Basis informatica: samenvattingspakket

Formuleoverzichten, de belangrijkste methodestappen voor elk onderwerp en 20 oefenopgaven, met volledige oplossingen achterin.

Nieuwe opgavenTerug naar het vak

Kies in het printvenster “Opslaan als pdf” om een kopie op je apparaat te bewaren.

1Formules en methoden

Talstelsels

Plaatswaarden
binair 2k, octaal 8k, hex 16k
Naar decimaal
Σ dk·bk
Vanuit decimaal
deel door het grondtal en lees de resten van onder naar boven
Hex ↔ binair
één hexcijfer = 4 bits
Two's complement
inverteer de bits en tel 1 op

Propositielogica & bewijzen

Rijen van een waarheidstabel
2ⁿ
Implicatie
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Ontkende implicatie
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bi-implicatie
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributieve wetten
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Ontkende kwantoren
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Methode

  1. Tel de verschillende variabelen: de waarheidstabel heeft 2ⁿ rijen, beginnend met alle variabelen op 1.
  2. Geef elke deelformule een eigen kolom en vul de kolommen van binnen naar buiten in.
  3. Pas de regel van elk voegwoord toe: → is alleen 0 bij 1 → 0, ↔ is 1 als beide kanten gelijk zijn.
  4. Vergelijk bij equivalenties de laatste kolommen rij voor rij; kijk bij een redenering alleen naar de rijen waarin alle premissen 1 zijn.
  5. Om een bewering met kwantor te ontkennen, schuif je ¬ naar binnen, verwissel je ∀ en ∃ en ontken je de binnenste formule.

Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Basispoorten
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Booleaanse regels
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Volgorde van de Karnaugh-kaart
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groep van 2ᵏ cellen
verliest k variabelen
4-naar-1-multiplexer
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flops
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Tellers
n-bits: 2ⁿ toestanden; mod-N: kleinste n met 2ⁿ ≥ N; fuit = fklok/N
Ripple-teller
fmax = 1/(n·tpd)
Ring- en Johnson-tellers
n en 2n toestanden

Methode

  1. Werk bij een schakeling van de ingangen naar de uitgang, één poort tegelijk, en schrijf de waarde op elke draad, of schrijf de uitdrukking op en vul de waarheidstabel in.
  2. Zet voor vereenvoudiging de enen (en de don’t-cares als X) in een Karnaugh-kaart met rijen en kolommen in Gray-code: 00, 01, 11, 10.
  3. Dek de enen met zo weinig en zo grote groepen van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen als mogelijk, met terugloop om de randen; elke groep is één productterm van de variabelen die constant blijven. Groepeer de nullen voor de POS-vorm.
  4. Lees bij flip-flops en tellers de ingangen af op elke actieve klokflank, schrijf de toestand na elke flank op, en onthoud dat een n-bits teller na 2ⁿ toestanden terugloopt.

Getaltheorie & modulair rekenen

Deling met rest
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kleinste gemene veelvoud
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Lineaire congruentie
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Eulers φ-functie
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Methode

  1. Reduceer eerst elk getal modulo n; resten liggen tussen 0 en n − 1.
  2. Deel voor een ggd herhaaldelijk met het algoritme van Euclides; de laatste rest ongelijk aan nul is de ggd.
  3. Laat voor een inverse het uitgebreide algoritme lopen en houd de coëfficiënt van a; tel n erbij op als die negatief is.
  4. Los a·x ≡ b op door met a⁻¹ te vermenigvuldigen; combineer twee congruenties door x = r₁ + m₁k te schrijven.
  5. Schrijf bij machten de exponent binair en kwadrateer herhaaldelijk; in RSA is d = e⁻¹ mod φ(n) met φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafentheorie

Handenschudlemma
Σ deg(v) = 2|E|
Volledige grafen
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliere graaf
|E| = n·k/2
Boom en bos
|E| = n − 1, |E| = n − c
Bladeren van een boom
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit: alle graden even; pad: precies 2 oneven graden
Hamiltoncircuits in Kn
(n − 1)!/2
Dijkstra-update
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Wandelingen van lengte L
(Mᴸ)ij

Methode

  1. Schrijf de graad van elk hoekpunt op; de graden zijn samen twee keer het aantal kanten.
  2. Controleer bij Eulervragen of de graaf samenhangend is en tel de hoekpunten met oneven graad.
  3. Gebruik bij bomen n − 1 kanten en het handenschudlemma.
  4. Houd bij Dijkstra een tabel met voorlopige afstanden bij en leg elke ronde het onafgehandelde hoekpunt met de kleinste afstand vast.
  5. Sorteer voor een minimaal opspannende boom de kanten op gewicht en sla elke kant over die een cykel sluit (Kruskal), of laat één boom groeien vanuit een beginpunt (Prim).

IPv4-subnetting

Hosts per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blokgrootte
256 − (mask octet)
Netwerkadres
IP AND masker
Broadcastadres
IP OR (NOT masker): alle hostbits op 1
Subnetten uit n geleende bits
2n

2Oefenopgaven

1.TalstelselsGemiddeld
8-bits two's complement0−12806403201608040201

Stel de bits zo in dat ze −101 opslaan in 8-bits tweecomplement. Wat is de waarde U van het patroon, gelezen als getal zonder teken?

N = −1018 bit
U =
2.TalstelselsMoeilijk
32 bit1 px1280 px720 pxM = ? KiB

Een ongecomprimeerde afbeelding is 1280 × 720 pixels met 32 bits per pixel. Hoeveel geheugen M kost die, in KiB (1 KiB = 1024 bytes)?

1280 × 720 px32 bit/px1 KiB = 1024 B
M = KiB
3.Propositielogica & bewijzenGemiddeld
tautologiecontradictiecontingentie

Is (p → r) ↔ (¬r → ¬p) een tautologie, een contradictie of een contingentie? Klik op je antwoord.

(p → r) ↔ (¬r → ¬p)
  1. 1tautologie
  2. 2contradictie
  3. 3contingentie
4.Propositielogica & bewijzenMoeilijk
qrr → q¬r¬q11100100

De redenering met premissen r → q; ¬r en conclusie ¬q is ongeldig. Klik op de rij van de waarheidstabel die een tegenvoorbeeld is.

r → q¬r∴ ¬q
  1. 1q = 1, r = 1
  2. 2q = 1, r = 0
  3. 3q = 0, r = 1
  4. 4q = 0, r = 0
5.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flopsGemiddeld
ABCD000111100001111000010312040507061121130151141809111010

Gebruik de Karnaugh-kaart om de minimale som-van-productenvorm (SOP) van F(A, B, C, D) = Σm(2, 8, 11, 12, 13, 14) te vinden. Hoeveel literals L bevat die in totaal (een variabele met accent telt als één literal)?

F(A, B, C, D) = Σm(2, 8, 11, 12, 13, 14)
L =
6.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flopsMoeilijk
ABCD00011110000111101011131204051706012113015X14X819011010

Bepaal voor F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 2, 3, 7, 9, 13) + d(8, 14), waarbij d de don’t-care-condities aangeeft, het aantal N essentiële priemimplicanten.

F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 2, 3, 7, 9, 13) + d(8, 14)
N =
7.Getaltheorie & modulair rekenenGemiddeld

Bepaal Eulers φ φ(1156), het aantal gehele getallen van 1 tot 1156 die onderling ondeelbaar zijn met 1156.

n = 1156 = 22·172
φ(1156) =
8.Getaltheorie & modulair rekenenMoeilijk
mc = me​ mod n48m = cd​ mod n?(n, e) = (319, 19)d

Een RSA-sleutel gebruikt p = 11, q = 29 en e = 19. Ontsleutel de cijfertekst c = 48: bepaal het bericht m.

p = 11q = 29e = 19c = 48
m =
9.Algoritmen & complexiteitGemiddeld

Wat is de oplossing van de recurrente betrekking T(n) = T(n/2) + O(1)?

  1. AO(n log n)
  2. BO(log n)
  3. CO(n)
  4. DO(1)
10.Algoritmen & complexiteitMoeilijk

Waarom geeft binair zoeken op een enkelvoudig gelinkte lijst geen O(log n) tijd?

  1. AGelinkte lijsten kunnen niet worden gesorteerd
  2. BHet middelste element bereiken kost O(n) stappen, omdat er geen directe toegang via een index is
  3. CBinair zoeken heeft minstens twee keer zoveel geheugen nodig
  4. DVergelijkingen op knopen van een gelinkte lijst zijn trager
11.DatastructurenGemiddeld

Een trie (prefixboom) is bijzonder efficiënt voor:

  1. AGetallen sorteren
  2. BZoeken op prefix, zoals automatisch aanvullen
  3. CKortste paden vinden
  4. DMatrices opslaan
12.DatastructurenMoeilijk

Wat doet een splay tree na elke toegang?

  1. ARoteert de benaderde knoop omhoog naar de wortel
  2. BBouwt de hele boom gebalanceerd opnieuw op
  3. CVerplaatst de benaderde knoop naar een blad
  4. DKleurt de knopen op het zoekpad opnieuw
13.GrafentheorieGemiddeld

Een boom heeft 4 hoekpunten van graad 3, 3 hoekpunten van graad 5, en al zijn andere hoekpunten zijn bladeren (graad 1). Hoeveel bladeren L heeft hij?

4 × deg 33 × deg 5
L =
14.GrafentheorieMoeilijk
131711127414ABCDE

Bepaal het totale gewicht W van een minimaal opspannende boom van de gewogen graaf.

|V| = 5|E| = 7
W =
15.Databases & SQLGemiddeld

Welke bewering over HAVING is juist?

  1. AHet kan niet samen met GROUP BY worden gebruikt
  2. BHet moet in de SELECT-instructie vóór WHERE staan
  3. CHet kan aggregatiefuncties gebruiken om groepen te filteren
  4. DHet sorteert de resultaten
16.Databases & SQLMoeilijk

Wat is een covering index voor een query?

  1. AEen index die elke kolom van elke tabel dekt
  2. BEen index die alle kolommen bevat die de query nodig heeft, zodat de tabel zelf niet hoeft te worden gelezen
  3. CEen index die elke nacht opnieuw wordt opgebouwd
  4. DEen index op alleen de primaire sleutel
17.ComputernetwerkenGemiddeld

Waarom gebruikt Wi-Fi botsingsvermijding (CSMA/CA) in plaats van botsingsdetectie?

  1. ARadiosignalen botsen nooit
  2. BBotsingsdetectie werkt alleen op glasvezelkabels, niet op gedeelde draadloze radiokanalen
  3. CWi-Fi staat maar één apparaat per netwerk toe
  4. DEen draadloos station kan botsingen niet betrouwbaar detecteren terwijl het zendt
18.ComputernetwerkenMoeilijk

Welke laag in het TCP/IP-model voegt poortnummers toe?

  1. ATransportlaag
  2. BApplicatielaag
  3. CLinklaag
  4. DInternetlaag
19.IPv4-subnettingGemiddeld
/24 → /2911111111111111111111111111111000netwerkbitshostbits

Het netwerk 192.168.10.0/24 moet worden verdeeld in minstens 30 gelijke subnetten. Als je zo weinig mogelijk bits leent, hoeveel bruikbare hosts H heeft elk subnet?

192.168.10.0/2430 subnets
H =
20.IPv4-subnettingMoeilijk
laatste octet = 233112816413201618040211netwerkhost

Een host heeft het adres 10.20.236.233/30. Wat is het vierde octet x van zijn netwerkadres?

10.20.236.233/30
x =

3Oplossingen

1.Talstelsels

Antwoord: U = 155

Bits instellen: elke bit is een macht van twee waard (128, 64, …, 1). Eén hexadecimaal cijfer is precies vier bits, en in 8-bits tweecomplement is de meest linkse bit −128 waard. Bitsgewijze bewerkingen werken op elke bitpositie apart.

Omkeren en één optellen

101 = 0110 0101
omgekeerd: 1001 1010
+1 → 1001 1011

Lezen zonder teken

1001 1011₂ = 256 − 101 = 155

Antwoord

U = 155
2.Talstelsels

Antwoord: M = 3600 KiB

Positionele talstelsels: elk cijfer is zijn waarde maal een macht van het grondtal waard. Binair zijn de posities 1, 2, 4, 8, 16, … waard, hexadecimaal 1, 16, 256, …, met A–F voor 10–15. In 8-bits two's complement is het meest linkse bit −128 waard in plaats van +128; zo worden negatieve getallen opgeslagen.

Bits en bytes

1280·720·32 = 29491200 bit = 3686400 B

Omrekenen naar KiB

3686400/1024 = 3600 KiB

Antwoord

M = 3600 KiB
3.Propositielogica & bewijzen

Antwoord: tautologie

Logische equivalentie: twee formules zijn equivalent (≡) als ze in elke rij van de waarheidstabel dezelfde waarde hebben. Een tautologie is in elke rij 1, een contradictie in elke rij 0, en een contingentie is geen van beide. Nuttige wetten: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b en ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contrapositie); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; en de distributieve wetten, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Waarheidstabel rij voor rij

p = 1, r = 1: p → r = 1, ¬r = 0, ¬p = 0, ¬r → ¬p = 1, (p → r) ↔ (¬r → ¬p) = 1
p = 1, r = 0: p → r = 0, ¬r = 1, ¬p = 0, ¬r → ¬p = 0, (p → r) ↔ (¬r → ¬p) = 1
p = 0, r = 1: p → r = 1, ¬r = 0, ¬p = 1, ¬r → ¬p = 1, (p → r) ↔ (¬r → ¬p) = 1
p = 0, r = 0: p → r = 1, ¬r = 1, ¬p = 1, ¬r → ¬p = 1, (p → r) ↔ (¬r → ¬p) = 1

Classificeer

(p → r) ↔ (¬r → ¬p): 1, 1, 1, 1
1 in elke rij: een tautologie.

Antwoord

tautologie
4.Propositielogica & bewijzen

Antwoord: q = 1, r = 0

Kwantoren en redeneringen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) en ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Schuif een ontkenning naar binnen, verwissel elke kwantor die ze passeert en ontken de binnenste formule met de propositiewetten, zoals ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Een redenering is geldig als de conclusie 1 is in elke rij waarin alle premissen 1 zijn. Eén rij met ware premissen en een onware conclusie is een tegenvoorbeeld en toont aan dat de redenering ongeldig is.

Premissen en conclusie rij voor rij

q = 1, r = 1: 1 0 | 0
q = 1, r = 0: 1 1 | 0
q = 0, r = 1: 0 0 | 1
q = 0, r = 0: 1 1 | 1

Tegenvoorbeeld

q = 1, r = 0

Antwoord

q = 1, r = 0

Een redenering van deze vorm lijkt op een geldige regel, maar één rij is genoeg om te laten zien dat dat niet zo is.

5.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Antwoord: L = 17

Karnaugh-kaarten: de cellen staan in Gray-code (00, 01, 11, 10), dus naburige cellen, ook die over de randen heen, verschillen in precies één variabele. Groepeer de enen in rechthoeken van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen, zo groot en zo weinig mogelijk, totdat elke 1 gedekt is. Elke groep is één productterm: de variabelen die erin constant blijven. Een groep van 2ᵏ cellen verliest k variabelen. Don’t-cares (X) mogen worden gebruikt om groepen groter te maken maar hoeven nooit gedekt te worden. Groepeer je in plaats daarvan de nullen, dan krijg je de minimale POS-vorm.

ABCD000111100001111000010312040507061121130151141809111010

Groepeer de enen

Elke groep is een rechthoek van 2ᵏ cellen; randcellen zijn buren van de cellen op de tegenoverliggende rand.

AC′D′
ABD′
ABC′
A′B′CD′
AB′CD

Minimale SOP-vorm

F = AC′D′ + ABD′ + ABC′ + A′B′CD′ + AB′CD
L = 17

Antwoord

L = 17
6.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Antwoord: N = 3

Karnaugh-kaarten: de cellen staan in Gray-code (00, 01, 11, 10), dus naburige cellen, ook die over de randen heen, verschillen in precies één variabele. Groepeer de enen in rechthoeken van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen, zo groot en zo weinig mogelijk, totdat elke 1 gedekt is. Elke groep is één productterm: de variabelen die erin constant blijven. Een groep van 2ᵏ cellen verliest k variabelen. Don’t-cares (X) mogen worden gebruikt om groepen groter te maken maar hoeven nooit gedekt te worden. Groepeer je in plaats daarvan de nullen, dan krijg je de minimale POS-vorm.

Priemimplicanten

De grootste groepen die uit enen en X’en gevormd kunnen worden.

B′C′, A′CD, AC′D, A′B′
ABCD00011110000111101011131204051706012113015X14X819011010

Essentiële priemimplicanten

A′CD, AC′D, A′B′
N = 3

Antwoord

N = 3
7.Getaltheorie & modulair rekenen

Antwoord: φ(1156) = 544

Inversen en congruenties: a heeft een inverse modulo n precies als ggd(a, n) = 1. Het uitgebreide algoritme van Euclides schrijft 1 = s·n + t·a, en dan is a⁻¹ ≡ t (mod n). Een congruentie a·x ≡ b (mod n) met ggd(a, n) = 1 heeft de oplossing x ≡ a⁻¹·b. Twee congruenties x ≡ r₁ (mod m₁) en x ≡ r₂ (mod m₂) met onderling ondeelbare moduli hebben één oplossing modulo m₁·m₂ (Chinese reststelling). Eulers φ(n) telt de getallen van 1 tot n die onderling ondeelbaar zijn met n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Priemfactoren

1156 = 22·172

φ-waarde

φ(1156) = φ(289)·φ(4) = 272·2 = 544

Antwoord

φ(1156) = 544
8.Getaltheorie & modulair rekenen

Antwoord: m = 102

Modulaire machten en RSA: bereken aᵏ mod n door herhaald kwadrateren: schrijf k binair, kwadrateer, reduceer na elke stap en vermenigvuldig de machten waarvan de bit 1 is. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) voor een priemgetal p dat a niet deelt, dus de exponent kan modulo p − 1 gereduceerd worden. RSA: kies priemgetallen p en q, n = p·q en φ(n) = (p − 1)(q − 1); de publieke exponent e is onderling ondeelbaar met φ(n), en de privé-exponent is d = e⁻¹ mod φ(n). Versleutel met c = mᵉ mod n en ontsleutel met m = cᵈ mod n.

Privé-exponent

n = 319, φ(n) = 280
d = 19−1 mod 280 = 59

Ontsleutel met herhaald kwadrateren

59 = 32 + 16 + 8 + 2 + 1
481 ≡ 48 (mod 319)
482 ≡ 71 (mod 319)
484 ≡ 256 (mod 319)
488 ≡ 141 (mod 319)
4816 ≡ 103 (mod 319)
4832 ≡ 82 (mod 319)
4859 ≡ 48·71·141·103·82 ≡ 102 (mod 319)

Bericht

m = 102
controle: 10219 mod 319 = 48

Antwoord

m = 102
9.Algoritmen & complexiteit

Antwoord: B · O(log n)

Waarom dit het antwoord is

Het probleem halveert bij elke stap met constant werk per stap, dus er zijn ongeveer log₂ n stappen.

Antwoord

B · O(log n)
10.Algoritmen & complexiteit

Antwoord: B · Het middelste element bereiken kost O(n) stappen, omdat er geen directe toegang via een index is

Waarom dit het antwoord is

Binair zoeken heeft O(1)-toegang tot het midden nodig; in een gelinkte lijst kost het lopen daarheen lineaire tijd, dus het totaal is O(n).

Antwoord

B · Het middelste element bereiken kost O(n) stappen, omdat er geen directe toegang via een index is
11.Datastructuren

Antwoord: B · Zoeken op prefix, zoals automatisch aanvullen

Waarom dit het antwoord is

Tries slaan strings teken voor teken op langs paden, dus opzoeken en prefixquery's kosten tijd evenredig met de lengte van de sleutel.

Antwoord

B · Zoeken op prefix, zoals automatisch aanvullen
12.Datastructuren

Antwoord: A · Roteert de benaderde knoop omhoog naar de wortel

Waarom dit het antwoord is

Splaying brengt de benaderde knoop via rotaties naar de wortel; één bewerking kan O(n) kosten, maar de geamortiseerde kosten zijn O(log n).

Antwoord

A · Roteert de benaderde knoop omhoog naar de wortel
13.Grafentheorie

Antwoord: L = 15

Euler, Hamilton en bomen: een samenhangende graaf heeft een Eulercircuit (elke kant één keer, terug naar het begin) als elk hoekpunt even graad heeft, en een Eulerpad dat geen circuit is als precies twee hoekpunten oneven graad hebben; het pad loopt dan van het ene oneven hoekpunt naar het andere. Een Hamiltoncircuit bezoekt elk hoekpunt één keer; Kn heeft er (n − 1)!/2. Een boom op n hoekpunten heeft n − 1 kanten, en een samenhangende graaf met m kanten houdt een opspannende boom over na het verwijderen van m − n + 1 kanten.

Handenschudlemma voor een boom

L + 27 = 2(L + 7) − 2
L = 15

Antwoord

L = 15

Snelle methode: L = 2 + Σ (d − 2) over de hoekpunten met graad d ≥ 3.

14.Grafentheorie

Antwoord: W = 35

Kortste paden en opspannende bomen: het algoritme van Dijkstra legt per ronde één hoekpunt vast: het onafgehandelde hoekpunt met de kleinste voorlopige afstand. Zijn afstand is dan definitief, en elke buur v krijgt d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Het algoritme van Kruskal bouwt een minimaal opspannende boom door de kanten van licht naar zwaar te nemen en elke kant over te slaan die een cykel zou sluiten; het algoritme van Prim laat één boom groeien vanuit een beginpunt door steeds de lichtste kant toe te voegen die eruit vertrekt. Een opspannende boom van n hoekpunten heeft n − 1 kanten.

Het algoritme van Kruskal

DE (4): nemen
CE (7): nemen
BC (11): nemen
BD (12): overslaan, sluit een cykel
AB (13): nemen

Totaal gewicht

W = 4 + 7 + 11 + 13 = 35

Antwoord

W = 35
15.Databases & SQL

Antwoord: C · Het kan aggregatiefuncties gebruiken om groepen te filteren

Waarom dit het antwoord is

HAVING filtert groepen na de aggregatie en mag naar aggregaten verwijzen; WHERE kan dat niet.

Antwoord

C · Het kan aggregatiefuncties gebruiken om groepen te filteren
16.Databases & SQL

Antwoord: B · Een index die alle kolommen bevat die de query nodig heeft, zodat de tabel zelf niet hoeft te worden gelezen

Waarom dit het antwoord is

Als alle gebruikte kolommen in de index staan, kan het DBMS een index-only scan doen en het ophalen van tabelrijen overslaan, wat I/O bespaart.

Antwoord

B · Een index die alle kolommen bevat die de query nodig heeft, zodat de tabel zelf niet hoeft te worden gelezen
17.Computernetwerken

Antwoord: D · Een draadloos station kan botsingen niet betrouwbaar detecteren terwijl het zendt

Waarom dit het antwoord is

Een radiozender kan tijdens het zenden geen andere zwakke signalen horen, en sommige stations zijn voor elkaar verborgen. Daarom wacht 802,11 willekeurige backofftijden en gebruikt het bevestigingen.

Antwoord

D · Een draadloos station kan botsingen niet betrouwbaar detecteren terwijl het zendt
18.Computernetwerken

Antwoord: A · Transportlaag

Waarom dit het antwoord is

TCP- en UDP-headers bevatten bron- en bestemmingspoorten; de internetlaag (IP) voegt de adressen toe.

Antwoord

A · Transportlaag
19.IPv4-subnetting

Antwoord: H = 6

IPv4-subnetting: een adres heeft 32 bits. Het prefix /p geeft aan hoeveel voorste bits het netwerk aanduiden; de overige 32 − p bits nummeren de hosts. Een subnet heeft 2³²⁻ᵖ adressen, maar het eerste (netwerkadres) en het laatste (broadcastadres) kunnen niet aan hosts worden gegeven, dus er passen 2³²⁻ᵖ − 2 hosts in. Uitzonderingen: een /31 (point-to-pointverbinding, RFC 3021) gebruikt allebei zijn 2 adressen voor hosts, en een /32 is één enkel adres (één host of een loopback).

Te lenen bits

25 = 32 ≥ 30 → b = 5, /29

Hosts per subnet

23 − 2 = 6

Antwoord

H = 6
20.IPv4-subnetting

Antwoord: x = 232

IPv4-subnetting: een adres heeft 32 bits. Het prefix /p geeft aan hoeveel voorste bits het netwerk aanduiden; de overige 32 − p bits nummeren de hosts. Een subnet heeft 2³²⁻ᵖ adressen, maar het eerste (netwerkadres) en het laatste (broadcastadres) kunnen niet aan hosts worden gegeven, dus er passen 2³²⁻ᵖ − 2 hosts in. Uitzonderingen: een /31 (point-to-pointverbinding, RFC 3021) gebruikt allebei zijn 2 adressen voor hosts, en een /32 is één enkel adres (één host of een loopback).

Blokgrootte

22 = 4

Subnet van deze host

netwerk: ⌊233/4⌋·4 = 232
broadcast: 232 + 4 − 1 = 235
bruikbare hosts: 233 … 234

Antwoord

x = 232

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals