Pengaliran haba
- Hukum Fourier
- Q̇ = kAΔT/L
- Rintangan pengaliran
- R = L/(kA)
- Rintangan perolakan
- R = 1/(hA)
- Rintangan secara bersiri
- Q̇ = ΔTtotal/ΣR
- Nilai-U
- U = 1/(ΣR·A)
Pemindahan Haba: pek ulang kaji kilat
Lembaran formula, langkah kaedah utama untuk setiap topik dan 4 soalan latihan, dengan penyelesaian penuh di bahagian belakang.
1Formula dan kaedah
Penukar haba (LMTD)
- Beban haba
- Q = U·A·ΔTlm
- Beza suhu min logaritma
- ΔTlm = (ΔT1 − ΔT2)/ln(ΔT1/ΔT2)
- Imbangan aliran
- Q = ṁcp(Tin − Tout)
2Soalan latihan
1.Pengaliran habaSederhana
Satu dinding diperbuat daripada 100 mm papan gipsum dan 150 mm kayu, dengan luas 20 m². Muka luarnya berada pada 15 °C dan -12 °C. Cari aliran haba Q̇ melalui dinding.
L1 = 100 mm, k1 = 0.17 W/(m·K)L2 = 150 mm, k2 = 0.17 W/(m·K)A = 20 m²T1 = 15 °CT3 = -12 °C
Q̇ = W
2.Pengaliran habaSukar
Satu dinding 200 mm bulu mineral dan 75 mm papan gipsum memisahkan bilik pada 21 °C daripada udara luar pada 0 °C. Pekali perolakan ialah 6 W/(m²·K) di dalam dan 30 W/(m²·K) di luar, dan luas dinding ialah 4 m². Cari kehilangan haba Q̇ melalui dinding.
L1 = 200 mm, k1 = 0.04 W/(m·K)L2 = 75 mm, k2 = 0.17 W/(m·K)A = 4 m²hi = 6 W/(m²·K)ho = 30 W/(m²·K)Troom = 21 °CTout = 0 °C
Q̇ = W
3.Penukar haba (LMTD)Sederhana
Penukar haba cangkerang-dan-tiub (satu laluan cangkerang, dua laluan tiub) mesti memindahkan 680 kW. Bendalir panas menyejuk daripada 155 kepada 60 °C dan bendalir sejuk memanas daripada 30 kepada 100 °C. Faktor pembetulan LMTD bagi susunan ini ialah F = 0.8, dan U = 200 W/(m²·K). Cari luas pemindahan haba A yang diperlukan.
Q̇ = 680 kWF = 0.8U = 200 W/(m²·K)Th: 155 → 60 °CTc: 30 → 100 °C
A = m²
4.Penukar haba (LMTD)Sukar
Stim memeluwap pada 140 °C yang malar di luar tiub sebuah kondenser dengan luas pemindahan haba 6 m² dan U = 2500 W/(m²·K). Air penyejuk (3 kg/s, cp = 4.18 kJ/(kg·K)) masuk ke dalam tiub pada 30 °C. Cari suhu keluar air Tc,out.
Ts = 140 °CA = 6 m²U = 2500 W/(m²·K)ṁ = 3 kg/scp = 4.18 kJ/(kg·K)Tc,in = 30 °C
Tc,out = °C
3Larutan
1.Pengaliran haba
Jawapan: Q̇ = 367.2 W
Rintangan terma: aliran haba mantap melalui lapisan secara bersiri berkelakuan seperti arus melalui perintang secara bersiri: Q̇ = ΔT/ΣR, dengan R = L/(kA) bagi lapisan pengalir dan R = 1/(hA) bagi permukaan perolakan. Susutan suhu merentasi setiap lapisan berkadar dengan rintangannya.
Rintangan lapisan
R1 = L1/(k1A) = (100/1000)/(0.17·20) = 0.02941 K/W
R2 = L2/(k2A) = (150/1000)/(0.17·20) = 0.04412 K/W
Aliran haba
Q̇ = (T1 − T3)/(R1 + R2) = 27/0.07353 = 367.2 W
Jawapan
Q̇ = 367.2 W
2.Pengaliran haba
Jawapan: Q̇ = 14.89 W
Rintangan terma: aliran haba mantap melalui lapisan secara bersiri berkelakuan seperti arus melalui perintang secara bersiri: Q̇ = ΔT/ΣR, dengan R = L/(kA) bagi lapisan pengalir dan R = 1/(hA) bagi permukaan perolakan. Susutan suhu merentasi setiap lapisan berkadar dengan rintangannya.
Rintangan secara bersiri
Ri = 1/(hiA) = 1/(6·4) = 0.04167 K/W
R1 = L1/(k1A) = (200/1000)/(0.04·4) = 1.25 K/W
R2 = L2/(k2A) = (75/1000)/(0.17·4) = 0.1103 K/W
Ro = 1/(hoA) = 1/(30·4) = 0.008333 K/W
ΣR = 1.41 K/W
Kehilangan haba
Q̇ = (21 − (0))/1.41 = 14.89 W
Jawapan
Q̇ = 14.89 W
3.Penukar haba (LMTD)
Jawapan: A = 103 m²
LMTD method: the temperature difference between the streams changes along the exchanger, so the rate equation uses its logarithmic mean: Q̇ = U·A·ΔTlm, with ΔTlm = (ΔT₁ − ΔT₂)/ln(ΔT₁/ΔT₂), where ΔT₁ and ΔT₂ are the differences at the two ends. Counter-flow gives a larger ΔTlm than parallel flow for the same inlet and outlet temperatures.
Beza suhu hujung (aliran songsang)
Dalam aliran berlawanan, masukan panas bertentangan dengan keluaran sejuk, dan keluaran panas bertentangan dengan masukan sejuk.
ΔT₁ = Th,in − Tc,out = 155 − 100 = 55 K
ΔT₂ = Th,out − Tc,in = 60 − 30 = 30 K
Beza suhu min logaritma
ΔTlm = (ΔT₁ − ΔT₂)/ln(ΔT₁/ΔT₂) = (55 − 30)/ln(55/30) = 41.24 K
Luas
A = Q̇/(U·F·ΔTlm,cf) = 680000/(200·0.8·41.24) = 103 m²
Jawapan
A = 103 m²
4.Penukar haba (LMTD)
Jawapan: Tc,out = 106.7 °C
LMTD method: the temperature difference between the streams changes along the exchanger, so the rate equation uses its logarithmic mean: Q̇ = U·A·ΔTlm, with ΔTlm = (ΔT₁ − ΔT₂)/ln(ΔT₁/ΔT₂), where ΔT₁ and ΔT₂ are the differences at the two ends. Counter-flow gives a larger ΔTlm than parallel flow for the same inlet and outlet temperatures.
Gabungkan imbangan tenaga dan persamaan kadar
Dengan ΔT₁ = Ts − Tc,in dan ΔT₂ = Ts − Tc,out, beza ΔT₁ − ΔT₂ sama dengan kenaikan suhu air, maka kenaikan itu saling batal.
ṁcp(ΔT₁ − ΔT₂) = U·A·(ΔT₁ − ΔT₂)/ln(ΔT₁/ΔT₂)
ln(ΔT₁/ΔT₂) = U·A/(ṁcp) = 2500·6/(3·4180) = 1.196
Suhu keluar
ΔT₂ = ΔT₁·e−1.196 = 110·0.3023 = 33.26 K
Tc,out = 140 − 33.26 = 106.7 °C
Jawapan
Tc,out = 106.7 °C
Haba yang dipindahkan: Q̇ = 962.3 kW.
ExamProblems · examproblems.com/courses/heat-transfer