Asas Sains Komputer: pek ulang kaji kilat

Lembaran formula, langkah kaedah utama untuk setiap topik dan 20 soalan latihan, dengan penyelesaian penuh di bahagian belakang.

Soalan baharuKembali ke kursus

Dalam tetingkap cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan pada peranti anda.

1Formula dan kaedah

Sistem nombor

Nilai kedudukan
perduaan 2k, oktal 8k, heks 16k
Kepada perpuluhan
Σ dk·bk
Daripada perpuluhan
bahagi dengan asas, baca baki dari bawah ke atas
Heks ↔ perduaan
satu digit heks = 4 bit
Pelengkap dua
songsangkan bit dan tambah 1

Logik proposisi & pembuktian

Baris jadual kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikasi dinafikan
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Dwisyarat
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum agihan
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Pengkuantiti dinafikan
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Kaedah

  1. Kira bilangan pemboleh ubah yang berbeza: jadual kebenaran mempunyai 2ⁿ baris, bermula dengan kesemuanya 1.
  2. Beri setiap subformula lajurnya sendiri dan isi lajur-lajur itu dari dalam ke luar.
  3. Gunakan peraturan setiap penghubung: → hanya 0 bagi 1 → 0, ↔ ialah 1 apabila kedua-dua belah sepadan.
  4. Untuk kesetaraan, bandingkan lajur akhir baris demi baris; untuk hujah, lihat hanya baris yang setiap premisnya 1.
  5. Untuk menafikan pernyataan berpengkuantiti, alihkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, dan nafikan formula di dalamnya.

Logik digital: get, peta K & flip-flop

Get asas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Peraturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Susunan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kumpulan 2ᵏ sel
kehilangan k pemboleh ubah
Multipleks 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pembilang
n-bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pembilang riak
fmax = 1/(n·tpd)
Pembilang gelang dan Johnson
n dan 2n keadaan

Kaedah

  1. Untuk litar, bekerja dari input ke output satu get pada satu masa dan tulis nilai pada setiap wayar, atau tulis ungkapannya dan isi jadual kebenaran.
  2. Untuk pemudahan, letakkan 1 (dan tidak peduli sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan lajur kod Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Liputi 1 dengan kumpulan sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, menyambung melepasi tepi; setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab yang terdiri daripada pemboleh ubah yang kekal malar. Kumpulkan 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pembilang, baca input pada setiap pinggir jam yang aktif, tulis keadaan selepas setiap pinggir, dan ingat bahawa pembilang n-bit berpusing semula selepas 2ⁿ keadaan.

Teori nombor & aritmetik modulo

Pembahagian dengan baki
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Gandaan sepunya terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Songsangan
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruen linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Kaedah

  1. Kurangkan setiap nombor modulo n dahulu; baki terletak antara 0 dengan n − 1.
  2. Untuk gcd, bahagi berulang kali dengan algoritma Euclid; baki bukan sifar yang terakhir ialah gcd.
  3. Untuk songsangan, jalankan algoritma lanjutan dan simpan pekali a; tambah n jika ia negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mendarab dengan a⁻¹; gabungkan dua kongruen dengan menulis x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk kuasa, tulis eksponen dalam perduaan dan kuasa duakan berulang kali; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf sekata
|E| = n·k/2
Pokok dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun sesebuah pokok
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
litar: semua darjah genap; laluan: tepat 2 darjah ganjil
Litar Hamilton dalam Kn
(n − 1)!/2
Kemas kini Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan sepanjang L
(Mᴸ)ij

Kaedah

  1. Tulis darjah setiap bucu; jumlah darjah ialah dua kali bilangan sisi.
  2. Untuk soalan Euler, semak bahawa graf itu bersambung dan kira bucu yang berdarjah ganjil.
  3. Untuk pokok, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, simpan jadual jarak sementara dan tetapkan bucu tidak tetap yang paling kecil dalam setiap pusingan.
  5. Untuk pokok rentang minimum, isih sisi mengikut berat dan langkau setiap sisi yang menutup satu kitaran (Kruskal), atau tumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan (Prim).

Subnet IPv4

Hos bagi setiap subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Saiz blok
256 − (mask octet)
Alamat rangkaian
IP AND topeng
Alamat siaran
IP OR (NOT mask): semua bit hos ditetapkan kepada 1
Subnet daripada n bit yang dipinjam
2n

2Soalan latihan

1.Sistem nomborSederhana
Pelengkap dua 8-bit0−12806403201608040201

Tetapkan bit supaya ia menyimpan −38 dalam pelengkap dua 8-bit. Dibaca sebagai nombor tanpa tanda, apakah nilai corak U?

N = −388 bit
U =
2.Sistem nomborSukar
klik bit untuk menetapkannya012806403201608040201

Tetapkan bit kepada hasil 8-bit bagi 1010 0010 << 1. Apakah nilai hasil R dalam perpuluhan?

1010 0010<< 1
R =
3.Logik proposisi & pembuktianSederhana
tautologipercanggahankontingensi

Adakah (c ∨ b) ∧ (¬c ∧ ¬b) tautologi, percanggahan atau kontingensi? Klik jawapan anda.

(c ∨ b) ∧ (¬c ∧ ¬b)
  1. 1tautologi
  2. 2percanggahan
  3. 3kontingensi
4.Logik proposisi & pembuktianSukar

Berapa banyak daripada 16 baris jadual kebenaran menjadikan ((c ↔ b) ∧ b) ∧ ((¬c → a) → (d ∨ a)) benar? Panggil nombor ini N.

((c ↔ b) ∧ b) ∧ ((¬c → a) → (d ∨ a))
N =
5.Logik digital: get, peta K & flip-flopSederhana
ABC000111100101324576

Permudahkan F = B′C′ + ABC + A′BC kepada bentuk hasil tambah hasil darab minimum. Berapa banyak literal L yang terkandung dalam ungkapan yang dipermudah?

F = B′C′ + ABC + A′BC
L =
6.Logik digital: get, peta K & flip-flopSukar
TQ0​Q0​TQ1​Q1​TQ2​Q2​CLKDOWN

pembilang turun perduaan 3-bit bermula pada 4 (perpuluhan, Q = 100). Apakah kiraan Q (dalam perpuluhan) yang ditunjukkan selepas 17 denyut jam?

Q0 = 417n = 3
Q =
7.Teori nombor & aritmetik moduloSederhana

Cari songsangan 20 modulo 59: nombor x dengan 0 < x < 59 dan 20·x ≡ 1 (mod 59).

a = 20n = 59
20−1 mod 59 =
8.Teori nombor & aritmetik moduloSukar
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (215, 23)d = ?

Kunci RSA menggunakan nombor perdana p = 5 dan q = 43 serta eksponen awam e = 23. Cari eksponen persendirian d (0 < d < φ(n)).

p = 5q = 43e = 23
d =
9.Algoritma & kerumitanSederhana

Bagaimanakah algoritma Prim membina pokok rentang minimum?

  1. AIa menjalankan carian pertama lebar dan mengekalkan pokok BFS
  2. BIa membuang sisi paling mahal sehingga tiada kitaran tinggal
  3. CIa menumbuhkan satu pokok dari bucu permulaan, dengan menambah sisi termurah yang meninggalkan pokok
  4. DIa mengisih semua sisi mengikut pemberat dan menambah setiap satu kecuali jika ia membentuk kitaran dalam hutan
10.Algoritma & kerumitanSukar

Sesuatu masalah ialah NP-lengkap jika ia:

  1. ADi luar NP tetapi lebih sukar daripada semua masalah NP, seperti masalah penghentian
  2. BDalam NP dan setiap masalah NP boleh diturunkan kepadanya dalam masa polinomial
  3. CMustahil diselesaikan
  4. DBoleh diselesaikan dalam masa polinomial
11.Struktur dataSederhana

Bagaimanakah elemen baharu disisip ke dalam timbunan binari?

  1. ASisip di kedudukan tersusunnya dengan menganjak semua elemen yang lebih besar satu tempat ke kanan
  2. BLetakkan di akar dan gerakkannya ke bawah
  3. CLetakkan di hujung tatasusunan dan gerakkannya ke atas selagi ia melanggar sifat timbunan
  4. DBina semula seluruh timbunan dari awal
12.Struktur dataSukar

Apakah jaminan yang diberikan oleh peraturan pokok merah-hitam tentang ketinggian pokok dengan n kunci?

  1. AKetinggian paling banyak 2 log2(n + 1)
  2. BKetinggian paling banyak log2 n + 1
  3. CKetinggian tepat log2 n
  4. DKetinggian paling banyak n / 2
13.Teori grafSederhana

Sebuah pokok mempunyai 3 bucu berdarjah 4, 2 bucu berdarjah 2, dan semua bucu lainnya ialah daun (berdarjah 1). Berapa banyak daun L yang ada padanya?

3 × deg 42 × deg 2
L =
14.Teori grafSukar
1512672116ABCDE

Algoritma Prim membina pokok rentang minimum bermula dari bucu B. Klik sisi yang ditambahnya sebagai sisi nombor 2.

mula: Bk = 2
  1. 1sisi AB
  2. 2sisi AC
  3. 3sisi BC
  4. 4sisi BD
  5. 5sisi CE
  6. 6sisi DE
  7. 7sisi BE
15.Pangkalan data & SQLSederhana

Apakah yang dipulangkan oleh EXCEPT (dipanggil MINUS dalam Oracle)?

  1. ASemua baris daripada kedua-dua pertanyaan tanpa pendua
  2. BBaris pertanyaan kedua yang tidak muncul dalam yang pertama
  3. CBaris yang muncul dalam kedua-dua pertanyaan
  4. DBaris pertanyaan pertama yang tidak muncul dalam yang kedua
16.Pangkalan data & SQLSukar

Selepas customers LEFT JOIN orders, mengapakah menggunakan COUNT(o.id) dan bukan COUNT(*) untuk mengira pesanan bagi setiap pelanggan?

  1. ACOUNT(*) mengabaikan baris dengan nilai NULL
  2. BCOUNT(o.id) hanya mengira pelanggan berbeza
  3. CCOUNT(*) mengira baris berisi NULL sebagai 1 bagi pelanggan tanpa pesanan
  4. DCOUNT(*) tidak dibenarkan selepas cantuman
17.Rangkaian komputerSederhana

Berapakah bilangan alamat hos yang boleh digunakan dalam rangkaian IPv4 /24?

  1. A255
  2. B252
  3. C254
  4. D256
18.Rangkaian komputerSukar

Mengapakah IPv6 tidak memerlukan NAT untuk menangani kekurangan alamat?

  1. AIPv6 tidak menggunakan alamat
  2. BIPv6 hanya berfungsi pada rangkaian setempat, jadi alamat tidak perlu dikongsi secara global
  3. CIPv6 menyulitkan semua alamat
  4. DRuang alamat 128 bitnya cukup besar untuk memberikan setiap peranti alamat global
19.Subnet IPv4Sederhana
255.255.255.24011111111111111111111111111110000bit rangkaianbit hos

Satu subnet menggunakan topeng 255.255.255.240. Berapakah bilangan alamat hos H yang boleh digunakan?

255.255.255.240
H =
20.Subnet IPv4Sukar
oktet ketiga = 194112816403201608041201rangkaianhos

Satu hos mempunyai alamat 172.20.194.28/23. Apakah oktet ketiga x alamat rangkaiannya?

172.20.194.28/23
x =

3Larutan

1.Sistem nombor

Jawapan: U = 218

Menetapkan bit: setiap bit bernilai kuasa dua (128, 64, …, 1). Satu digit heks tepat empat bit, dan dalam pelengkap dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap kedudukan bit secara berasingan.

Songsang dan tambah satu

38 = 0010 0110
disongsangkan: 1101 1001
+1 → 1101 1010

Baca sebagai tanpa tanda

1101 1010₂ = 256 − 38 = 218

Jawapan

U = 218
2.Sistem nombor

Jawapan: R = 68

Menetapkan bit: setiap bit bernilai kuasa dua (128, 64, …, 1). Satu digit heks tepat empat bit, dan dalam pelengkap dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap kedudukan bit secara berasingan.

Bit demi bit

Anjak ke kiri sebanyak 1 menggerakkan setiap bit 1 tempat ke kiri; bit yang jatuh dari hujung kiri hilang dan sifar masuk di sebelah kanan.

1010 0010 << 1
= 0100 0100

Nilai hasil

0100 0100₂ = 68

Jawapan

R = 68
3.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: percanggahan

Kesetaraan logik: dua formula adalah setara (≡) apabila ia mempunyai nilai yang sama dalam setiap baris jadual kebenaran. Tautologi ialah 1 dalam setiap baris, percanggahan ialah 0 dalam setiap baris, dan kontingensi bukan kedua-duanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum agihan, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Jadual kebenaran baris demi baris

b = 1, c = 1: c ∨ b = 1, ¬c = 0, ¬b = 0, ¬c ∧ ¬b = 0, (c ∨ b) ∧ (¬c ∧ ¬b) = 0
b = 1, c = 0: c ∨ b = 1, ¬c = 1, ¬b = 0, ¬c ∧ ¬b = 0, (c ∨ b) ∧ (¬c ∧ ¬b) = 0
b = 0, c = 1: c ∨ b = 1, ¬c = 0, ¬b = 1, ¬c ∧ ¬b = 0, (c ∨ b) ∧ (¬c ∧ ¬b) = 0
b = 0, c = 0: c ∨ b = 0, ¬c = 1, ¬b = 1, ¬c ∧ ¬b = 1, (c ∨ b) ∧ (¬c ∧ ¬b) = 0

Kelaskan

(c ∨ b) ∧ (¬c ∧ ¬b): 0, 0, 0, 0
0 dalam setiap baris: percanggahan.

Jawapan

percanggahan
4.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: N = 3

Jadual kebenaran: formula dengan n pemboleh ubah berbeza mempunyai 2ⁿ baris, satu untuk setiap gabungan nilai kebenaran (1 = benar, 0 = palsu). Bekerja dari dalam ke luar dan beri setiap subformula lajurnya sendiri. ¬a menyongsangkan nilai; a ∧ b ialah 1 hanya apabila kedua-duanya 1; a ∨ b ialah 0 hanya apabila kedua-duanya 0; a → b ialah 0 hanya apabila a = 1 dan b = 0; a ↔ b ialah 1 apabila kedua-dua belah sama.

Lajur

c ↔ b; (c ↔ b) ∧ b; ¬c; ¬c → a; d ∨ a; (¬c → a) → (d ∨ a); ((c ↔ b) ∧ b) ∧ ((¬c → a) → (d ∨ a))

Pecahkan pada a

a = 1: 2
a = 0: 1
N = 2 + 1 = 3

Jawapan

N = 3
5.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: L = 4

Aljabar Boolean: peraturan yang memudahkan ungkapan ialah X + X′ = 1 dan X·X′ = 0, X + X = X, penyerapan X + X·Y = X, peraturan penggabungan X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y dan teorem konsensus XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Hukum De Morgan menukar (X·Y)′ kepada X′ + Y′ dan (X + Y)′ kepada X′·Y′. Peta Karnaugh menggunakan peraturan ini secara grafik: setiap kumpulan dua sel berjiran ialah satu penggunaan XY + XY′ = X.

Minterm ungkapan

B′C′ → m(0, 4)
ABC → m(7)
A′BC → m(3)
ABC00011110011001130214051706

Kumpulkan dan baca

F = B′C′ + BC

Kira literal

L = 4

Jawapan

L = 4
6.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: Q = 3

Flip-flop dan pembilang: flip-flop hanya berubah pada pinggir jam yang aktif. D menyalin inputnya (Q⁺ = D); T bertukar keadaan apabila T = 1; JK kekal untuk 00, set semula untuk 01, set untuk 10 dan bertukar keadaan untuk 11. Pembilang perduaan n-bit mempunyai 2ⁿ keadaan dan mengira modulo 2ⁿ; pembilang mod-N mengira 0, 1, …, N − 1 dan kembali ke 0, dan memerlukan flip-flop sebanyak n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N. Setiap peringkat pembilang riak membahagi dua frekuensi, maka output terakhir pembilang mod-N berjalan pada fclk/N. Pembilang Johnson dengan n flip-flop mempunyai 2n keadaan, pembilang gelang n.

Kitaran penuh

Setiap 8 denyut membawa pembilang kembali ke keadaan yang sama.

17 = 2·8 + 1

Kiraan selepas denyut yang tinggal

Q = (4 − 1) mod 8 = 3
Q = 011₂

Jawapan

Q = 3
7.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: 20−1 mod 59 = 3

Songsangan dan kongruen: a mempunyai songsangan modulo n tepat apabila gcd(a, n) = 1. Algoritma Euclid lanjutan menulis 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruen a·x ≡ b (mod n) dengan gcd(a, n) = 1 mempunyai penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruen x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus perdana relatif mempunyai satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorem baki Cina). φ(n) Euler mengira nombor dari 1 hingga n yang perdana relatif dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algoritma Euclid lanjutan

Setiap baki r ditulis sebagai r ≡ t·20 (mod 59).

r = 59, t = 0
r = 20, q = 2, t = 1
r = 19, q = 1, t = −2
r = 1, q = 19, t = 3

Songsangan

1 ≡ 3·20 (mod 59)
x = 3
semakan: 20·3 = 60 = 1·59 + 1

Jawapan

20−1 mod 59 = 3
8.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: d = 95

Kuasa modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan kuasa dua berulang: tulis k dalam perduaan, kuasa duakan, kurangkan selepas setiap langkah dan darabkan kuasa yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk nombor perdana p yang tidak membahagi a, maka eksponen boleh dikurangkan modulo p − 1. RSA: pilih nombor perdana p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen awam e perdana relatif dengan φ(n), dan eksponen persendirian ialah d = e⁻¹ mod φ(n). Sulitkan dengan c = mᵉ mod n dan nyahsulit dengan m = cᵈ mod n.

Modulus dan totien

n = 5·43 = 215
φ(n) = 4·42 = 168

Algoritma Euclid lanjutan

r = 168, t = 0
r = 23, q = 7, t = 1
r = 7, q = 3, t = −7
r = 2, q = 3, t = 22
r = 1, q = 2, t = −73

Eksponen persendirian

d = 95
semakan: 23·95 = 2185 = 13·168 + 1

Jawapan

d = 95
9.Algoritma & kerumitan

Jawapan: C · Ia menumbuhkan satu pokok dari bucu permulaan, dengan menambah sisi termurah yang meninggalkan pokok

Mengapa ini jawapannya

Algoritma Prim, dengan baris gilir keutamaan sisi merentas, berjalan dalam O(E log V) dengan timbunan binari.

Jawapan

C · Ia menumbuhkan satu pokok dari bucu permulaan, dengan menambah sisi termurah yang meninggalkan pokok
10.Algoritma & kerumitan

Jawapan: B · Dalam NP dan setiap masalah NP boleh diturunkan kepadanya dalam masa polinomial

Mengapa ini jawapannya

Masalah NP-lengkap ialah yang paling sukar dalam NP; algoritma polinomial untuk satu akan memberikan satu untuk semua NP.

Jawapan

B · Dalam NP dan setiap masalah NP boleh diturunkan kepadanya dalam masa polinomial
11.Struktur data

Jawapan: C · Letakkan di hujung tatasusunan dan gerakkannya ke atas selagi ia melanggar sifat timbunan

Mengapa ini jawapannya

Menambah di hujung mengekalkan pokok lengkap; menukar dengan induk memulihkan susunan dalam O(log n) langkah.

Jawapan

C · Letakkan di hujung tatasusunan dan gerakkannya ke atas selagi ia melanggar sifat timbunan
12.Struktur data

Jawapan: A · Ketinggian paling banyak 2 log2(n + 1)

Mengapa ini jawapannya

Setiap laluan mempunyai bilangan nod hitam yang sama dan nod merah tidak boleh bersebelahan, jadi laluan terpanjang paling banyak dua kali laluan terpendek, memberikan ketinggian O(log n).

Jawapan

A · Ketinggian paling banyak 2 log2(n + 1)
13.Teori graf

Jawapan: L = 8

Euler, Hamilton dan pokok: graf bersambung mempunyai litar Euler (setiap sisi sekali, kembali ke permulaan) apabila setiap bucu berdarjah genap, dan laluan Euler yang bukan litar apabila tepat dua bucu berdarjah ganjil; laluan itu kemudian bermula dari satu bucu ganjil ke bucu ganjil yang lain. Litar Hamilton melawat setiap bucu sekali; Kn mempunyai (n − 1)!/2 daripadanya. Pokok pada n bucu mempunyai n − 1 sisi, dan graf bersambung dengan m sisi mengekalkan pokok rentang selepas membuang m − n + 1 sisi.

Lema jabat tangan untuk pokok

L + 16 = 2(L + 5) − 2
L = 8

Jawapan

L = 8

Jalan pintas: L = 2 + Σ (d − 2) ke atas bucu berdarjah d ≥ 3.

14.Teori graf

Jawapan: sisi CE

Laluan terpendek dan pokok rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu bucu setiap pusingan: bucu tidak tetap yang berjarak sementara paling kecil. Jaraknya kemudian muktamad, dan setiap jiran v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membina pokok rentang minimum dengan mengambil sisi dari ringan ke berat dan melangkau sebarang sisi yang akan menutup kitaran; algoritma Prim menumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan dengan sentiasa menambah sisi teringan yang keluar daripadanya. Pokok rentang n bucu mempunyai n − 1 sisi.

Algoritma Prim

1. BC (6)
2. CE (2)
3. DE (1)
4. AC (12)

nombor sisi 2

CE

Jawapan

sisi CE
15.Pangkalan data & SQL

Jawapan: D · Baris pertanyaan pertama yang tidak muncul dalam yang kedua

Mengapa ini jawapannya

A EXCEPT B memberi baris dalam A yang tiada dalam B, maka menukar pertanyaan memberi hasil berbeza.

Jawapan

D · Baris pertanyaan pertama yang tidak muncul dalam yang kedua
16.Pangkalan data & SQL

Jawapan: C · COUNT(*) mengira baris berisi NULL sebagai 1 bagi pelanggan tanpa pesanan

Mengapa ini jawapannya

Left join memberi satu baris dengan lajur pesanan NULL bagi pelanggan tersebut; COUNT(o.id) melangkau NULL dan melaporkan 0 dengan betul.

Jawapan

C · COUNT(*) mengira baris berisi NULL sebagai 1 bagi pelanggan tanpa pesanan
17.Rangkaian komputer

Jawapan: C · 254

Mengapa ini jawapannya

/24 mempunyai 8 bit hos, maka 2⁸ = 256 alamat. Alamat rangkaian dan siaran dikhaskan, meninggalkan 254 untuk hos.

Jawapan

C · 254
18.Rangkaian komputer

Jawapan: D · Ruang alamat 128 bitnya cukup besar untuk memberikan setiap peranti alamat global

Mengapa ini jawapannya

IPv6 mempunyai kira-kira 3.4 × 10³⁸ alamat, maka kekurangan yang mendorong NAT dalam IPv4 hilang; tembok api masih menyediakan keselamatan.

Jawapan

D · Ruang alamat 128 bitnya cukup besar untuk memberikan setiap peranti alamat global
19.Subnet IPv4

Jawapan: H = 14

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Panjang awalan

255.255.255.240 = /28

Hos boleh guna

24 − 2 = 14

Jawapan

H = 14
20.Subnet IPv4

Jawapan: x = 194

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Saiz blok dalam oktet ketiga

21 = 2

Subnet hos ini

rangkaian: 172.20.194.0
siaran: 172.20.195.255

Jawapan

x = 194

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals