Asas Sains Komputer: pek ulang kaji kilat

Lembaran formula, langkah kaedah utama untuk setiap topik dan 20 soalan latihan, dengan penyelesaian penuh di bahagian belakang.

Soalan baharuKembali ke kursus

Dalam tetingkap cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan pada peranti anda.

1Formula dan kaedah

Sistem nombor

Nilai kedudukan
perduaan 2k, oktal 8k, heks 16k
Kepada perpuluhan
Σ dk·bk
Daripada perpuluhan
bahagi dengan asas, baca baki dari bawah ke atas
Heks ↔ perduaan
satu digit heks = 4 bit
Pelengkap dua
songsangkan bit dan tambah 1

Logik proposisi & pembuktian

Baris jadual kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikasi dinafikan
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Dwisyarat
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum agihan
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Pengkuantiti dinafikan
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Kaedah

  1. Kira bilangan pemboleh ubah yang berbeza: jadual kebenaran mempunyai 2ⁿ baris, bermula dengan kesemuanya 1.
  2. Beri setiap subformula lajurnya sendiri dan isi lajur-lajur itu dari dalam ke luar.
  3. Gunakan peraturan setiap penghubung: → hanya 0 bagi 1 → 0, ↔ ialah 1 apabila kedua-dua belah sepadan.
  4. Untuk kesetaraan, bandingkan lajur akhir baris demi baris; untuk hujah, lihat hanya baris yang setiap premisnya 1.
  5. Untuk menafikan pernyataan berpengkuantiti, alihkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, dan nafikan formula di dalamnya.

Logik digital: get, peta K & flip-flop

Get asas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Peraturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Susunan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kumpulan 2ᵏ sel
kehilangan k pemboleh ubah
Multipleks 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pembilang
n-bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pembilang riak
fmax = 1/(n·tpd)
Pembilang gelang dan Johnson
n dan 2n keadaan

Kaedah

  1. Untuk litar, bekerja dari input ke output satu get pada satu masa dan tulis nilai pada setiap wayar, atau tulis ungkapannya dan isi jadual kebenaran.
  2. Untuk pemudahan, letakkan 1 (dan tidak peduli sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan lajur kod Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Liputi 1 dengan kumpulan sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, menyambung melepasi tepi; setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab yang terdiri daripada pemboleh ubah yang kekal malar. Kumpulkan 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pembilang, baca input pada setiap pinggir jam yang aktif, tulis keadaan selepas setiap pinggir, dan ingat bahawa pembilang n-bit berpusing semula selepas 2ⁿ keadaan.

Teori nombor & aritmetik modulo

Pembahagian dengan baki
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Gandaan sepunya terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Songsangan
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruen linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Kaedah

  1. Kurangkan setiap nombor modulo n dahulu; baki terletak antara 0 dengan n − 1.
  2. Untuk gcd, bahagi berulang kali dengan algoritma Euclid; baki bukan sifar yang terakhir ialah gcd.
  3. Untuk songsangan, jalankan algoritma lanjutan dan simpan pekali a; tambah n jika ia negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mendarab dengan a⁻¹; gabungkan dua kongruen dengan menulis x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk kuasa, tulis eksponen dalam perduaan dan kuasa duakan berulang kali; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf sekata
|E| = n·k/2
Pokok dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun sesebuah pokok
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
litar: semua darjah genap; laluan: tepat 2 darjah ganjil
Litar Hamilton dalam Kn
(n − 1)!/2
Kemas kini Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan sepanjang L
(Mᴸ)ij

Kaedah

  1. Tulis darjah setiap bucu; jumlah darjah ialah dua kali bilangan sisi.
  2. Untuk soalan Euler, semak bahawa graf itu bersambung dan kira bucu yang berdarjah ganjil.
  3. Untuk pokok, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, simpan jadual jarak sementara dan tetapkan bucu tidak tetap yang paling kecil dalam setiap pusingan.
  5. Untuk pokok rentang minimum, isih sisi mengikut berat dan langkau setiap sisi yang menutup satu kitaran (Kruskal), atau tumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan (Prim).

Subnet IPv4

Hos bagi setiap subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Saiz blok
256 − (mask octet)
Alamat rangkaian
IP AND topeng
Alamat siaran
IP OR (NOT mask): semua bit hos ditetapkan kepada 1
Subnet daripada n bit yang dipinjam
2n

2Soalan latihan

1.Sistem nomborSederhana
Pelengkap dua 8-bit?−128?64?32?16?8?4?2?1

Tulis −118 sebagai corak pelengkap dua 8-bit. Baca corak itu sebagai nombor perduaan tanpa tanda: apakah nilainya U dalam perpuluhan?

N = −1188 bit
U =
2.Sistem nomborSukar
klik bit untuk menetapkannya012806403201608040201

Tetapkan bit kepada hasil 8-bit bagi 1001 0011 OR 1000 1111. Apakah nilai hasil R dalam perpuluhan?

1001 0011OR1000 1111
R =
3.Logik proposisi & pembuktianSederhana
¬a ∧ ¬(b ∨ c)¬a ∧ (b ∨ c)a ∧ ¬(b ∨ c)¬a → ¬(b ∨ c)

Anda hendak membuktikan a → (b ∨ c) secara percanggahan. Pernyataan manakah yang anda andaikan pada permulaan? Klik pernyataan itu.

a → (b ∨ c)
  1. 1¬a ∧ ¬(b ∨ c)
  2. 2¬a ∧ (b ∨ c)
  3. 3a ∧ ¬(b ∨ c)
  4. 4¬a → ¬(b ∨ c)
4.Logik proposisi & pembuktianSukar
∀x A(x)∀x ¬A(x)∃x A(x)∃x ¬A(x)

Pernyataan manakah yang setara dengan ¬∀x A(x), dengan penafian dialihkan sepenuhnya ke dalam? Klik pernyataan itu.

¬∀x A(x)
  1. 1∀x A(x)
  2. 2∀x ¬A(x)
  3. 3∃x A(x)
  4. 4∃x ¬A(x)
5.Logik digital: get, peta K & flip-flopSederhana
ABCD00011110000111101111111

Dalam peta Karnaugh ini tepat satu 1 tidak mempunyai 1 yang berjiran, maka ia kekal sebagai kumpulan satu sel (minterm penuh empat literal) dalam bentuk SOP minimum. Jiran merentasi tepi peta dikira. Klik sel itu.

F = Σm(1, 2, 3, 4, 11, 13, 15)
  1. 1AB = 00, CD = 00
  2. 2AB = 00, CD = 01
  3. 3AB = 00, CD = 11
  4. 4AB = 00, CD = 10
  5. 5AB = 01, CD = 00
  6. 6AB = 01, CD = 01
  7. 7AB = 01, CD = 11
  8. 8AB = 01, CD = 10
  9. 9AB = 11, CD = 00
  10. 10AB = 11, CD = 01
  11. 11AB = 11, CD = 11
  12. 12AB = 11, CD = 10
  13. 13AB = 10, CD = 00
  14. 14AB = 10, CD = 01
  15. 15AB = 10, CD = 11
  16. 16AB = 10, CD = 10
6.Logik digital: get, peta K & flip-flopSukar
TQ0​Q0​TQ1​Q1​TQ2​Q2​TQ3​Q3​TQ4​Q4​TQ5​Q5​CLK

Pembilang riak (tak segerak) 6-bit dibina daripada flip-flop dengan kelewatan perambatan 5 ns setiap satu. Semua output mesti telah mantap sebelum pinggir jam seterusnya. Cari frekuensi jam maksimum fmax.

n = 6tpd = 5 ns
fmax = MHz
7.Teori nombor & aritmetik moduloSederhana

Cari songsangan 36 modulo 91: nombor x dengan 0 < x < 91 dan 36·x ≡ 1 (mod 91).

a = 36n = 91
36−1 mod 91 =
8.Teori nombor & aritmetik moduloSukar
mc = me​ mod n18m = cd​ mod n?(n, e) = (1247, 17)d

Kunci RSA menggunakan p = 29, q = 43 dan e = 17. Nyahsulit teks sulit c = 18: cari mesej m.

p = 29q = 43e = 17c = 18
m =
9.Algoritma & kerumitanSederhana

Apakah yang dikira oleh algoritma Floyd–Warshall, dan sepantas mana?

  1. ALaluan terpendek dari satu bucu sumber ke semua bucu lain dalam O(V + E)
  2. BPokok rentang minimum dalam O(E log V)
  3. CSusunan topologi dalam O(V²)
  4. DLaluan terpendek antara semua pasangan bucu dalam O(V³)
10.Algoritma & kerumitanSukar

Sesuatu masalah ialah NP-lengkap jika ia:

  1. ADi luar NP tetapi lebih sukar daripada semua masalah NP, seperti masalah penghentian
  2. BBoleh diselesaikan dalam masa polinomial
  3. CDalam NP dan setiap masalah NP boleh diturunkan kepadanya dalam masa polinomial
  4. DMustahil diselesaikan
11.Struktur dataSederhana

Apakah kos menyisip elemen di tengah tatasusunan dengan n elemen?

  1. AO(n), kerana elemen kemudian mesti dianjak
  2. BO(log n), kerana carian binari
  3. CO(1), kerana indeks diketahui
  4. DO(n²), kerana setiap elemen bergerak n kali
12.Struktur dataSukar

Apakah kos masa dan ruang tambahan untuk membalikkan senarai berpaut tunggal di tempat?

  1. AMasa O(1) dan ruang tambahan O(1)
  2. BMasa O(n) dan ruang tambahan O(n)
  3. CMasa O(n) dan ruang tambahan O(1)
  4. DMasa O(n log n) dan ruang tambahan O(1)
13.Teori grafSederhana
ABCDELitar EulerLaluan Euler, tiada litartiada kedua-duanya

Adakah graf bersambung itu mempunyai litar Euler, laluan Euler yang bukan litar, atau tiada kedua-duanya? Klik jawapan anda.

|V| = 5|E| = 7
  1. 1Litar Euler
  2. 2Laluan Euler, tiada litar
  3. 3tiada kedua-duanya
14.Teori grafSukar
ABCDE

Berapa banyak jalan sepanjang 2 dari E ke C? Jalan boleh mengulang bucu dan sisi. Panggil nombor ini N.

M = matriks kejirananL = 2
N =
15.Pangkalan data & SQLSederhana

LEFT JOIN memulangkan:

  1. ABaris yang tidak sepadan dalam kedua-dua jadual
  2. BSemua baris daripada jadual kiri dan baris sepadan daripada kanan, dengan NULL di mana tiada padanan
  3. CSemua baris daripada jadual kanan sahaja
  4. DHanya baris sepadan daripada kedua-dua jadual
16.Pangkalan data & SQLSukar

Bilakah jadual transaksi serentak dipanggil boleh disiri (serializable)?

  1. AApabila kesannya setara dengan beberapa pelaksanaan bersiri bagi transaksi yang sama
  2. BApabila setiap transaksi diberi nombor siri
  3. CApabila tiada transaksi pernah membaca data
  4. DApabila transaksi dijalankan pada satu CPU sahaja
17.Rangkaian komputerSederhana

Pada lapisan OSI manakah suis lazimnya beroperasi?

  1. ARangkaian (lapisan 3)
  2. BPengangkutan (lapisan 4)
  3. CPautan data (lapisan 2)
  4. DFizikal (lapisan 1)
18.Rangkaian komputerSukar

Sambungan TCP mempunyai tetingkap 64 KB dan masa pergi balik 100 ms, tanpa penskalaan tetingkap. Berapakah anggaran daya pemprosesan maksimumnya?

  1. AKira-kira 0.5 Mbit/s
  2. BKira-kira 50 Mbit/s
  3. CKira-kira 5 Mbit/s
  4. DKira-kira 640 Mbit/s
19.Subnet IPv4Sederhana
/?11111111111111111111100000000000bit rangkaianbit hos

Sebuah jabatan memerlukan 1620 alamat hos dalam satu subnet. Apakah panjang awalan terpanjang p (subnet terkecil) yang cukup besar?

1620 hosts
p =
20.Subnet IPv4Sukar
oktet ketiga = 71012816403201608141211rangkaianhos

Satu hos mempunyai alamat 172.20.71.40/22. Apakah oktet ketiga x alamat siaran subnetnya?

172.20.71.40/22
x =

3Larutan

1.Sistem nombor

Jawapan: U = 138

Sistem nombor kedudukan: setiap digit bernilai nilainya didarab kuasa asas. Dalam perduaan, kedudukan bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam pelengkap dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128 dan bukannya +128, begitulah nombor negatif disimpan.

Songsang dan tambah satu

118 = 0111 0110
disongsangkan: 1000 1001
+1 → 1000 1010

Baca sebagai tanpa tanda

1000 1010₂ = 256 − 118 = 138

Jawapan

U = 138
2.Sistem nombor

Jawapan: R = 159

Menetapkan bit: setiap bit bernilai kuasa dua (128, 64, …, 1). Satu digit heks tepat empat bit, dan dalam pelengkap dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap kedudukan bit secara berasingan.

Bit demi bit

OR memberikan 1 di mana sekurang-kurangnya satu bit ialah 1.

1001 0011
OR 1000 1111
= 1001 1111

Nilai hasil

1001 1111₂ = 159

Jawapan

R = 159
3.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: a ∧ ¬(b ∨ c)

Kesetaraan logik: dua formula adalah setara (≡) apabila ia mempunyai nilai yang sama dalam setiap baris jadual kebenaran. Tautologi ialah 1 dalam setiap baris, percanggahan ialah 0 dalam setiap baris, dan kontingensi bukan kedua-duanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum agihan, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Bahagian implikasi

a = a, b = b ∨ c

Penafian implikasi

¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = a ∧ ¬(b ∨ c)

Jawapan

a ∧ ¬(b ∨ c)

Jika andaian membawa kepada percanggahan, implikasi itu mestilah benar.

4.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: ∃x ¬A(x)

Pengkuantiti dan hujah: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Alihkan penafian ke dalam, tukar setiap pengkuantiti yang dilaluinya, dan nafikan formula di dalam dengan hukum proposisi, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Hujah adalah sah apabila kesimpulan ialah 1 dalam setiap baris yang semua premisnya 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan palsu ialah contoh penyangkal dan menunjukkan hujah itu tidak sah.

Alihkan penafian ke dalam

¬∀x A(x) ≡ ∃x ¬A(x)

Jawapan

∃x ¬A(x)

Pilihan lain sama ada mengekalkan pengkuantiti tanpa perubahan, mengubah susunan pengkuantiti, atau menafikan formula dalam dengan salah.

5.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: AB = 01, CD = 00

Peta Karnaugh: sel disusun dalam kod Gray (00, 01, 11, 10), maka sel berjiran, termasuk yang merentasi tepi, berbeza pada tepat satu pemboleh ubah. Kumpulkan 1 dalam segi empat tepat berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sehingga setiap 1 diliputi. Setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab: pemboleh ubah yang kekal malar di dalamnya. Kumpulan 2ᵏ sel kehilangan k pemboleh ubah. Tidak peduli (X) boleh digunakan untuk membesarkan kumpulan tetapi tidak perlu diliputi. Mengumpulkan 0 pula memberi bentuk POS minimum.

Jiran bagi setiap 1

1 yang mempunyai jiran 1 boleh menyertai kumpulan dua atau lebih.

m4: m5, m6, m0, m12 → 0
ABCD00011110000111101111111

1 yang terpencil

m4 = A′BC′D′ → AB = 01, CD = 00

Jawapan

AB = 01, CD = 00
6.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: fmax = 33.33 MHz

Flip-flop dan pembilang: flip-flop hanya berubah pada pinggir jam yang aktif. D menyalin inputnya (Q⁺ = D); T bertukar keadaan apabila T = 1; JK kekal untuk 00, set semula untuk 01, set untuk 10 dan bertukar keadaan untuk 11. Pembilang perduaan n-bit mempunyai 2ⁿ keadaan dan mengira modulo 2ⁿ; pembilang mod-N mengira 0, 1, …, N − 1 dan kembali ke 0, dan memerlukan flip-flop sebanyak n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N. Setiap peringkat pembilang riak membahagi dua frekuensi, maka output terakhir pembilang mod-N berjalan pada fclk/N. Pembilang Johnson dengan n flip-flop mempunyai 2n keadaan, pembilang gelang n.

Masa pemantapan kes terburuk

T = 6·5 ns = 30 ns

Frekuensi maksimum

fmax = 1/30 ns = 33.33 MHz

Jawapan

fmax = 33.33 MHz
7.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: 36−1 mod 91 = 43

Songsangan dan kongruen: a mempunyai songsangan modulo n tepat apabila gcd(a, n) = 1. Algoritma Euclid lanjutan menulis 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruen a·x ≡ b (mod n) dengan gcd(a, n) = 1 mempunyai penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruen x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus perdana relatif mempunyai satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorem baki Cina). φ(n) Euler mengira nombor dari 1 hingga n yang perdana relatif dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algoritma Euclid lanjutan

Setiap baki r ditulis sebagai r ≡ t·36 (mod 91).

r = 91, t = 0
r = 36, q = 2, t = 1
r = 19, q = 1, t = −2
r = 17, q = 1, t = 3
r = 2, q = 8, t = −5
r = 1, q = 2, t = 43

Songsangan

1 ≡ 43·36 (mod 91)
x = 43
semakan: 36·43 = 1548 = 17·91 + 1

Jawapan

36−1 mod 91 = 43
8.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: m = 363

Kuasa modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan kuasa dua berulang: tulis k dalam perduaan, kuasa duakan, kurangkan selepas setiap langkah dan darabkan kuasa yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk nombor perdana p yang tidak membahagi a, maka eksponen boleh dikurangkan modulo p − 1. RSA: pilih nombor perdana p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen awam e perdana relatif dengan φ(n), dan eksponen persendirian ialah d = e⁻¹ mod φ(n). Sulitkan dengan c = mᵉ mod n dan nyahsulit dengan m = cᵈ mod n.

Eksponen persendirian

n = 1247, φ(n) = 1176
d = 17−1 mod 1176 = 761

Nyahsulit dengan kuasa dua berulang

761 = 512 + 128 + 64 + 32 + 16 + 8 + 1
181 ≡ 18 (mod 1247)
182 ≡ 324 (mod 1247)
184 ≡ 228 (mod 1247)
188 ≡ 857 (mod 1247)
1816 ≡ 1213 (mod 1247)
1832 ≡ 1156 (mod 1247)
1864 ≡ 799 (mod 1247)
18128 ≡ 1184 (mod 1247)
18256 ≡ 228 (mod 1247)
18512 ≡ 857 (mod 1247)
18761 ≡ 18·857·1213·1156·799·1184·857 ≡ 363 (mod 1247)

Mesej

m = 363
semakan: 36317 mod 1247 = 18

Jawapan

m = 363
9.Algoritma & kerumitan

Jawapan: D · Laluan terpendek antara semua pasangan bucu dalam O(V³)

Mengapa ini jawapannya

Floyd–Warshall ialah algoritma pengaturcaraan dinamik yang membenarkan setiap bucu secara bergilir sebagai titik perantara, menggunakan masa O(V³).

Jawapan

D · Laluan terpendek antara semua pasangan bucu dalam O(V³)
10.Algoritma & kerumitan

Jawapan: C · Dalam NP dan setiap masalah NP boleh diturunkan kepadanya dalam masa polinomial

Mengapa ini jawapannya

Masalah NP-lengkap ialah yang paling sukar dalam NP; algoritma polinomial untuk satu akan memberikan satu untuk semua NP.

Jawapan

C · Dalam NP dan setiap masalah NP boleh diturunkan kepadanya dalam masa polinomial
11.Struktur data

Jawapan: A · O(n), kerana elemen kemudian mesti dianjak

Mengapa ini jawapannya

Semua elemen selepas titik sisipan bergerak satu kedudukan ke kanan, yang mengambil masa berkadar dengan n.

Jawapan

A · O(n), kerana elemen kemudian mesti dianjak
12.Struktur data

Jawapan: C · Masa O(n) dan ruang tambahan O(1)

Mengapa ini jawapannya

Menyimpan tiga penuding (sebelumnya, semasa, seterusnya) membolehkan anda membalikkan setiap paut dalam satu lintasan tanpa memperuntukkan nod baharu.

Jawapan

C · Masa O(n) dan ruang tambahan O(1)
13.Teori graf

Jawapan: Laluan Euler, tiada litar

Euler, Hamilton dan pokok: graf bersambung mempunyai litar Euler (setiap sisi sekali, kembali ke permulaan) apabila setiap bucu berdarjah genap, dan laluan Euler yang bukan litar apabila tepat dua bucu berdarjah ganjil; laluan itu kemudian bermula dari satu bucu ganjil ke bucu ganjil yang lain. Litar Hamilton melawat setiap bucu sekali; Kn mempunyai (n − 1)!/2 daripadanya. Pokok pada n bucu mempunyai n − 1 sisi, dan graf bersambung dengan m sisi mengekalkan pokok rentang selepas membuang m − n + 1 sisi.

Darjah

deg(A) = 2, deg(B) = 4, deg(C) = 3, deg(D) = 2, deg(E) = 3

Bucu ganjil

C, E → 2
Laluan Euler, tiada litar

Jawapan

Laluan Euler, tiada litar

Laluan Euler bermula pada satu bucu ganjil dan berakhir pada bucu ganjil yang lain.

14.Teori graf

Jawapan: N = 1

Darjah: darjah sesuatu bucu ialah bilangan sisi yang bertemu padanya. Setiap sisi mempunyai dua hujung, maka jumlah darjah ialah dua kali bilangan sisi: Σ deg(v) = 2|E| (lema jabat tangan). Bilangan bucu berdarjah ganjil oleh itu genap. Kn mempunyai n(n − 1)/2 sisi, graf k-sekata pada n bucu mempunyai nk/2, dan pokok pada n bucu mempunyai n − 1 sisi.

Matriks kejiranan

A: 0 1 1 0 0
B: 1 0 1 1 1
C: 1 1 0 0 1
D: 0 1 0 0 0
E: 0 1 1 0 0

Jiran sepunya

(M²)EC = 0·1 + 1·1 + 1·0 + 0·0 + 0·1 = 1

Jawapan

N = 1
15.Pangkalan data & SQL

Jawapan: B · Semua baris daripada jadual kiri dan baris sepadan daripada kanan, dengan NULL di mana tiada padanan

Mengapa ini jawapannya

Left outer join mengekalkan setiap baris kiri; lajur kanan yang tidak sepadan diisi dengan NULL.

Jawapan

B · Semua baris daripada jadual kiri dan baris sepadan daripada kanan, dengan NULL di mana tiada padanan
16.Pangkalan data & SQL

Jawapan: A · Apabila kesannya setara dengan beberapa pelaksanaan bersiri bagi transaksi yang sama

Mengapa ini jawapannya

Kebolehsirian ialah kriteria ketepatan utama untuk keserentakan: hasil yang berselang-seli mesti sama dengan hasil urutan satu-satu.

Jawapan

A · Apabila kesannya setara dengan beberapa pelaksanaan bersiri bagi transaksi yang sama
17.Rangkaian komputer

Jawapan: C · Pautan data (lapisan 2)

Mengapa ini jawapannya

Suis standard mempelajari alamat MAC dan memajukan bingkai pada lapisan 2. Suis lapisan 3 juga menghalakan paket.

Jawapan

C · Pautan data (lapisan 2)
18.Rangkaian komputer

Jawapan: C · Kira-kira 5 Mbit/s

Mengapa ini jawapannya

Daya pemprosesan ≤ tetingkap / RTT = 65,536 × 8 bit / 0.1 s ≈ 5.2 Mbit/s, tidak kira betapa lajunya pautan.

Jawapan

C · Kira-kira 5 Mbit/s
19.Subnet IPv4

Jawapan: p = 21

Subnet IPv4: alamat mempunyai 32 bit. Awalan /p menyatakan berapa banyak bit permulaan yang mengenal pasti rangkaian; baki 32 − p bit menomborkan hos. Satu subnet mempunyai 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat rangkaian) dan yang terakhir (alamat siaran) tidak boleh diberikan kepada hos, jadi 2³²⁻ᵖ − 2 hos boleh dimuatkan. Pengecualian: /31 (pautan titik ke titik, RFC 3021) menggunakan kedua-dua 2 alamatnya untuk hos, dan /32 ialah satu alamat tunggal (satu hos atau loopback).

Bit hos yang diperlukan

210 − 2 = 1022 < 1620
211 − 2 = 2046 ≥ 1620 → h = 11

Panjang awalan

p = 32 − 11 = 21

Jawapan

p = /21
20.Subnet IPv4

Jawapan: x = 71

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Saiz blok dalam oktet ketiga

22 = 4

Subnet hos ini

rangkaian: 172.20.68.0
siaran: 172.20.71.255

Jawapan

x = 71

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals