Basis informatica: samenvattingspakket

Formuleoverzichten, de belangrijkste methodestappen voor elk onderwerp en 20 oefenopgaven, met volledige oplossingen achterin.

Nieuwe opgavenTerug naar het vak

Kies in het printvenster “Opslaan als pdf” om een kopie op je apparaat te bewaren.

1Formules en methoden

Talstelsels

Plaatswaarden
binair 2k, octaal 8k, hex 16k
Naar decimaal
Σ dk·bk
Vanuit decimaal
deel door het grondtal en lees de resten van onder naar boven
Hex ↔ binair
één hexcijfer = 4 bits
Two's complement
inverteer de bits en tel 1 op

Propositielogica & bewijzen

Rijen van een waarheidstabel
2ⁿ
Implicatie
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Ontkende implicatie
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bi-implicatie
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributieve wetten
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Ontkende kwantoren
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Methode

  1. Tel de verschillende variabelen: de waarheidstabel heeft 2ⁿ rijen, beginnend met alle variabelen op 1.
  2. Geef elke deelformule een eigen kolom en vul de kolommen van binnen naar buiten in.
  3. Pas de regel van elk voegwoord toe: → is alleen 0 bij 1 → 0, ↔ is 1 als beide kanten gelijk zijn.
  4. Vergelijk bij equivalenties de laatste kolommen rij voor rij; kijk bij een redenering alleen naar de rijen waarin alle premissen 1 zijn.
  5. Om een bewering met kwantor te ontkennen, schuif je ¬ naar binnen, verwissel je ∀ en ∃ en ontken je de binnenste formule.

Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Basispoorten
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Booleaanse regels
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Volgorde van de Karnaugh-kaart
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groep van 2ᵏ cellen
verliest k variabelen
4-naar-1-multiplexer
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flops
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Tellers
n-bits: 2ⁿ toestanden; mod-N: kleinste n met 2ⁿ ≥ N; fuit = fklok/N
Ripple-teller
fmax = 1/(n·tpd)
Ring- en Johnson-tellers
n en 2n toestanden

Methode

  1. Werk bij een schakeling van de ingangen naar de uitgang, één poort tegelijk, en schrijf de waarde op elke draad, of schrijf de uitdrukking op en vul de waarheidstabel in.
  2. Zet voor vereenvoudiging de enen (en de don’t-cares als X) in een Karnaugh-kaart met rijen en kolommen in Gray-code: 00, 01, 11, 10.
  3. Dek de enen met zo weinig en zo grote groepen van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen als mogelijk, met terugloop om de randen; elke groep is één productterm van de variabelen die constant blijven. Groepeer de nullen voor de POS-vorm.
  4. Lees bij flip-flops en tellers de ingangen af op elke actieve klokflank, schrijf de toestand na elke flank op, en onthoud dat een n-bits teller na 2ⁿ toestanden terugloopt.

Getaltheorie & modulair rekenen

Deling met rest
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kleinste gemene veelvoud
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Lineaire congruentie
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Eulers φ-functie
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Methode

  1. Reduceer eerst elk getal modulo n; resten liggen tussen 0 en n − 1.
  2. Deel voor een ggd herhaaldelijk met het algoritme van Euclides; de laatste rest ongelijk aan nul is de ggd.
  3. Laat voor een inverse het uitgebreide algoritme lopen en houd de coëfficiënt van a; tel n erbij op als die negatief is.
  4. Los a·x ≡ b op door met a⁻¹ te vermenigvuldigen; combineer twee congruenties door x = r₁ + m₁k te schrijven.
  5. Schrijf bij machten de exponent binair en kwadrateer herhaaldelijk; in RSA is d = e⁻¹ mod φ(n) met φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafentheorie

Handenschudlemma
Σ deg(v) = 2|E|
Volledige grafen
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliere graaf
|E| = n·k/2
Boom en bos
|E| = n − 1, |E| = n − c
Bladeren van een boom
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit: alle graden even; pad: precies 2 oneven graden
Hamiltoncircuits in Kn
(n − 1)!/2
Dijkstra-update
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Wandelingen van lengte L
(Mᴸ)ij

Methode

  1. Schrijf de graad van elk hoekpunt op; de graden zijn samen twee keer het aantal kanten.
  2. Controleer bij Eulervragen of de graaf samenhangend is en tel de hoekpunten met oneven graad.
  3. Gebruik bij bomen n − 1 kanten en het handenschudlemma.
  4. Houd bij Dijkstra een tabel met voorlopige afstanden bij en leg elke ronde het onafgehandelde hoekpunt met de kleinste afstand vast.
  5. Sorteer voor een minimaal opspannende boom de kanten op gewicht en sla elke kant over die een cykel sluit (Kruskal), of laat één boom groeien vanuit een beginpunt (Prim).

IPv4-subnetting

Hosts per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blokgrootte
256 − (mask octet)
Netwerkadres
IP AND masker
Broadcastadres
IP OR (NOT masker): alle hostbits op 1
Subnetten uit n geleende bits
2n

2Oefenopgaven

1.TalstelselsGemiddeld
8-bits two's complement?−128?64?32?16?8?4?2?1

Schrijf −115 als 8-bits patroon in two's complement. Lees het patroon als binair getal zonder teken: wat is de waarde U in decimaal?

N = −1158 bit
U =
2.TalstelselsMoeilijk
32 bit1 px800 px600 pxM = ? KiB

Een ongecomprimeerde afbeelding is 800 × 600 pixels met 32 bits per pixel. Hoeveel geheugen M kost die, in KiB (1 KiB = 1024 bytes)?

800 × 600 px32 bit/px1 KiB = 1024 B
M = KiB
3.Propositielogica & bewijzenGemiddeld
tautologiecontradictiecontingentie

Is (r ↔ p) ∧ (r ↔ ¬p) een tautologie, een contradictie of een contingentie? Klik op je antwoord.

(r ↔ p) ∧ (r ↔ ¬p)
  1. 1tautologie
  2. 2contradictie
  3. 3contingentie
4.Propositielogica & bewijzenMoeilijk
q¬qrr ∧ p

De premissen r ∨ p; r → q; p → q zijn gegeven. Welke conclusie volgt eruit? Klik erop.

r ∨ pr → qp → q
  1. 1q
  2. 2¬q
  3. 3r
  4. 4r ∧ p
5.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flopsGemiddeld
ABCD000111100001111010010312041517061120130150140809011110

Gebruik de Karnaugh-kaart om de minimale som-van-productenvorm (SOP) van F(A, B, C, D) = Σm(0, 2, 5, 7, 10, 12) te vinden. Hoeveel productermen N heeft die?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 2, 5, 7, 10, 12)
N =
6.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flopsMoeilijk
CLKJK1234567

Een JK-flip-flop, getriggerd op de stijgende flank, begint met Q = 0 en krijgt bij 7 stijgende klokflanken de getoonde ingangen. Hoe vaak N verandert Q van toestand?

Q₀ = 0JK
N =
7.Getaltheorie & modulair rekenenGemiddeld

Vind de inverse van 11 modulo 13: het getal x met 0 < x < 13 en 11·x ≡ 1 (mod 13).

a = 11n = 13
11−1 mod 13 =
8.Getaltheorie & modulair rekenenMoeilijk

Hoeveel oplossingen N heeft 33x ≡ 72 (mod 75) in {0, 1, …, 74}?

33x ≡ 72 (mod 75)
N =
9.Algoritmen & complexiteitGemiddeld

Wat is de tijdcomplexiteit van het standaardalgoritme voor dynamisch programmeren voor de langste gemeenschappelijke deelrij van strings met lengte m en n?

  1. AO(mn log n)
  2. BO(mn)
  3. CO(2m+n)
  4. DO(m + n)
10.Algoritmen & complexiteitMoeilijk

Welke uitspraak over de kleine-o-notatie is juist?

  1. An² = o(n)
  2. Bn = o(n), omdat elke functie kleine o van zichzelf is
  3. C2n = o(n), omdat 2n langzaam groeit
  4. Dn = o(n²), maar n is niet o(n)
11.DatastructurenGemiddeld

Welke datastructuur wordt gebruikt om te controleren of de haakjes in "{[()]}" in balans zijn?

  1. AEen binaire zoekboom
  2. BEen stack
  3. CEen queue
  4. DEen hashtabel
12.DatastructurenMoeilijk

Wat is het belangrijkste voordeel van een skiplist ten opzichte van een gesorteerde gekoppelde lijst?

  1. AVerwacht zoeken in O(log n) door meerdere niveaus van voorwaartse pointers
  2. BHij slaat sleutels ongeordend op
  3. CHij gebruikt geen extra geheugen
  4. DGegarandeerd zoeken in O(1), omdat elke knoop een pointer naar elke andere knoop bewaart
13.GrafentheorieGemiddeld

Hoeveel verschillende Hamiltoncircuits H heeft de volledige graaf K6? Circuits die alleen verschillen in het beginpunt of de richting tellen als hetzelfde.

K6
H =
14.GrafentheorieMoeilijk
10125734146915ABCDEFG

Het algoritme van Prim bouwt een minimaal opspannende boom vanaf hoekpunt F. Klik op de kant die het toevoegt als kant nummer 2.

start: Fk = 2
  1. 1kant AB
  2. 2kant AC
  3. 3kant BD
  4. 4kant CE
  5. 5kant DE
  6. 6kant DF
  7. 7kant EF
  8. 8kant GC
  9. 9kant GD
  10. 10kant GE
15.Databases & SQLGemiddeld

De tweede normaalvorm (2NF) verwijdert:

  1. ATransitieve afhankelijkheden tussen niet-sleutelkolommen via een andere niet-sleutelkolom
  2. BVreemde sleutels
  3. CAlle NULL-waarden
  4. DGedeeltelijke afhankelijkheden van niet-sleutelkolommen van een deel van een samengestelde sleutel
16.Databases & SQLMoeilijk

Wat berekent SELECT day, SUM(amount) OVER (ORDER BY day) FROM sales?

  1. AHet totaal van alle bedragen op elke rij
  2. BEen lopend totaal van amount, geordend op day
  3. CEén rij per dag met alleen het totaal van die dag
  4. DHet gemiddelde bedrag per dag
17.ComputernetwerkenGemiddeld

Wat is het belangrijkste doel van een VLAN?

  1. AAl het verkeer tussen switches versleutelen zodat andere afdelingen het niet kunnen lezen
  2. BElk apparaat een publiek IP-adres geven
  3. CEén fysiek geswitcht netwerk opsplitsen in aparte broadcastdomeinen
  4. DDe snelheid van elke switchpoort verhogen
18.ComputernetwerkenMoeilijk

Waarom heeft IPv6 geen NAT nodig vanwege adrestekort?

  1. ADe 128-bits adresruimte is groot genoeg om elk apparaat een globaal adres te geven
  2. BIPv6 werkt alleen op lokale netwerken, dus adressen hoeven nooit wereldwijd te worden gedeeld
  3. CIPv6 versleutelt alle adressen
  4. DIPv6 gebruikt geen adressen
19.IPv4-subnettingGemiddeld
/?11111111111111111111111000000000netwerkbitshostbits

Een afdeling heeft 451 hostadressen nodig in één subnet. Wat is de langste prefixlengte p (kleinste subnet) die groot genoeg is?

451 hosts
p =
20.IPv4-subnettingMoeilijk
laatste octet = 74012816403201618041201netwerkhost

Een host heeft het adres 10.20.220.74/30. Wat is het laatste getal (vierde octet) x van het broadcastadres van zijn subnet?

10.20.220.74/30
x =

3Oplossingen

1.Talstelsels

Antwoord: U = 141

Positionele talstelsels: elk cijfer is zijn waarde maal een macht van het grondtal waard. Binair zijn de posities 1, 2, 4, 8, 16, … waard, hexadecimaal 1, 16, 256, …, met A–F voor 10–15. In 8-bits two's complement is het meest linkse bit −128 waard in plaats van +128; zo worden negatieve getallen opgeslagen.

Omkeren en één optellen

115 = 0111 0011
omgekeerd: 1000 1100
+1 → 1000 1101

Lezen zonder teken

1000 1101₂ = 256 − 115 = 141

Antwoord

U = 141
2.Talstelsels

Antwoord: M = 1875 KiB

Positionele talstelsels: elk cijfer is zijn waarde maal een macht van het grondtal waard. Binair zijn de posities 1, 2, 4, 8, 16, … waard, hexadecimaal 1, 16, 256, …, met A–F voor 10–15. In 8-bits two's complement is het meest linkse bit −128 waard in plaats van +128; zo worden negatieve getallen opgeslagen.

Bits en bytes

800·600·32 = 15360000 bit = 1920000 B

Omrekenen naar KiB

1920000/1024 = 1875 KiB

Antwoord

M = 1875 KiB
3.Propositielogica & bewijzen

Antwoord: contradictie

Logische equivalentie: twee formules zijn equivalent (≡) als ze in elke rij van de waarheidstabel dezelfde waarde hebben. Een tautologie is in elke rij 1, een contradictie in elke rij 0, en een contingentie is geen van beide. Nuttige wetten: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b en ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contrapositie); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; en de distributieve wetten, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Waarheidstabel rij voor rij

p = 1, r = 1: r ↔ p = 1, ¬p = 0, r ↔ ¬p = 0, (r ↔ p) ∧ (r ↔ ¬p) = 0
p = 1, r = 0: r ↔ p = 0, ¬p = 0, r ↔ ¬p = 1, (r ↔ p) ∧ (r ↔ ¬p) = 0
p = 0, r = 1: r ↔ p = 0, ¬p = 1, r ↔ ¬p = 1, (r ↔ p) ∧ (r ↔ ¬p) = 0
p = 0, r = 0: r ↔ p = 1, ¬p = 1, r ↔ ¬p = 0, (r ↔ p) ∧ (r ↔ ¬p) = 0

Classificeer

(r ↔ p) ∧ (r ↔ ¬p): 0, 0, 0, 0
0 in elke rij: een contradictie.

Antwoord

contradictie
4.Propositielogica & bewijzen

Antwoord: q

Kwantoren en redeneringen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) en ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Schuif een ontkenning naar binnen, verwissel elke kwantor die ze passeert en ontken de binnenste formule met de propositiewetten, zoals ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Een redenering is geldig als de conclusie 1 is in elke rij waarin alle premissen 1 zijn. Eén rij met ware premissen en een onware conclusie is een tegenvoorbeeld en toont aan dat de redenering ongeldig is.

Rijen met alle premissen waar

p = 1, q = 1, r = 1: q = 1, ¬q = 0, r = 1, r ∧ p = 1
p = 1, q = 1, r = 0: q = 1, ¬q = 0, r = 0, r ∧ p = 0
p = 0, q = 1, r = 1: q = 1, ¬q = 0, r = 1, r ∧ p = 0

Conclusie

q (bewijs door gevallen)

Antwoord

q
5.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Antwoord: N = 4

Karnaugh-kaarten: de cellen staan in Gray-code (00, 01, 11, 10), dus naburige cellen, ook die over de randen heen, verschillen in precies één variabele. Groepeer de enen in rechthoeken van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen, zo groot en zo weinig mogelijk, totdat elke 1 gedekt is. Elke groep is één productterm: de variabelen die erin constant blijven. Een groep van 2ᵏ cellen verliest k variabelen. Don’t-cares (X) mogen worden gebruikt om groepen groter te maken maar hoeven nooit gedekt te worden. Groepeer je in plaats daarvan de nullen, dan krijg je de minimale POS-vorm.

ABCD000111100001111010010312041517061120130150140809011110

Groepeer de enen

Elke groep is een rechthoek van 2ᵏ cellen; randcellen zijn buren van de cellen op de tegenoverliggende rand.

B′CD′
A′B′D′
A′BD
ABC′D′

Minimale SOP-vorm

F = B′CD′ + A′B′D′ + A′BD + ABC′D′
N = 4

Antwoord

N = 4
6.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Antwoord: N = 2

Flip-flops en tellers: een flip-flop verandert alleen op de actieve klokflank. D kopieert zijn ingang (Q⁺ = D); T wisselt als T = 1; JK houdt vast bij 00, reset bij 01, zet bij 10 en wisselt bij 11. Een n-bits binaire teller heeft 2ⁿ toestanden en telt modulo 2ⁿ; een mod-N-teller telt 0, 1, …, N − 1 en dan weer 0, en heeft de kleinste n met 2ⁿ ≥ N flip-flops nodig. Elke trap van een ripple-teller halveert de frequentie, dus de laatste uitgang van een mod-N-teller loopt op fklok/N. Een Johnson-teller van n flip-flops heeft 2n toestanden, een ringteller n.

Q na elke flank

Een JK-flip-flop: 00 houdt vast, 01 reset (Q = 0), 10 zet (Q = 1), 11 wisselt.

1: J = 0, K = 1 → Q = 0
2: J = 0, K = 0 → Q = 0
3: J = 1, K = 1 → Q = 1
4: J = 0, K = 0 → Q = 1
5: J = 0, K = 0 → Q = 1
6: J = 1, K = 0 → Q = 1
7: J = 0, K = 1 → Q = 0

Tel de veranderingen

0 → 0 → 0 → 1 → 1 → 1 → 1 → 0
N = 2

Antwoord

N = 2
7.Getaltheorie & modulair rekenen

Antwoord: 11−1 mod 13 = 6

Inversen en congruenties: a heeft een inverse modulo n precies als ggd(a, n) = 1. Het uitgebreide algoritme van Euclides schrijft 1 = s·n + t·a, en dan is a⁻¹ ≡ t (mod n). Een congruentie a·x ≡ b (mod n) met ggd(a, n) = 1 heeft de oplossing x ≡ a⁻¹·b. Twee congruenties x ≡ r₁ (mod m₁) en x ≡ r₂ (mod m₂) met onderling ondeelbare moduli hebben één oplossing modulo m₁·m₂ (Chinese reststelling). Eulers φ(n) telt de getallen van 1 tot n die onderling ondeelbaar zijn met n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Uitgebreid algoritme van Euclides

Elke rest r wordt geschreven als r ≡ t·11 (mod 13).

r = 13, t = 0
r = 11, q = 1, t = 1
r = 2, q = 5, t = −1
r = 1, q = 2, t = 6

Inverse

1 ≡ 6·11 (mod 13)
x = 6
controle: 11·6 = 66 = 5·13 + 1

Antwoord

11−1 mod 13 = 6
8.Getaltheorie & modulair rekenen

Antwoord: N = 3

Inversen en congruenties: a heeft een inverse modulo n precies als ggd(a, n) = 1. Het uitgebreide algoritme van Euclides schrijft 1 = s·n + t·a, en dan is a⁻¹ ≡ t (mod n). Een congruentie a·x ≡ b (mod n) met ggd(a, n) = 1 heeft de oplossing x ≡ a⁻¹·b. Twee congruenties x ≡ r₁ (mod m₁) en x ≡ r₂ (mod m₂) met onderling ondeelbare moduli hebben één oplossing modulo m₁·m₂ (Chinese reststelling). Eulers φ(n) telt de getallen van 1 tot n die onderling ondeelbaar zijn met n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Deel door de ggd

gcd(33, 75) = 3
11x ≡ 24 (mod 25)

Los de gereduceerde congruentie op

11−1 ≡ 16 (mod 25) → x ≡ 9 (mod 25)

Oplossingen modulo 75

x ∈ {9, 34, 59}
N = 3

Antwoord

N = 3
9.Algoritmen & complexiteit

Antwoord: B · O(mn)

Waarom dit het antwoord is

De tabel heeft (m + 1)(n + 1) cellen, en elke cel wordt in O(1) berekend uit zijn buren.

Antwoord

B · O(mn)
10.Algoritmen & complexiteit

Antwoord: D · n = o(n²), maar n is niet o(n)

Waarom dit het antwoord is

f = o(g) betekent dat f(n) / g(n) naar 0 gaat; n / n² gaat naar 0, maar n / n = 1 niet.

Antwoord

D · n = o(n²), maar n is niet o(n)
11.Datastructuren

Antwoord: B · Een stack

Waarom dit het antwoord is

Push elk openingshaakje en pop bij een sluithaakje; dat moet passen bij het gepopte haakje en de stack moet aan het eind leeg zijn.

Antwoord

B · Een stack
12.Datastructuren

Antwoord: A · Verwacht zoeken in O(log n) door meerdere niveaus van voorwaartse pointers

Waarom dit het antwoord is

Willekeurige niveaus laten zoekacties veel knopen overslaan, wat verwacht O(log n) oplevert voor zoeken, invoegen en verwijderen.

Antwoord

A · Verwacht zoeken in O(log n) door meerdere niveaus van voorwaartse pointers
13.Grafentheorie

Antwoord: H = 60

Euler, Hamilton en bomen: een samenhangende graaf heeft een Eulercircuit (elke kant één keer, terug naar het begin) als elk hoekpunt even graad heeft, en een Eulerpad dat geen circuit is als precies twee hoekpunten oneven graad hebben; het pad loopt dan van het ene oneven hoekpunt naar het andere. Een Hamiltoncircuit bezoekt elk hoekpunt één keer; Kn heeft er (n − 1)!/2. Een boom op n hoekpunten heeft n − 1 kanten, en een samenhangende graaf met m kanten houdt een opspannende boom over na het verwijderen van m − n + 1 kanten.

Tellen

H = (6 − 1)!/2 = 120/2 = 60

Antwoord

H = 60
14.Grafentheorie

Antwoord: kant DE

Kortste paden en opspannende bomen: het algoritme van Dijkstra legt per ronde één hoekpunt vast: het onafgehandelde hoekpunt met de kleinste voorlopige afstand. Zijn afstand is dan definitief, en elke buur v krijgt d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Het algoritme van Kruskal bouwt een minimaal opspannende boom door de kanten van licht naar zwaar te nemen en elke kant over te slaan die een cykel zou sluiten; het algoritme van Prim laat één boom groeien vanuit een beginpunt door steeds de lichtste kant toe te voegen die eruit vertrekt. Een opspannende boom van n hoekpunten heeft n − 1 kanten.

Het algoritme van Prim

1. DF (4)
2. DE (3)
3. BD (5)
4. CE (7)
5. GC (6)
6. AB (10)

kantnummer 2

DE

Antwoord

kant DE
15.Databases & SQL

Antwoord: D · Gedeeltelijke afhankelijkheden van niet-sleutelkolommen van een deel van een samengestelde sleutel

Waarom dit het antwoord is

2NF vereist 1NF en dat elk niet-sleutelattribuut afhangt van de volledige sleutel, niet slechts van een deel ervan.

Antwoord

D · Gedeeltelijke afhankelijkheden van niet-sleutelkolommen van een deel van een samengestelde sleutel
16.Databases & SQL

Antwoord: B · Een lopend totaal van amount, geordend op day

Waarom dit het antwoord is

Met ORDER BY en zonder expliciet frame loopt het venster van de eerste rij tot en met de huidige rij (en de rijen met gelijke waarde), wat een cumulatieve som oplevert.

Antwoord

B · Een lopend totaal van amount, geordend op day
17.Computernetwerken

Antwoord: C · Eén fysiek geswitcht netwerk opsplitsen in aparte broadcastdomeinen

Waarom dit het antwoord is

VLAN's groeperen poorten logisch, zodat broadcasts binnen elk VLAN blijven. Dat verbetert de beveiliging en beperkt broadcastverkeer.

Antwoord

C · Eén fysiek geswitcht netwerk opsplitsen in aparte broadcastdomeinen
18.Computernetwerken

Antwoord: A · De 128-bits adresruimte is groot genoeg om elk apparaat een globaal adres te geven

Waarom dit het antwoord is

IPv6 heeft ongeveer 3,4 × 10³⁸ adressen, dus het tekort dat bij IPv4 tot NAT leidde verdwijnt; firewalls zorgen nog steeds voor beveiliging.

Antwoord

A · De 128-bits adresruimte is groot genoeg om elk apparaat een globaal adres te geven
19.IPv4-subnetting

Antwoord: p = 23

IPv4-subnetting: een adres heeft 32 bits. Het prefix /p geeft aan hoeveel voorste bits het netwerk aanduiden; de overige 32 − p bits nummeren de hosts. Een subnet heeft 2³²⁻ᵖ adressen, maar het eerste (netwerkadres) en het laatste (broadcastadres) kunnen niet aan hosts worden gegeven, dus er passen 2³²⁻ᵖ − 2 hosts in. Uitzonderingen: een /31 (point-to-pointverbinding, RFC 3021) gebruikt allebei zijn 2 adressen voor hosts, en een /32 is één enkel adres (één host of een loopback).

Benodigde hostbits

28 − 2 = 254 < 451
29 − 2 = 510 ≥ 451 → h = 9

Prefixlengte

p = 32 − 9 = 23

Antwoord

p = /23
20.IPv4-subnetting

Antwoord: x = 75

IPv4-subnetting: een adres heeft 32 bits. Het prefix /p geeft aan hoeveel voorste bits het netwerk aanduiden; de overige 32 − p bits nummeren de hosts. Een subnet heeft 2³²⁻ᵖ adressen, maar het eerste (netwerkadres) en het laatste (broadcastadres) kunnen niet aan hosts worden gegeven, dus er passen 2³²⁻ᵖ − 2 hosts in. Uitzonderingen: een /31 (point-to-pointverbinding, RFC 3021) gebruikt allebei zijn 2 adressen voor hosts, en een /32 is één enkel adres (één host of een loopback).

Blokgrootte

22 = 4

Subnet van deze host

netwerk: ⌊74/4⌋·4 = 72
broadcast: 72 + 4 − 1 = 75
bruikbare hosts: 73 … 74

Antwoord

x = 75

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals