Asas Sains Komputer: pek ulang kaji kilat

Lembaran formula, langkah kaedah utama untuk setiap topik dan 20 soalan latihan, dengan penyelesaian penuh di bahagian belakang.

Soalan baharuKembali ke kursus

Dalam tetingkap cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan pada peranti anda.

1Formula dan kaedah

Sistem nombor

Nilai kedudukan
perduaan 2k, oktal 8k, heks 16k
Kepada perpuluhan
Σ dk·bk
Daripada perpuluhan
bahagi dengan asas, baca baki dari bawah ke atas
Heks ↔ perduaan
satu digit heks = 4 bit
Pelengkap dua
songsangkan bit dan tambah 1

Logik proposisi & pembuktian

Baris jadual kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikasi dinafikan
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Dwisyarat
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum agihan
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Pengkuantiti dinafikan
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Kaedah

  1. Kira bilangan pemboleh ubah yang berbeza: jadual kebenaran mempunyai 2ⁿ baris, bermula dengan kesemuanya 1.
  2. Beri setiap subformula lajurnya sendiri dan isi lajur-lajur itu dari dalam ke luar.
  3. Gunakan peraturan setiap penghubung: → hanya 0 bagi 1 → 0, ↔ ialah 1 apabila kedua-dua belah sepadan.
  4. Untuk kesetaraan, bandingkan lajur akhir baris demi baris; untuk hujah, lihat hanya baris yang setiap premisnya 1.
  5. Untuk menafikan pernyataan berpengkuantiti, alihkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, dan nafikan formula di dalamnya.

Logik digital: get, peta K & flip-flop

Get asas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Peraturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Susunan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kumpulan 2ᵏ sel
kehilangan k pemboleh ubah
Multipleks 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pembilang
n-bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pembilang riak
fmax = 1/(n·tpd)
Pembilang gelang dan Johnson
n dan 2n keadaan

Kaedah

  1. Untuk litar, bekerja dari input ke output satu get pada satu masa dan tulis nilai pada setiap wayar, atau tulis ungkapannya dan isi jadual kebenaran.
  2. Untuk pemudahan, letakkan 1 (dan tidak peduli sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan lajur kod Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Liputi 1 dengan kumpulan sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, menyambung melepasi tepi; setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab yang terdiri daripada pemboleh ubah yang kekal malar. Kumpulkan 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pembilang, baca input pada setiap pinggir jam yang aktif, tulis keadaan selepas setiap pinggir, dan ingat bahawa pembilang n-bit berpusing semula selepas 2ⁿ keadaan.

Teori nombor & aritmetik modulo

Pembahagian dengan baki
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Gandaan sepunya terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Songsangan
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruen linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Kaedah

  1. Kurangkan setiap nombor modulo n dahulu; baki terletak antara 0 dengan n − 1.
  2. Untuk gcd, bahagi berulang kali dengan algoritma Euclid; baki bukan sifar yang terakhir ialah gcd.
  3. Untuk songsangan, jalankan algoritma lanjutan dan simpan pekali a; tambah n jika ia negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mendarab dengan a⁻¹; gabungkan dua kongruen dengan menulis x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk kuasa, tulis eksponen dalam perduaan dan kuasa duakan berulang kali; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf sekata
|E| = n·k/2
Pokok dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun sesebuah pokok
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
litar: semua darjah genap; laluan: tepat 2 darjah ganjil
Litar Hamilton dalam Kn
(n − 1)!/2
Kemas kini Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan sepanjang L
(Mᴸ)ij

Kaedah

  1. Tulis darjah setiap bucu; jumlah darjah ialah dua kali bilangan sisi.
  2. Untuk soalan Euler, semak bahawa graf itu bersambung dan kira bucu yang berdarjah ganjil.
  3. Untuk pokok, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, simpan jadual jarak sementara dan tetapkan bucu tidak tetap yang paling kecil dalam setiap pusingan.
  5. Untuk pokok rentang minimum, isih sisi mengikut berat dan langkau setiap sisi yang menutup satu kitaran (Kruskal), atau tumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan (Prim).

Subnet IPv4

Hos bagi setiap subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Saiz blok
256 − (mask octet)
Alamat rangkaian
IP AND topeng
Alamat siaran
IP OR (NOT mask): semua bit hos ditetapkan kepada 1
Subnet daripada n bit yang dipinjam
2n

2Soalan latihan

1.Sistem nomborSederhana
Pelengkap dua 8-bit0−12806403201608040201

Tetapkan bit supaya ia menyimpan −13 dalam pelengkap dua 8-bit. Dibaca sebagai nombor tanpa tanda, apakah nilai corak U?

N = −138 bit
U =
2.Sistem nomborSukar
klik bit untuk menetapkannya012806403201608040201

Tetapkan bit kepada hasil 8-bit bagi 1000 1100 AND 0001 0101. Apakah nilai hasil R dalam perpuluhan?

1000 1100AND0001 0101
R =
3.Logik proposisi & pembuktianSederhana
¬p ∧ ¬qp ∨ ¬q¬p ∧ q¬p ∨ ¬q

Formula manakah yang setara secara logik dengan ¬(p ∨ q)? Klik formula itu.

¬(p ∨ q)
  1. 1¬p ∧ ¬q
  2. 2p ∨ ¬q
  3. 3¬p ∧ q
  4. 4¬p ∨ ¬q
4.Logik proposisi & pembuktianSukar
∀x (¬P(x) ∨ ¬Q(x))∃x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))∃x (¬P(x) ∨ ¬Q(x))∀x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))

Pernyataan manakah yang setara dengan ¬∀x (P(x) ∨ Q(x)), dengan penafian dialihkan sepenuhnya ke dalam? Klik pernyataan itu.

¬∀x (P(x) ∨ Q(x))
  1. 1∀x (¬P(x) ∨ ¬Q(x))
  2. 2∃x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))
  3. 3∃x (¬P(x) ∨ ¬Q(x))
  4. 4∀x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))
5.Logik digital: get, peta K & flip-flopSederhana
MUXC′I0​CI1​1I2​1I3​ABS1​S0​F

Multipleks 4-ke-1 mempunyai input pilih S₁ = A dan S₀ = B, dan input datanya diikat kepada I₀ = C′, I₁ = C, I₂ = 1, I₃ = 1. Bagi berapa daripada 8 gabungan A, B dan C output F = 1? Cari N.

I₀ = C′I₁ = CI₂ = 1I₃ = 1
N =
6.Logik digital: get, peta K & flip-flopSukar
ABCD000111100001111000X103X2041507X6012113015X1418X9111010

Bagi F(A, B, C, D) = Σm(5, 8, 11, 13) + d(1, 2, 6, 9, 14), dengan d menandakan keadaan tidak peduli, cari bilangan N implikan perdana penting.

F(A, B, C, D) = Σm(5, 8, 11, 13) + d(1, 2, 6, 9, 14)
N =
7.Teori nombor & aritmetik moduloSederhana

Cari songsangan 41 modulo 55: nombor x dengan 0 < x < 55 dan 41·x ≡ 1 (mod 55).

a = 41n = 55
41−1 mod 55 =
8.Teori nombor & aritmetik moduloSukar

59 ialah nombor perdana. Gunakan teorem kecil Fermat untuk mencari 427350 mod 59.

p = 59k = 27350
427350 mod 59 =
9.Algoritma & kerumitanSederhana

Apakah kerumitan masa bagi: for i = 1 to n: for j = 1 to i: lakukan kerja O(1)?

  1. AO(n²)
  2. BO(n³)
  3. CO(n log n)
  4. DO(n)
10.Algoritma & kerumitanSukar

Mengapakah sebarang carian berasaskan perbandingan dalam tatasusunan tersusun memerlukan Ω(log n) perbandingan dalam kes terburuk?

  1. ACarian binari ialah satu-satunya algoritma yang mungkin, dan ia memerlukan log₂ n perbandingan
  2. BPokok keputusan dengan n kemungkinan hasil mesti mempunyai kedalaman sekurang-kurangnya log₂ n
  3. CPerbandingan mengambil masa logaritma setiap satu
  4. DSetiap elemen mesti dibandingkan sekurang-kurangnya sekali
11.Struktur dataSederhana

Dalam timbunan binari yang disimpan dalam tatasusunan bermula pada indeks 0, di manakah induk nod pada indeks i?

  1. APada indeks 2i + 1
  2. BPada indeks ⌊i / 2⌋ + 1
  3. CPada indeks i − 1
  4. DPada indeks ⌊(i − 1) / 2⌋
12.Struktur dataSukar

Dalam jadual cincang yang menggunakan pengalamatan terbuka, mengapakah pemadaman sering dilakukan dengan penanda "batu nisan" (tombstone)?

  1. AIa menjadikan jadual tersusun
  2. BKunci yang dipadam mesti disimpan selama-lamanya demi keselamatan, jadi slot tidak boleh digunakan semula
  3. CMengosongkan slot boleh memecahkan jujukan penyiasatan bagi kunci lain
  4. DBatu nisan mempercepat pencincangan
13.Teori grafSederhana
ABCDEFLitar EulerLaluan Euler, tiada litartiada kedua-duanya

Adakah graf bersambung itu mempunyai litar Euler, laluan Euler yang bukan litar, atau tiada kedua-duanya? Klik jawapan anda.

|V| = 6|E| = 6
  1. 1Litar Euler
  2. 2Laluan Euler, tiada litar
  3. 3tiada kedua-duanya
14.Teori grafSukar
1020111721211538ABCDEFG

Algoritma Prim membina pokok rentang minimum bermula dari bucu C. Klik sisi yang ditambahnya sebagai sisi nombor 6.

mula: Ck = 6
  1. 1sisi AB
  2. 2sisi AC
  3. 3sisi BC
  4. 4sisi BD
  5. 5sisi CE
  6. 6sisi DE
  7. 7sisi DF
  8. 8sisi GB
  9. 9sisi GD
  10. 10sisi GE
15.Pangkalan data & SQLSederhana

LEFT JOIN memulangkan:

  1. AHanya baris sepadan daripada kedua-dua jadual
  2. BSemua baris daripada jadual kanan sahaja
  3. CSemua baris daripada jadual kiri dan baris sepadan daripada kanan, dengan NULL di mana tiada padanan
  4. DBaris yang tidak sepadan dalam kedua-dua jadual
16.Pangkalan data & SQLSukar

x ialah NULL dan y = 1. Apakah nilai syarat (x > 5 OR y = 1)?

  1. ANULL, maka baris sentiasa ditolak
  2. BFALSE
  3. CUNKNOWN
  4. DTRUE
17.Rangkaian komputerSederhana

Apakah peranan get laluan lalai (default gateway) pada hos?

  1. AIa pelayan DNS
  2. BIa penghala yang digunakan untuk trafik ke rangkaian lain
  3. CIa menetapkan alamat MAC
  4. DIa port suis tempat hos disambungkan
18.Rangkaian komputerSukar

Apakah yang dicapai oleh pertukaran kunci Diffie-Hellman dengan sendirinya, dan apakah kelemahannya?

  1. AIa menyetujui rahsia kongsi melalui saluran awam, tetapi bersendirian ia terdedah kepada lelaki-di-tengah
  2. BIa mengesahkan kedua-dua pengguna dengan kata laluan, tetapi memerlukan pelayan pusat
  3. CIa menyulitkan data pukal secara langsung melalui saluran awam, tetapi terlalu perlahan untuk fail besar dan video
  4. DIa menandatangani sijil untuk laman web, tetapi hanya berfungsi dengan kunci pendek
19.Subnet IPv4Sederhana
/?11111111111111111111100000000000bit rangkaianbit hos

Sebuah jabatan memerlukan 1897 alamat hos dalam satu subnet. Apakah panjang awalan terpanjang p (subnet terkecil) yang cukup besar?

1897 hosts
p =
20.Subnet IPv4Sukar

Rangkaian 192.168.183.0/24 dibahagikan dengan VLSM untuk LAN berikut: A: 18 hos, B: 5 hos, C: 58 hos, D: 27 hos, E: 11 hos. Subnet diperuntukkan dari .0 ke atas, LAN dengan hos paling banyak dahulu, masing-masing dengan subnet terkecil yang muat. Apakah oktet keempat x alamat rangkaian LAN A?

A: 18B: 5C: 58D: 27E: 11
x =

3Larutan

1.Sistem nombor

Jawapan: U = 243

Menetapkan bit: setiap bit bernilai kuasa dua (128, 64, …, 1). Satu digit heks tepat empat bit, dan dalam pelengkap dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap kedudukan bit secara berasingan.

Songsang dan tambah satu

13 = 0000 1101
disongsangkan: 1111 0010
+1 → 1111 0011

Baca sebagai tanpa tanda

1111 0011₂ = 256 − 13 = 243

Jawapan

U = 243
2.Sistem nombor

Jawapan: R = 4

Menetapkan bit: setiap bit bernilai kuasa dua (128, 64, …, 1). Satu digit heks tepat empat bit, dan dalam pelengkap dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap kedudukan bit secara berasingan.

Bit demi bit

AND memberikan 1 hanya di mana kedua-dua bit ialah 1.

1000 1100
AND 0001 0101
= 0000 0100

Nilai hasil

0000 0100₂ = 4

Jawapan

R = 4
3.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: ¬p ∧ ¬q

Kesetaraan logik: dua formula adalah setara (≡) apabila ia mempunyai nilai yang sama dalam setiap baris jadual kebenaran. Tautologi ialah 1 dalam setiap baris, percanggahan ialah 0 dalam setiap baris, dan kontingensi bukan kedua-duanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum agihan, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Hukum

De Morgan: ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b. ∨ bertukar menjadi ∧ dan kedua-dua bahagian dinafikan.
¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q

Semak dengan jadual kebenaran

p = 1, q = 1: 0 | 0 1 0 0
p = 1, q = 0: 0 | 0 1 0 1
p = 0, q = 1: 0 | 0 0 1 1
p = 0, q = 0: 1 | 1 1 0 1

Jawapan

¬p ∧ ¬q

Lajur selepas palang ialah pilihan mengikut susunan yang ditunjukkan.

4.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: ∃x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))

Pengkuantiti dan hujah: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Alihkan penafian ke dalam, tukar setiap pengkuantiti yang dilaluinya, dan nafikan formula di dalam dengan hukum proposisi, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Hujah adalah sah apabila kesimpulan ialah 1 dalam setiap baris yang semua premisnya 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan palsu ialah contoh penyangkal dan menunjukkan hujah itu tidak sah.

Alihkan penafian ke dalam

¬∀x (P(x) ∨ Q(x)) ≡ ∃x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))

Jawapan

∃x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))

Pilihan lain sama ada mengekalkan pengkuantiti tanpa perubahan, mengubah susunan pengkuantiti, atau menafikan formula dalam dengan salah.

5.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: N = 6

Multipleks: multipleks 2ⁿ-ke-1 menyalurkan satu input datanya ke output; talian pilih, dibaca sebagai nombor perduaan, menentukan yang mana satu. Untuk MUX 4-ke-1 dengan pilih S₁S₀ = AB, F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Mengikat input data kepada 0, 1, C atau C′ membolehkan MUX menghasilkan sebarang fungsi bagi A, B dan C, yang merupakan cara lazim untuk membina logik dengan satu cip.

Ungkapan output

F = A′B′C′ + A′BC + AB′ + AB

Baris dengan F = 1

ABC = 000, 011, 100, 101, 110, 111
N = 6

Jawapan

N = 6
6.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: N = 3

Peta Karnaugh: sel disusun dalam kod Gray (00, 01, 11, 10), maka sel berjiran, termasuk yang merentasi tepi, berbeza pada tepat satu pemboleh ubah. Kumpulkan 1 dalam segi empat tepat berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sehingga setiap 1 diliputi. Setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab: pemboleh ubah yang kekal malar di dalamnya. Kumpulan 2ᵏ sel kehilangan k pemboleh ubah. Tidak peduli (X) boleh digunakan untuk membesarkan kumpulan tetapi tidak perlu diliputi. Mengumpulkan 0 pula memberi bentuk POS minimum.

Implikan perdana

Kumpulan terbesar yang boleh dibentuk daripada 1 dan X.

C′D, AB′D, AB′C′
ABCD000111100001111000X103X2041507X6012113015X1418X9111010

Implikan perdana penting

C′D, AB′D, AB′C′
N = 3

Jawapan

N = 3
7.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: 41−1 mod 55 = 51

Songsangan dan kongruen: a mempunyai songsangan modulo n tepat apabila gcd(a, n) = 1. Algoritma Euclid lanjutan menulis 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruen a·x ≡ b (mod n) dengan gcd(a, n) = 1 mempunyai penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruen x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus perdana relatif mempunyai satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorem baki Cina). φ(n) Euler mengira nombor dari 1 hingga n yang perdana relatif dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algoritma Euclid lanjutan

Setiap baki r ditulis sebagai r ≡ t·41 (mod 55).

r = 55, t = 0
r = 41, q = 1, t = 1
r = 14, q = 2, t = −1
r = 13, q = 1, t = 3
r = 1, q = 13, t = −4

Songsangan

1 ≡ −4·41 (mod 55)
x = 51
semakan: 41·51 = 2091 = 38·55 + 1

Jawapan

41−1 mod 55 = 51
8.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: 427350 mod 59 = 5

Kuasa modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan kuasa dua berulang: tulis k dalam perduaan, kuasa duakan, kurangkan selepas setiap langkah dan darabkan kuasa yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk nombor perdana p yang tidak membahagi a, maka eksponen boleh dikurangkan modulo p − 1. RSA: pilih nombor perdana p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen awam e perdana relatif dengan φ(n), dan eksponen persendirian ialah d = e⁻¹ mod φ(n). Sulitkan dengan c = mᵉ mod n dan nyahsulit dengan m = cᵈ mod n.

Kurangkan eksponen

27350 mod 58 = 32
427350 ≡ 432 (mod 59)

Kuasa kecil

432 mod 59 = 5

Jawapan

427350 mod 59 = 5
9.Algoritma & kerumitan

Jawapan: A · O(n²)

Mengapa ini jawapannya

Badan dalam berjalan sebanyak n(n + 1) / 2 kali secara keseluruhan, yang masih kuadratik.

Jawapan

A · O(n²)
10.Algoritma & kerumitan

Jawapan: B · Pokok keputusan dengan n kemungkinan hasil mesti mempunyai kedalaman sekurang-kurangnya log₂ n

Mengapa ini jawapannya

Setiap perbandingan paling banyak membahagi dua set kemungkinan yang tinggal, jadi membezakan n kedudukan memerlukan sekurang-kurangnya log₂ n perbandingan.

Jawapan

B · Pokok keputusan dengan n kemungkinan hasil mesti mempunyai kedalaman sekurang-kurangnya log₂ n
11.Struktur data

Jawapan: D · Pada indeks ⌊(i − 1) / 2⌋

Mengapa ini jawapannya

Anak bagi i berada pada 2i + 1 dan 2i + 2, jadi induk bagi i ialah ⌊(i − 1) / 2⌋; dengan pengindeksan berasaskan 1 ia ialah ⌊i / 2⌋.

Jawapan

D · Pada indeks ⌊(i − 1) / 2⌋
12.Struktur data

Jawapan: C · Mengosongkan slot boleh memecahkan jujukan penyiasatan bagi kunci lain

Mengapa ini jawapannya

Jika slot yang dipadam menjadi kosong, carian kemudian mungkin berhenti awal dan terlepas kunci yang diletakkan lebih jauh di sepanjang rantai penyiasatan.

Jawapan

C · Mengosongkan slot boleh memecahkan jujukan penyiasatan bagi kunci lain
13.Teori graf

Jawapan: tiada kedua-duanya

Euler, Hamilton dan pokok: graf bersambung mempunyai litar Euler (setiap sisi sekali, kembali ke permulaan) apabila setiap bucu berdarjah genap, dan laluan Euler yang bukan litar apabila tepat dua bucu berdarjah ganjil; laluan itu kemudian bermula dari satu bucu ganjil ke bucu ganjil yang lain. Litar Hamilton melawat setiap bucu sekali; Kn mempunyai (n − 1)!/2 daripadanya. Pokok pada n bucu mempunyai n − 1 sisi, dan graf bersambung dengan m sisi mengekalkan pokok rentang selepas membuang m − n + 1 sisi.

Darjah

deg(A) = 1, deg(B) = 2, deg(C) = 3, deg(D) = 1, deg(E) = 3, deg(F) = 2

Bucu ganjil

A, C, D, E → 4
tiada kedua-duanya

Jawapan

tiada kedua-duanya
14.Teori graf

Jawapan: sisi AB

Laluan terpendek dan pokok rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu bucu setiap pusingan: bucu tidak tetap yang berjarak sementara paling kecil. Jaraknya kemudian muktamad, dan setiap jiran v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membina pokok rentang minimum dengan mengambil sisi dari ringan ke berat dan melangkau sebarang sisi yang akan menutup kitaran; algoritma Prim menumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan dengan sentiasa menambah sisi teringan yang keluar daripadanya. Pokok rentang n bucu mempunyai n − 1 sisi.

Algoritma Prim

1. CE (2)
2. GE (8)
3. GD (3)
4. DF (1)
5. BC (11)
6. AB (10)

nombor sisi 6

AB

Jawapan

sisi AB
15.Pangkalan data & SQL

Jawapan: C · Semua baris daripada jadual kiri dan baris sepadan daripada kanan, dengan NULL di mana tiada padanan

Mengapa ini jawapannya

Left outer join mengekalkan setiap baris kiri; lajur kanan yang tidak sepadan diisi dengan NULL.

Jawapan

C · Semua baris daripada jadual kiri dan baris sepadan daripada kanan, dengan NULL di mana tiada padanan
16.Pangkalan data & SQL

Jawapan: D · TRUE

Mengapa ini jawapannya

x > 5 ialah UNKNOWN, tetapi OR dengan TRUE ialah TRUE tanpa mengira, maka baris dikekalkan; UNKNOWN AND FALSE juga akan menjadi FALSE.

Jawapan

D · TRUE
17.Rangkaian komputer

Jawapan: B · Ia penghala yang digunakan untuk trafik ke rangkaian lain

Mengapa ini jawapannya

Hos menghantar paket untuk destinasi bukan setempat ke get laluan lalai, biasanya penghala setempatnya.

Jawapan

B · Ia penghala yang digunakan untuk trafik ke rangkaian lain
18.Rangkaian komputer

Jawapan: A · Ia menyetujui rahsia kongsi melalui saluran awam, tetapi bersendirian ia terdedah kepada lelaki-di-tengah

Mengapa ini jawapannya

Diffie-Hellman membolehkan dua pihak memperoleh rahsia yang sama yang tidak dapat dikira oleh pencuri dengar. Penyerang di tengah boleh menjalankan pertukaran berasingan dengan setiap pihak melainkan nilai ditandatangani atau disahkan dengan cara lain.

Jawapan

A · Ia menyetujui rahsia kongsi melalui saluran awam, tetapi bersendirian ia terdedah kepada lelaki-di-tengah
19.Subnet IPv4

Jawapan: p = 21

Subnet IPv4: alamat mempunyai 32 bit. Awalan /p menyatakan berapa banyak bit permulaan yang mengenal pasti rangkaian; baki 32 − p bit menomborkan hos. Satu subnet mempunyai 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat rangkaian) dan yang terakhir (alamat siaran) tidak boleh diberikan kepada hos, jadi 2³²⁻ᵖ − 2 hos boleh dimuatkan. Pengecualian: /31 (pautan titik ke titik, RFC 3021) menggunakan kedua-dua 2 alamatnya untuk hos, dan /32 ialah satu alamat tunggal (satu hos atau loopback).

Bit hos yang diperlukan

210 − 2 = 1022 < 1897
211 − 2 = 2046 ≥ 1897 → h = 11

Panjang awalan

p = 32 − 11 = 21

Jawapan

p = /21
20.Subnet IPv4

Jawapan: x = 96

VLSM: setiap LAN mendapat subnet terkecil dengan 2ʰ − 2 ≥ bilangan hosnya, iaitu awalan 32 − h. Memperuntukkan subnet terbesar dahulu memastikan setiap blok sejajar pada gandaan saiznya sendiri, maka alamat rangkaian diperoleh dengan menambah saiz blok.

Saiz blok bagi setiap LAN

C: 58 hos → 26 = 64 (/26)
D: 27 hos → 25 = 32 (/27)
A: 18 hos → 25 = 32 (/27)
E: 11 hos → 24 = 16 (/28)
B: 5 hos → 23 = 8 (/29)

Peruntukan, yang terbesar dahulu

C: .0 – .63
D: .64 – .95
A: .96 – .127
E: .128 – .143
B: .144 – .151

Jawapan

x = 96

LAN A: 192.168.183.96/27.

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals