3C
  4. 4D
  5. 5E
  6. 6F
  7. 7G
15.Pangkalan data & SQLSederhana

Apakah bacaan kotor (dirty read)?

  1. AMembaca baris yang sama dua kali dan mendapat nilai yang sama
  2. BMembaca data yang ditulis oleh transaksi lain yang belum dikomit
  3. CMembaca data tanpa klausa WHERE
  4. DMembaca data daripada cakera yang rosak
16.Pangkalan data & SQLSukar

Penguncian dua fasa (2PL) memastikan:

  1. ABahawa kebuntuan (deadlock) tidak pernah berlaku
  2. BBahawa transaksi tidak pernah menunggu
  3. CJadual yang boleh disiri secara konflik
  4. DBahawa tiada kunci diperlukan
17.Rangkaian komputerSederhana

Pada lapisan OSI manakah suis lazimnya beroperasi?

  1. APautan data (lapisan 2)
  2. BPengangkutan (lapisan 4)
  3. CRangkaian (lapisan 3)
  4. DFizikal (lapisan 1)
18.Rangkaian komputerSukar

Dengan protokol tetingkap gelongsor, bagaimanakah Go-Back-N berbeza daripada Selective Repeat selepas satu bingkai hilang?

  1. AKedua-duanya menghantar semula seluruh tetingkap dari awal
  2. BGo-Back-N hanya menghantar semula bingkai yang hilang; Selective Repeat menghantar semula bingkai itu dan semua bingkai kemudian
  3. CGo-Back-N menghantar semula bingkai yang hilang dan semua bingkai kemudian; Selective Repeat hanya yang hilang
  4. DKedua-duanya tidak pernah menghantar semula bingkai yang hilang
19.Subnet IPv4Sederhana
/24 → /2711111111111111111111111111100000bit rangkaianbit hos

Rangkaian 10.214.60.0/24 dibahagikan kepada subnet sama saiz dengan awalan /27. Berapakah bilangan subnet N?

10.214.60.0/24/27
N =
20.Subnet IPv4Sukar
oktet terakhir = 165112806413201608140211rangkaianhos

Sebuah hos mempunyai alamat 10.20.44.165/30. Apakah oktet keempat x bagi alamat hos boleh guna yang terakhir dalam subnetnya?

10.20.44.165/30
x =

3Larutan

1.Sistem nombor

Jawapan: U = 230

Menetapkan bit: setiap bit bernilai kuasa dua (128, 64, …, 1). Satu digit heks tepat empat bit, dan dalam pelengkap dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap kedudukan bit secara berasingan.

Songsang dan tambah satu

26 = 0001 1010
disongsangkan: 1110 0101
+1 → 1110 0110

Baca sebagai tanpa tanda

1110 0110₂ = 256 − 26 = 230

Jawapan

U = 230
2.Sistem nombor

Jawapan: N = 1.678 × 10⁷

Sistem nombor kedudukan: setiap digit bernilai nilainya didarab kuasa asas. Dalam perduaan, kedudukan bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam pelengkap dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128 dan bukannya +128, begitulah nombor negatif disimpan.

Nilai terbesar

224 − 1 = 16777215

Jawapan

N = 16777215
3.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: ¬¬p → ¬(r ∨ q)

Kesetaraan logik: dua formula adalah setara (≡) apabila ia mempunyai nilai yang sama dalam setiap baris jadual kebenaran. Tautologi ialah 1 dalam setiap baris, percanggahan ialah 0 dalam setiap baris, dan kontingensi bukan kedua-duanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum agihan, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Bahagian implikasi

a = r ∨ q, b = ¬p

Kontrapositif

¬b → ¬a = ¬¬p → ¬(r ∨ q)

Jawapan

¬¬p → ¬(r ∨ q)

Kontrapositif setara dengan pernyataan asal, maka membuktikannya membuktikan pernyataan itu.

4.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: N = 10

Jadual kebenaran: formula dengan n pemboleh ubah berbeza mempunyai 2ⁿ baris, satu untuk setiap gabungan nilai kebenaran (1 = benar, 0 = palsu). Bekerja dari dalam ke luar dan beri setiap subformula lajurnya sendiri. ¬a menyongsangkan nilai; a ∧ b ialah 1 hanya apabila kedua-duanya 1; a ∨ b ialah 0 hanya apabila kedua-duanya 0; a → b ialah 0 hanya apabila a = 1 dan b = 0; a ↔ b ialah 1 apabila kedua-dua belah sama.

Lajur

¬p; r ∨ ¬p; p ∨ q; (r ∨ ¬p) ∨ (p ∨ q); ¬q; r ∨ ¬q; ¬s; (r ∨ ¬q) → ¬s; ((r ∨ ¬p) ∨ (p ∨ q)) → ((r ∨ ¬q) → ¬s)

Pecahkan pada p

p = 1: 5
p = 0: 5
N = 5 + 5 = 10

Jawapan

N = 10
5.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: L = 11

Peta Karnaugh: sel disusun dalam kod Gray (00, 01, 11, 10), maka sel berjiran, termasuk yang merentasi tepi, berbeza pada tepat satu pemboleh ubah. Kumpulkan 1 dalam segi empat tepat berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sehingga setiap 1 diliputi. Setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab: pemboleh ubah yang kekal malar di dalamnya. Kumpulan 2ᵏ sel kehilangan k pemboleh ubah. Tidak peduli (X) boleh digunakan untuk membesarkan kumpulan tetapi tidak perlu diliputi. Mengumpulkan 0 pula memberi bentuk POS minimum.

ABCD000111100001111000111302041507160121130151140819011110

Kumpulkan 1

Setiap kumpulan ialah segi empat tepat 2ᵏ sel; sel tepi berjiran dengan sel pada tepi bertentangan.

C′D
BCD′
ACD′
A′B′D

Bentuk SOP minimum

F = C′D + BCD′ + ACD′ + A′B′D
L = 11

Jawapan

L = 11
6.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: pinggir jam 4

Flip-flop dan pembilang: flip-flop hanya berubah pada pinggir jam yang aktif. D menyalin inputnya (Q⁺ = D); T bertukar keadaan apabila T = 1; JK kekal untuk 00, set semula untuk 01, set untuk 10 dan bertukar keadaan untuk 11. Pembilang perduaan n-bit mempunyai 2ⁿ keadaan dan mengira modulo 2ⁿ; pembilang mod-N mengira 0, 1, …, N − 1 dan kembali ke 0, dan memerlukan flip-flop sebanyak n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N. Setiap peringkat pembilang riak membahagi dua frekuensi, maka output terakhir pembilang mod-N berjalan pada fclk/N. Pembilang Johnson dengan n flip-flop mempunyai 2n keadaan, pembilang gelang n.

Q selepas setiap pinggir

Flip-flop T bertukar keadaan pada setiap pinggir menaik dengan T = 1 dan kekal dengan T = 0.

1: T = 0 → Q = 0
2: T = 0 → Q = 0
3: T = 1 → Q = 1
4: T = 1 → Q = 0
5: T = 1 → Q = 1
6: T = 1 → Q = 0

Perubahan pertama daripada 1 kepada 0

pinggir jam 4

Jawapan

pinggir jam 4
7.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: x = 14

Songsangan dan kongruen: a mempunyai songsangan modulo n tepat apabila gcd(a, n) = 1. Algoritma Euclid lanjutan menulis 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruen a·x ≡ b (mod n) dengan gcd(a, n) = 1 mempunyai penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruen x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus perdana relatif mempunyai satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorem baki Cina). φ(n) Euler mengira nombor dari 1 hingga n yang perdana relatif dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Songsangan 9

r = 25, t = 0
r = 9, q = 2, t = 1
r = 7, q = 1, t = −2
r = 2, q = 3, t = 3
r = 1, q = 2, t = −11
9−1 ≡ 14 (mod 25)

Selesaikan

x ≡ 14·1 = 14 ≡ 14 (mod 25)
semakan: 9·14 = 126 ≡ 1 (mod 25)

Jawapan

x = 14
8.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: d = 493

Kuasa modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan kuasa dua berulang: tulis k dalam perduaan, kuasa duakan, kurangkan selepas setiap langkah dan darabkan kuasa yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk nombor perdana p yang tidak membahagi a, maka eksponen boleh dikurangkan modulo p − 1. RSA: pilih nombor perdana p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen awam e perdana relatif dengan φ(n), dan eksponen persendirian ialah d = e⁻¹ mod φ(n). Sulitkan dengan c = mᵉ mod n dan nyahsulit dengan m = cᵈ mod n.

Modulus dan totien

n = 23·29 = 667
φ(n) = 22·28 = 616

Algoritma Euclid lanjutan

r = 616, t = 0
r = 5, q = 123, t = 1
r = 1, q = 5, t = −123

Eksponen persendirian

d = 493
semakan: 5·493 = 2465 = 4·616 + 1

Jawapan

d = 493
9.Algoritma & kerumitan

Jawapan: B · O(log n)

Mengapa ini jawapannya

Masalah dibahagi dua pada setiap langkah dengan kerja malar bagi setiap langkah, jadi terdapat kira-kira log₂ n langkah.

Jawapan

B · O(log n)
10.Algoritma & kerumitan

Jawapan: A · n = o(n²), tetapi n bukan o(n)

Mengapa ini jawapannya

f = o(g) bermaksud f(n) / g(n) menuju 0; n / n² menuju 0, tetapi n / n = 1 tidak.

Jawapan

A · n = o(n²), tetapi n bukan o(n)
11.Struktur data

Jawapan: D · Untuk memudahkan kod dengan membuang kes khas di kepala atau ekor

Mengapa ini jawapannya

Dengan sentinel, setiap nod sebenar mempunyai pendahulu, jadi menyisip atau memadam di kepala tidak memerlukan pengendalian khas.

Jawapan

D · Untuk memudahkan kod dengan membuang kes khas di kepala atau ekor
12.Struktur data

Jawapan: C · Putaran kiri pada anak kiri, kemudian putaran kanan pada nod

Mengapa ini jawapannya

Putaran pertama menukar kes kiri-kanan menjadi kes kiri-kiri, yang kemudian dibetulkan oleh putaran kanan pada nod yang tidak seimbang.

Jawapan

C · Putaran kiri pada anak kiri, kemudian putaran kanan pada nod
13.Teori graf

Jawapan: k = 3

Euler, Hamilton dan pokok: graf bersambung mempunyai litar Euler (setiap sisi sekali, kembali ke permulaan) apabila setiap bucu berdarjah genap, dan laluan Euler yang bukan litar apabila tepat dua bucu berdarjah ganjil; laluan itu kemudian bermula dari satu bucu ganjil ke bucu ganjil yang lain. Litar Hamilton melawat setiap bucu sekali; Kn mempunyai (n − 1)!/2 daripadanya. Pokok pada n bucu mempunyai n − 1 sisi, dan graf bersambung dengan m sisi mengekalkan pokok rentang selepas membuang m − n + 1 sisi.

Sisi pokok rentang

8 − 1 = 7

Sisi untuk dibuang

k = 10 − 7 = 3

Jawapan

k = 3
14.Teori graf

Jawapan: E

Laluan terpendek dan pokok rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu bucu setiap pusingan: bucu tidak tetap yang berjarak sementara paling kecil. Jaraknya kemudian muktamad, dan setiap jiran v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membina pokok rentang minimum dengan mengambil sisi dari ringan ke berat dan melangkau sebarang sisi yang akan menutup kitaran; algoritma Prim menumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan dengan sentiasa menambah sisi teringan yang keluar daripadanya. Pokok rentang n bucu mempunyai n − 1 sisi.

Dijkstra pusingan demi pusingan

1. A (0): B: 11, C: 14
2. B (11): C: 13, D: 17, G: 21
3. C (13): E: 25
4. D (17)
5. G (21)
6. E (25): F: 31
7. F (31)

pusingan 6

E

Jawapan

E
15.Pangkalan data & SQL

Jawapan: B · Membaca data yang ditulis oleh transaksi lain yang belum dikomit

Mengapa ini jawapannya

Bacaan kotor melihat perubahan yang belum dikomit yang mungkin dibuat asal; ia mungkin hanya pada aras read uncommitted.

Jawapan

B · Membaca data yang ditulis oleh transaksi lain yang belum dikomit
16.Pangkalan data & SQL

Jawapan: C · Jadual yang boleh disiri secara konflik

Mengapa ini jawapannya

2PL menjamin kebolehsirian, tetapi kebuntuan masih mungkin dan mesti dikesan atau dicegah.

Jawapan

C · Jadual yang boleh disiri secara konflik
17.Rangkaian komputer

Jawapan: A · Pautan data (lapisan 2)

Mengapa ini jawapannya

Suis standard mempelajari alamat MAC dan memajukan bingkai pada lapisan 2. Suis lapisan 3 juga menghalakan paket.

Jawapan

A · Pautan data (lapisan 2)
18.Rangkaian komputer

Jawapan: C · Go-Back-N menghantar semula bingkai yang hilang dan semua bingkai kemudian; Selective Repeat hanya yang hilang

Mengapa ini jawapannya

Penerima Go-Back-N membuang bingkai yang tidak mengikut tertib, maka penghantar mesti mengulang segala-galanya selepas kehilangan. Selective Repeat menimbalnya dan hanya meminta yang hilang.

Jawapan

C · Go-Back-N menghantar semula bingkai yang hilang dan semua bingkai kemudian; Selective Repeat hanya yang hilang
19.Subnet IPv4

Jawapan: N = 8

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Bit yang dipinjam

27 − 24 = 3

Bilangan subnet

N = 23 = 8

Jawapan

N = 8

Setiap subnet /27 mempunyai 25 − 2 = 30 hos boleh guna.

20.Subnet IPv4

Jawapan: x = 166

Subnet IPv4: alamat mempunyai 32 bit. Awalan /p menyatakan berapa banyak bit permulaan yang mengenal pasti rangkaian; baki 32 − p bit menomborkan hos. Satu subnet mempunyai 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat rangkaian) dan yang terakhir (alamat siaran) tidak boleh diberikan kepada hos, jadi 2³²⁻ᵖ − 2 hos boleh dimuatkan. Pengecualian: /31 (pautan titik ke titik, RFC 3021) menggunakan kedua-dua 2 alamatnya untuk hos, dan /32 ialah satu alamat tunggal (satu hos atau loopback).

Saiz blok

22 = 4

Subnet hos ini

rangkaian: ⌊165/4⌋·4 = 164
siaran: 164 + 4 − 1 = 167
hos boleh guna: 165 … 166

Jawapan

x = 166

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals