Asas Sains Komputer: pek ulang kaji kilat

Lembaran formula, langkah kaedah utama untuk setiap topik dan 20 soalan latihan, dengan penyelesaian penuh di bahagian belakang.

Soalan baharuKembali ke kursus

Dalam tetingkap cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan pada peranti anda.

1Formula dan kaedah

Sistem nombor

Nilai kedudukan
perduaan 2k, oktal 8k, heks 16k
Kepada perpuluhan
Σ dk·bk
Daripada perpuluhan
bahagi dengan asas, baca baki dari bawah ke atas
Heks ↔ perduaan
satu digit heks = 4 bit
Pelengkap dua
songsangkan bit dan tambah 1

Logik proposisi & pembuktian

Baris jadual kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikasi dinafikan
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Dwisyarat
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum agihan
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Pengkuantiti dinafikan
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Kaedah

  1. Kira bilangan pemboleh ubah yang berbeza: jadual kebenaran mempunyai 2ⁿ baris, bermula dengan kesemuanya 1.
  2. Beri setiap subformula lajurnya sendiri dan isi lajur-lajur itu dari dalam ke luar.
  3. Gunakan peraturan setiap penghubung: → hanya 0 bagi 1 → 0, ↔ ialah 1 apabila kedua-dua belah sepadan.
  4. Untuk kesetaraan, bandingkan lajur akhir baris demi baris; untuk hujah, lihat hanya baris yang setiap premisnya 1.
  5. Untuk menafikan pernyataan berpengkuantiti, alihkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, dan nafikan formula di dalamnya.

Logik digital: get, peta K & flip-flop

Get asas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Peraturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Susunan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kumpulan 2ᵏ sel
kehilangan k pemboleh ubah
Multipleks 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pembilang
n-bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pembilang riak
fmax = 1/(n·tpd)
Pembilang gelang dan Johnson
n dan 2n keadaan

Kaedah

  1. Untuk litar, bekerja dari input ke output satu get pada satu masa dan tulis nilai pada setiap wayar, atau tulis ungkapannya dan isi jadual kebenaran.
  2. Untuk pemudahan, letakkan 1 (dan tidak peduli sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan lajur kod Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Liputi 1 dengan kumpulan sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, menyambung melepasi tepi; setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab yang terdiri daripada pemboleh ubah yang kekal malar. Kumpulkan 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pembilang, baca input pada setiap pinggir jam yang aktif, tulis keadaan selepas setiap pinggir, dan ingat bahawa pembilang n-bit berpusing semula selepas 2ⁿ keadaan.

Teori nombor & aritmetik modulo

Pembahagian dengan baki
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Gandaan sepunya terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Songsangan
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruen linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Kaedah

  1. Kurangkan setiap nombor modulo n dahulu; baki terletak antara 0 dengan n − 1.
  2. Untuk gcd, bahagi berulang kali dengan algoritma Euclid; baki bukan sifar yang terakhir ialah gcd.
  3. Untuk songsangan, jalankan algoritma lanjutan dan simpan pekali a; tambah n jika ia negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mendarab dengan a⁻¹; gabungkan dua kongruen dengan menulis x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk kuasa, tulis eksponen dalam perduaan dan kuasa duakan berulang kali; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf sekata
|E| = n·k/2
Pokok dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun sesebuah pokok
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
litar: semua darjah genap; laluan: tepat 2 darjah ganjil
Litar Hamilton dalam Kn
(n − 1)!/2
Kemas kini Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan sepanjang L
(Mᴸ)ij

Kaedah

  1. Tulis darjah setiap bucu; jumlah darjah ialah dua kali bilangan sisi.
  2. Untuk soalan Euler, semak bahawa graf itu bersambung dan kira bucu yang berdarjah ganjil.
  3. Untuk pokok, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, simpan jadual jarak sementara dan tetapkan bucu tidak tetap yang paling kecil dalam setiap pusingan.
  5. Untuk pokok rentang minimum, isih sisi mengikut berat dan langkau setiap sisi yang menutup satu kitaran (Kruskal), atau tumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan (Prim).

Subnet IPv4

Hos bagi setiap subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Saiz blok
256 − (mask octet)
Alamat rangkaian
IP AND topeng
Alamat siaran
IP OR (NOT mask): semua bit hos ditetapkan kepada 1
Subnet daripada n bit yang dipinjam
2n

2Soalan latihan

1.Sistem nomborSederhana
nilai kedudukan dalam pelengkap dua1−12806403211618141201

Corak 8-bit 1001 1110 menyimpan integer bertanda dalam pelengkap dua. Apakah nilainya N dalam perpuluhan?

1001 11108 bit
N =
2.Sistem nomborSukar
klik bit untuk menetapkannya012806403201608040201

Tetapkan bit kepada hasil 8-bit bagi 0110 1001 >> 2. Apakah nilai hasil R dalam perpuluhan?

0110 1001>> 2
R =
3.Logik proposisi & pembuktianSederhana
pqr¬p¬p → q(r ∨ p) ∨ (¬p → q)111?110?101?100?011?010?001?000?

Dalam berapa daripada 8 baris jadual kebenarannya (r ∨ p) ∨ (¬p → q) benar? Panggil nombor ini N.

(r ∨ p) ∨ (¬p → q)
N =
4.Logik proposisi & pembuktianSukar
qrr ∨ qr¬q11100100

Hujah dengan premis r ∨ q; r dan kesimpulan ¬q adalah tidak sah. Klik baris jadual kebenaran yang menjadi contoh penyangkal.

r ∨ qr∴ ¬q
  1. 1q = 1, r = 1
  2. 2q = 1, r = 0
  3. 3q = 0, r = 1
  4. 4q = 0, r = 0
5.Logik digital: get, peta K & flip-flopSederhana
ABCD000111100001111010010302140517061121131150140809111010

Gunakan peta Karnaugh untuk mencari bentuk hasil tambah hasil darab (SOP) minimum bagi F(A, B, C, D) = Σm(0, 4, 7, 11, 12, 13, 15). Berapa banyak literal L yang terkandung dalamnya secara keseluruhan (pemboleh ubah berperdana dikira satu literal)?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 4, 7, 11, 12, 13, 15)
L =
6.Logik digital: get, peta K & flip-flopSukar
ABCD00011110000111100011X30204X51716112113X151141809X11110

Cari bentuk SOP minimum bagi F(A, B, C, D) = Σm(1, 6, 7, 8, 10, 12, 13, 14) + d(3, 5, 11, 15), dengan d menandakan keadaan tidak peduli. Berapa banyak literal L yang terkandung dalamnya?

F(A, B, C, D) = Σm(1, 6, 7, 8, 10, 12, 13, 14) + d(3, 5, 11, 15)
L =
7.Teori nombor & aritmetik moduloSederhana

Cari fungsi totien Euler φ(27), bilangan integer dari 1 hingga 27 yang perdana relatif dengan 27.

n = 27 = 33
φ(27) =
8.Teori nombor & aritmetik moduloSukar
309c = me​ mod n?m = cd​ mod nm(n, e) = (629, 5)d

Sulitkan mesej m = 309 dengan kunci awam RSA (n, e) = (629, 5). Cari teks sulit c.

n = 629e = 5m = 309
c =
9.Algoritma & kerumitanSederhana

Pengaturcaraan dinamik berguna apabila sesuatu masalah mempunyai:

  1. ASatu gelung
  2. BSubmasalah bertindih dan substruktur optimum
  3. CTiada submasalah langsung, jadi ia boleh diselesaikan dalam satu langkah
  4. DHanya input rawak
10.Algoritma & kerumitanSukar

Menggunakan teorem induk, T(n) = 8T(n/2) + O(n²) mempunyai penyelesaian:

  1. AΘ(n²)
  2. BΘ(n³)
  3. CΘ(n² log n)
  4. DΘ(n log n)
11.Struktur dataSederhana

Kaedah penyelesaian perlanggaran manakah yang menyimpan kunci yang berlanggar dalam senarai pada baldi yang sama?

  1. APenyiasatan kuadratik
  2. BPenyiasatan linear
  3. CPencincangan berganda
  4. DPerantaian berasingan (separate chaining)
12.Struktur dataSukar

Pernyataan manakah tentang isihan timbunan (heapsort) yang betul?

  1. AIa memerlukan pokok carian binari sebagai storan tambahan, jadi ia menggunakan memori tambahan O(n)
  2. BIa berjalan dalam masa O(n) pada sebarang input
  3. CIa stabil dan memerlukan memori tambahan O(n)
  4. DIa mengisih di tempat dalam masa kes terburuk O(n log n) tetapi tidak stabil
13.Teori grafSederhana

Graf bersambung mempunyai 6 bucu dan 13 sisi. Berapa banyak sisi k yang mesti dibuang untuk meninggalkan pokok rentang?

|V| = 6|E| = 13
k =
14.Teori grafSukar
134971720114ABCDEF

Cari jumlah berat W pokok rentang minimum bagi graf berpemberat itu.

|V| = 6|E| = 8
W =
15.Pangkalan data & SQLSederhana

Apakah yang disediakan oleh ungkapan jadual lazim (common table expression, WITH name AS (...))?

  1. AJadual kekal yang kekal disimpan pada cakera sehingga digugurkan
  2. BIndeks pada lajur
  3. CPengguna pangkalan data baharu
  4. DHasil sementara bernama yang boleh digunakan dalam satu penyataan
16.Pangkalan data & SQLSukar

Pangkalan data pelaporan menyalin nama pelanggan ke dalam jadual orders untuk mengelak cantuman. Apakah kos utama denormalisasi ini?

  1. ASalinan berlebihan mesti dikekalkan konsisten setiap kali data pelanggan berubah
  2. BPangkalan data tidak boleh menggunakan indeks lagi
  3. CPertanyaan pada jadual orders menjadi lebih perlahan
  4. DKunci utama tidak lagi boleh digunakan
17.Rangkaian komputerSederhana

Mengapakah Wi-Fi menggunakan pengelakan perlanggaran (CSMA/CA) dan bukannya pengesanan perlanggaran?

  1. AWi-Fi hanya membenarkan satu peranti bagi setiap rangkaian
  2. BPengesanan perlanggaran hanya berfungsi pada kabel gentian, bukan pada saluran radio wayarles yang dikongsi
  3. CIsyarat radio tidak pernah berlanggar
  4. DStesen wayarles tidak dapat mengesan perlanggaran dengan boleh dipercayai semasa menghantar
18.Rangkaian komputerSukar

Dalam serangan banjir SYN, sumber apakah yang cuba dihabiskan oleh penyerang?

  1. AJadual alamat MAC suis
  2. BJadual sambungan separuh terbuka pada pelayan
  3. CCache DNS klien
  4. DRuang cakera pelayan
19.Subnet IPv4Sederhana
/?11111111111111111111111000000000bit rangkaianbit hos

Sebuah jabatan memerlukan 333 alamat hos dalam satu subnet. Apakah panjang awalan terpanjang p (subnet terkecil) yang cukup besar?

333 hosts
p =
20.Subnet IPv4Sukar
oktet ketiga = 245112816413211608140211rangkaianhos

Satu hos mempunyai alamat 172.20.245.184/23. Apakah oktet ketiga x alamat siaran subnetnya?

172.20.245.184/23
x =

3Larutan

1.Sistem nombor

Jawapan: N = −98

Sistem nombor kedudukan: setiap digit bernilai nilainya didarab kuasa asas. Dalam perduaan, kedudukan bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam pelengkap dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128 dan bukannya +128, begitulah nombor negatif disimpan.

Tambah nilai kedudukan

Bit lain mengekalkan nilai positif biasanya.

−128 + 16 + 8 + 4 + 2 = −98

Jawapan

N = −98
2.Sistem nombor

Jawapan: R = 26

Menetapkan bit: setiap bit bernilai kuasa dua (128, 64, …, 1). Satu digit heks tepat empat bit, dan dalam pelengkap dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap kedudukan bit secara berasingan.

Bit demi bit

Anjak ke kanan sebanyak 2 menggerakkan setiap bit 2 tempat ke kanan; bit yang jatuh dari hujung kanan hilang dan sifar masuk di sebelah kiri.

0110 1001 >> 2
= 0001 1010

Nilai hasil

0001 1010₂ = 26

Jawapan

R = 26
3.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: N = 7

Jadual kebenaran: formula dengan n pemboleh ubah berbeza mempunyai 2ⁿ baris, satu untuk setiap gabungan nilai kebenaran (1 = benar, 0 = palsu). Bekerja dari dalam ke luar dan beri setiap subformula lajurnya sendiri. ¬a menyongsangkan nilai; a ∧ b ialah 1 hanya apabila kedua-duanya 1; a ∨ b ialah 0 hanya apabila kedua-duanya 0; a → b ialah 0 hanya apabila a = 1 dan b = 0; a ↔ b ialah 1 apabila kedua-dua belah sama.

Jadual kebenaran baris demi baris

p = 1, q = 1, r = 1: r ∨ p = 1, ¬p = 0, ¬p → q = 1, (r ∨ p) ∨ (¬p → q) = 1
p = 1, q = 1, r = 0: r ∨ p = 1, ¬p = 0, ¬p → q = 1, (r ∨ p) ∨ (¬p → q) = 1
p = 1, q = 0, r = 1: r ∨ p = 1, ¬p = 0, ¬p → q = 1, (r ∨ p) ∨ (¬p → q) = 1
p = 1, q = 0, r = 0: r ∨ p = 1, ¬p = 0, ¬p → q = 1, (r ∨ p) ∨ (¬p → q) = 1
p = 0, q = 1, r = 1: r ∨ p = 1, ¬p = 1, ¬p → q = 1, (r ∨ p) ∨ (¬p → q) = 1
p = 0, q = 1, r = 0: r ∨ p = 0, ¬p = 1, ¬p → q = 1, (r ∨ p) ∨ (¬p → q) = 1
p = 0, q = 0, r = 1: r ∨ p = 1, ¬p = 1, ¬p → q = 0, (r ∨ p) ∨ (¬p → q) = 1
p = 0, q = 0, r = 0: r ∨ p = 0, ¬p = 1, ¬p → q = 0, (r ∨ p) ∨ (¬p → q) = 0

Kira baris dengan nilai 1

(r ∨ p) ∨ (¬p → q): 1, 1, 1, 1, 1, 1, 1, 0
N = 7

Jawapan

N = 7
4.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: q = 1, r = 1

Pengkuantiti dan hujah: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Alihkan penafian ke dalam, tukar setiap pengkuantiti yang dilaluinya, dan nafikan formula di dalam dengan hukum proposisi, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Hujah adalah sah apabila kesimpulan ialah 1 dalam setiap baris yang semua premisnya 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan palsu ialah contoh penyangkal dan menunjukkan hujah itu tidak sah.

Premis dan kesimpulan baris demi baris

q = 1, r = 1: 1 1 | 0
q = 1, r = 0: 1 0 | 0
q = 0, r = 1: 1 1 | 1
q = 0, r = 0: 0 0 | 1

Contoh penyangkal

q = 1, r = 1

Jawapan

q = 1, r = 1

Hujah dengan bentuk ini kelihatan seperti peraturan yang sah, tetapi satu baris sudah memadai untuk menunjukkan bahawa ia tidak sah.

5.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: L = 12

Peta Karnaugh: sel disusun dalam kod Gray (00, 01, 11, 10), maka sel berjiran, termasuk yang merentasi tepi, berbeza pada tepat satu pemboleh ubah. Kumpulkan 1 dalam segi empat tepat berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sehingga setiap 1 diliputi. Setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab: pemboleh ubah yang kekal malar di dalamnya. Kumpulan 2ᵏ sel kehilangan k pemboleh ubah. Tidak peduli (X) boleh digunakan untuk membesarkan kumpulan tetapi tidak perlu diliputi. Mengumpulkan 0 pula memberi bentuk POS minimum.

ABCD000111100001111010010302140517061121131150140809111010

Kumpulkan 1

Setiap kumpulan ialah segi empat tepat 2ᵏ sel; sel tepi berjiran dengan sel pada tepi bertentangan.

BCD
A′C′D′
ACD
ABC′

Bentuk SOP minimum

F = BCD + A′C′D′ + ACD + ABC′
L = 12

Jawapan

L = 12
6.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: L = 8

Peta Karnaugh: sel disusun dalam kod Gray (00, 01, 11, 10), maka sel berjiran, termasuk yang merentasi tepi, berbeza pada tepat satu pemboleh ubah. Kumpulkan 1 dalam segi empat tepat berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sehingga setiap 1 diliputi. Setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab: pemboleh ubah yang kekal malar di dalamnya. Kumpulan 2ᵏ sel kehilangan k pemboleh ubah. Tidak peduli (X) boleh digunakan untuk membesarkan kumpulan tetapi tidak perlu diliputi. Mengumpulkan 0 pula memberi bentuk POS minimum.

Implikan perdana

Kumpulan terbesar yang boleh dibentuk daripada 1 dan X.

CD, BD, BC, A′D, AD′, AC, AB
ABCD00011110000111100011X30204X51716112113X151141809X11110

Liputan minimum

F = BD + BC + A′D + AD′
L = 8

Jawapan

L = 8

Terdapat pengumpulan lain yang sama saiz; ia mempunyai bilangan sebutan dan literal yang sama.

7.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: φ(27) = 18

Songsangan dan kongruen: a mempunyai songsangan modulo n tepat apabila gcd(a, n) = 1. Algoritma Euclid lanjutan menulis 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruen a·x ≡ b (mod n) dengan gcd(a, n) = 1 mempunyai penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruen x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus perdana relatif mempunyai satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorem baki Cina). φ(n) Euler mengira nombor dari 1 hingga n yang perdana relatif dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Faktor perdana

27 = 33

Totien

φ(27) = 27 − 9 = 18

Jawapan

φ(27) = 18
8.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: c = 294

Kuasa modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan kuasa dua berulang: tulis k dalam perduaan, kuasa duakan, kurangkan selepas setiap langkah dan darabkan kuasa yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk nombor perdana p yang tidak membahagi a, maka eksponen boleh dikurangkan modulo p − 1. RSA: pilih nombor perdana p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen awam e perdana relatif dengan φ(n), dan eksponen persendirian ialah d = e⁻¹ mod φ(n). Sulitkan dengan c = mᵉ mod n dan nyahsulit dengan m = cᵈ mod n.

Kuasa dua berulang

5 = 4 + 1
3091 ≡ 309 (mod 629)
3092 ≡ 502 (mod 629)
3094 ≡ 404 (mod 629)
3095 ≡ 309·404 ≡ 294 (mod 629)

Teks sulit

c = 294

Jawapan

c = 294
9.Algoritma & kerumitan

Jawapan: B · Submasalah bertindih dan substruktur optimum

Mengapa ini jawapannya

Menyimpan hasil submasalah bertindih (memoisasi atau penjadualan) mengelakkan kerja berulang, menukar algoritma eksponen menjadi polinomial.

Jawapan

B · Submasalah bertindih dan substruktur optimum
10.Algoritma & kerumitan

Jawapan: B · Θ(n³)

Mengapa ini jawapannya

log₂ 8 = 3, dan n² tumbuh lebih perlahan daripada n³, jadi daun mendominasi: Θ(n³).

Jawapan

B · Θ(n³)
11.Struktur data

Jawapan: D · Perantaian berasingan (separate chaining)

Mengapa ini jawapannya

Perantaian mengekalkan senarai berpaut (atau struktur lain) bagi setiap baldi; pengalamatan terbuka mencari slot kosong lain dalam jadual itu sendiri.

Jawapan

D · Perantaian berasingan (separate chaining)
12.Struktur data

Jawapan: D · Ia mengisih di tempat dalam masa kes terburuk O(n log n) tetapi tidak stabil

Mengapa ini jawapannya

Heapsort membina timbunan maks dan mengeluarkan maksimum n kali dalam tatasusunan yang sama; pertukaran jarak jauh boleh menyusun semula kunci yang sama.

Jawapan

D · Ia mengisih di tempat dalam masa kes terburuk O(n log n) tetapi tidak stabil
13.Teori graf

Jawapan: k = 8

Euler, Hamilton dan pokok: graf bersambung mempunyai litar Euler (setiap sisi sekali, kembali ke permulaan) apabila setiap bucu berdarjah genap, dan laluan Euler yang bukan litar apabila tepat dua bucu berdarjah ganjil; laluan itu kemudian bermula dari satu bucu ganjil ke bucu ganjil yang lain. Litar Hamilton melawat setiap bucu sekali; Kn mempunyai (n − 1)!/2 daripadanya. Pokok pada n bucu mempunyai n − 1 sisi, dan graf bersambung dengan m sisi mengekalkan pokok rentang selepas membuang m − n + 1 sisi.

Sisi pokok rentang

6 − 1 = 5

Sisi untuk dibuang

k = 13 − 5 = 8

Jawapan

k = 8
14.Teori graf

Jawapan: W = 35

Laluan terpendek dan pokok rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu bucu setiap pusingan: bucu tidak tetap yang berjarak sementara paling kecil. Jaraknya kemudian muktamad, dan setiap jiran v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membina pokok rentang minimum dengan mengambil sisi dari ringan ke berat dan melangkau sebarang sisi yang akan menutup kitaran; algoritma Prim menumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan dengan sentiasa menambah sisi teringan yang keluar daripadanya. Pokok rentang n bucu mempunyai n − 1 sisi.

Algoritma Kruskal

DF (1): ambil
AC (4): ambil
BD (7): ambil
BC (9): ambil
AB (13): langkau, menutup kitaran
EF (14): ambil

Jumlah berat

W = 1 + 4 + 7 + 9 + 14 = 35

Jawapan

W = 35
15.Pangkalan data & SQL

Jawapan: D · Hasil sementara bernama yang boleh digunakan dalam satu penyataan

Mengapa ini jawapannya

CTE memberi nama kepada subpertanyaan, yang menjadikan pertanyaan kompleks lebih mudah dibaca dan boleh dirujuk beberapa kali dalam penyataan yang sama.

Jawapan

D · Hasil sementara bernama yang boleh digunakan dalam satu penyataan
16.Pangkalan data & SQL

Jawapan: A · Salinan berlebihan mesti dikekalkan konsisten setiap kali data pelanggan berubah

Mengapa ini jawapannya

Denormalisasi mempercepat bacaan tetapi membawa kembali keberlebihan, maka kemas kini mesti mengubah setiap salinan atau anomali muncul.

Jawapan

A · Salinan berlebihan mesti dikekalkan konsisten setiap kali data pelanggan berubah
17.Rangkaian komputer

Jawapan: D · Stesen wayarles tidak dapat mengesan perlanggaran dengan boleh dipercayai semasa menghantar

Mengapa ini jawapannya

Pemancar radio tidak dapat mendengar isyarat lemah lain semasa menghantar, dan sesetengah stesen tersembunyi antara satu sama lain. Maka 802.11 menunggu masa undur rawak dan menggunakan pengakuan.

Jawapan

D · Stesen wayarles tidak dapat mengesan perlanggaran dengan boleh dipercayai semasa menghantar
18.Rangkaian komputer

Jawapan: B · Jadual sambungan separuh terbuka pada pelayan

Mengapa ini jawapannya

Setiap SYN membuat pelayan menempah keadaan dan menunggu ACK yang tidak pernah datang. Kuki SYN mengelakkan penyimpanan keadaan sehingga jabat tangan selesai.

Jawapan

B · Jadual sambungan separuh terbuka pada pelayan
19.Subnet IPv4

Jawapan: p = 23

Subnet IPv4: alamat mempunyai 32 bit. Awalan /p menyatakan berapa banyak bit permulaan yang mengenal pasti rangkaian; baki 32 − p bit menomborkan hos. Satu subnet mempunyai 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat rangkaian) dan yang terakhir (alamat siaran) tidak boleh diberikan kepada hos, jadi 2³²⁻ᵖ − 2 hos boleh dimuatkan. Pengecualian: /31 (pautan titik ke titik, RFC 3021) menggunakan kedua-dua 2 alamatnya untuk hos, dan /32 ialah satu alamat tunggal (satu hos atau loopback).

Bit hos yang diperlukan

28 − 2 = 254 < 333
29 − 2 = 510 ≥ 333 → h = 9

Panjang awalan

p = 32 − 9 = 23

Jawapan

p = /23
20.Subnet IPv4

Jawapan: x = 245

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Saiz blok dalam oktet ketiga

21 = 2

Subnet hos ini

rangkaian: 172.20.244.0
siaran: 172.20.245.255

Jawapan

x = 245

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals