Basis informatica: samenvattingspakket

Formuleoverzichten, de belangrijkste methodestappen voor elk onderwerp en 20 oefenopgaven, met volledige oplossingen achterin.

Nieuwe opgavenTerug naar het vak

Kies in het printvenster “Opslaan als pdf” om een kopie op je apparaat te bewaren.

1Formules en methoden

Talstelsels

Plaatswaarden
binair 2k, octaal 8k, hex 16k
Naar decimaal
Σ dk·bk
Vanuit decimaal
deel door het grondtal en lees de resten van onder naar boven
Hex ↔ binair
één hexcijfer = 4 bits
Two's complement
inverteer de bits en tel 1 op

Propositielogica & bewijzen

Rijen van een waarheidstabel
2ⁿ
Implicatie
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Ontkende implicatie
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bi-implicatie
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributieve wetten
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Ontkende kwantoren
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Methode

  1. Tel de verschillende variabelen: de waarheidstabel heeft 2ⁿ rijen, beginnend met alle variabelen op 1.
  2. Geef elke deelformule een eigen kolom en vul de kolommen van binnen naar buiten in.
  3. Pas de regel van elk voegwoord toe: → is alleen 0 bij 1 → 0, ↔ is 1 als beide kanten gelijk zijn.
  4. Vergelijk bij equivalenties de laatste kolommen rij voor rij; kijk bij een redenering alleen naar de rijen waarin alle premissen 1 zijn.
  5. Om een bewering met kwantor te ontkennen, schuif je ¬ naar binnen, verwissel je ∀ en ∃ en ontken je de binnenste formule.

Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Basispoorten
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Booleaanse regels
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Volgorde van de Karnaugh-kaart
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groep van 2ᵏ cellen
verliest k variabelen
4-naar-1-multiplexer
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flops
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Tellers
n-bits: 2ⁿ toestanden; mod-N: kleinste n met 2ⁿ ≥ N; fuit = fklok/N
Ripple-teller
fmax = 1/(n·tpd)
Ring- en Johnson-tellers
n en 2n toestanden

Methode

  1. Werk bij een schakeling van de ingangen naar de uitgang, één poort tegelijk, en schrijf de waarde op elke draad, of schrijf de uitdrukking op en vul de waarheidstabel in.
  2. Zet voor vereenvoudiging de enen (en de don’t-cares als X) in een Karnaugh-kaart met rijen en kolommen in Gray-code: 00, 01, 11, 10.
  3. Dek de enen met zo weinig en zo grote groepen van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen als mogelijk, met terugloop om de randen; elke groep is één productterm van de variabelen die constant blijven. Groepeer de nullen voor de POS-vorm.
  4. Lees bij flip-flops en tellers de ingangen af op elke actieve klokflank, schrijf de toestand na elke flank op, en onthoud dat een n-bits teller na 2ⁿ toestanden terugloopt.

Getaltheorie & modulair rekenen

Deling met rest
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kleinste gemene veelvoud
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Lineaire congruentie
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Eulers φ-functie
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Methode

  1. Reduceer eerst elk getal modulo n; resten liggen tussen 0 en n − 1.
  2. Deel voor een ggd herhaaldelijk met het algoritme van Euclides; de laatste rest ongelijk aan nul is de ggd.
  3. Laat voor een inverse het uitgebreide algoritme lopen en houd de coëfficiënt van a; tel n erbij op als die negatief is.
  4. Los a·x ≡ b op door met a⁻¹ te vermenigvuldigen; combineer twee congruenties door x = r₁ + m₁k te schrijven.
  5. Schrijf bij machten de exponent binair en kwadrateer herhaaldelijk; in RSA is d = e⁻¹ mod φ(n) met φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafentheorie

Handenschudlemma
Σ deg(v) = 2|E|
Volledige grafen
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliere graaf
|E| = n·k/2
Boom en bos
|E| = n − 1, |E| = n − c
Bladeren van een boom
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit: alle graden even; pad: precies 2 oneven graden
Hamiltoncircuits in Kn
(n − 1)!/2
Dijkstra-update
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Wandelingen van lengte L
(Mᴸ)ij

Methode

  1. Schrijf de graad van elk hoekpunt op; de graden zijn samen twee keer het aantal kanten.
  2. Controleer bij Eulervragen of de graaf samenhangend is en tel de hoekpunten met oneven graad.
  3. Gebruik bij bomen n − 1 kanten en het handenschudlemma.
  4. Houd bij Dijkstra een tabel met voorlopige afstanden bij en leg elke ronde het onafgehandelde hoekpunt met de kleinste afstand vast.
  5. Sorteer voor een minimaal opspannende boom de kanten op gewicht en sla elke kant over die een cykel sluit (Kruskal), of laat één boom groeien vanuit een beginpunt (Prim).

IPv4-subnetting

Hosts per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blokgrootte
256 − (mask octet)
Netwerkadres
IP AND masker
Broadcastadres
IP OR (NOT masker): alle hostbits op 1
Subnetten uit n geleende bits
2n

2Oefenopgaven

1.TalstelselsGemiddeld
plaatswaarden in two's complement1−12806403211618141201

Het 8-bits patroon 1001 1110 slaat een geheel getal met teken op in two's complement. Wat is de waarde N in decimaal?

1001 11108 bit
N =
2.TalstelselsMoeilijk
klik op de bits om ze in te stellen012806403201608040201

Stel de bits in op het 8-bits resultaat van 0110 0110 << 2. Wat is de waarde R van het resultaat in decimaal?

0110 0110<< 2
R =
3.Propositielogica & bewijzenGemiddeld
¬c ∧ ¬(a ∧ b)c ∧ ¬(a ∧ b)¬c ∧ (a ∧ b)¬c → ¬(a ∧ b)

Je wilt c → (a ∧ b) bewijzen uit het ongerijmde. Welke uitspraak neem je aan het begin aan? Klik erop.

c → (a ∧ b)
  1. 1¬c ∧ ¬(a ∧ b)
  2. 2c ∧ ¬(a ∧ b)
  3. 3¬c ∧ (a ∧ b)
  4. 4¬c → ¬(a ∧ b)
4.Propositielogica & bewijzenMoeilijk
acc ∨ ac¬a11100100

De redenering met premissen c ∨ a; c en conclusie ¬a is ongeldig. Klik op de rij van de waarheidstabel die een tegenvoorbeeld is.

c ∨ ac∴ ¬a
  1. 1a = 1, c = 1
  2. 2a = 1, c = 0
  3. 3a = 0, c = 1
  4. 4a = 0, c = 0
5.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flopsGemiddeld
ABC00011110011011130204050716

Gebruik de Karnaugh-kaart om de minimale som-van-productenvorm (SOP) van F(A, B, C) = Σm(0, 1, 3, 6) te vinden. Hoeveel productermen N heeft die?

F(A, B, C) = Σm(0, 1, 3, 6)
N =
6.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flopsMoeilijk
DQ3​Q3​DQ2​Q2​DQ1​Q1​DQ0​Q0​CLKSHIFT

Een 4-bits schuifregister Q₃Q₂Q₁Q₀ bevat 0110. Bij elke klokflank schuiven de bits één plaats naar rechts (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀, Q₀ gaat verloren) en komt de seriële ingang in Q₃. De seriële ingang is 1, 0, 0, 0, 1, 1 bij de 6 flanken. Geef de eindtoestand Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ als decimaal getal.

Q₃Q₂Q₁Q₀ = 01101, 0, 0, 0, 1, 1
Q =
7.Getaltheorie & modulair rekenenGemiddeld

Vind de inverse van 6 modulo 23: het getal x met 0 < x < 23 en 6·x ≡ 1 (mod 23).

a = 6n = 23
6−1 mod 23 =
8.Getaltheorie & modulair rekenenMoeilijk
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (799, 7)d = ?

Een RSA-sleutel gebruikt de priemgetallen p = 17 en q = 47 en de publieke exponent e = 7. Bepaal de privé-exponent d (0 < d < φ(n)).

p = 17q = 47e = 7
d =
9.Algoritmen & complexiteitGemiddeld

De recurrente betrekking T(n) = 2T(n/2) + O(n) heeft als oplossing:

  1. AO(n)
  2. BO(n²)
  3. CO(n log n)
  4. DO(log n)
10.Algoritmen & complexiteitMoeilijk

Wat heeft de stelling van Cook-Levin vastgesteld?

  1. AElk NP-probleem kan in exponentiële tijd worden opgelost
  2. BP is niet gelijk aan NP
  3. CHet stopprobleem is onbeslisbaar
  4. DHet booleaanse vervulbaarheidsprobleem (SAT) is NP-volledig
11.DatastructurenGemiddeld

Hoeveel geheugen gebruikt een adjacentiematrix voor een graaf met V knopen?

  1. AO(E)
  2. BO(V²)
  3. CO(V + E)
  4. DO(log V)
12.DatastructurenMoeilijk

Waarom kun je elementen niet zomaar uit een standaard-Bloomfilter verwijderen door hun bits te wissen?

  1. AVerwijderen zou het percentage fout-positieven naar 100% verhogen
  2. BDie bits kunnen ook bij andere elementen horen, wat fout-negatieven zou veroorzaken
  3. CBloomfilters slaan de volledige elementen op, die na het hashen niet meer te vinden zijn
  4. DBits in een Bloomfilter kunnen na het aanmaken niet worden veranderd
13.GrafentheorieGemiddeld
ABCDEEulercircuitEulerpad, geen circuitgeen van beide

Heeft de samenhangende graaf een Eulercircuit, een Eulerpad dat geen circuit is, of geen van beide? Klik op je antwoord.

|V| = 5|E| = 5
  1. 1Eulercircuit
  2. 2Eulerpad, geen circuit
  3. 3geen van beide
14.GrafentheorieMoeilijk
1321961211011ABCDEF

Bepaal het totale gewicht W van een minimaal opspannende boom van de gewogen graaf.

|V| = 6|E| = 8
W =
15.Databases & SQLGemiddeld

De tabel orders heeft 5 rijen, die elk naar een bestaande klant verwijzen. De tabel customers heeft 3 rijen. Hoeveel rijen geeft een INNER JOIN op customer_id terug?

  1. A15
  2. B8
  3. C3
  4. D5
16.Databases & SQLMoeilijk

Waarom gebruik je na customers LEFT JOIN orders COUNT(o.id) in plaats van COUNT(*) om bestellingen per klant te tellen?

  1. ACOUNT(*) negeert rijen met NULL-waarden
  2. BCOUNT(*) telt de met NULL gevulde rij als 1 voor klanten zonder bestellingen
  3. CCOUNT(o.id) telt alleen verschillende klanten
  4. DCOUNT(*) is niet toegestaan na een join
17.ComputernetwerkenGemiddeld

Welke toegangsmethode tot het medium gebruikte klassiek gedeeld (half-duplex) Ethernet?

  1. AToken passing
  2. BTDMA
  3. CCSMA/CD
  4. DCSMA/CA
18.ComputernetwerkenMoeilijk

Wat doet BGP voornamelijk op het internet?

  1. AHet wisselt routeringsinformatie uit tussen autonome systemen
  2. BHet versleutelt data tussen routers
  3. CHet wijst via hun internetproviders IP-adressen toe aan thuisgebruikers
  4. DHet zet namen om naar adressen
19.IPv4-subnettingGemiddeld
255.255.255.22411111111111111111111111111100000netwerkbitshostbits

Een subnet gebruikt het masker 255.255.255.224. Hoeveel bruikbare hostadressen H heeft het?

255.255.255.224
H =
20.IPv4-subnettingMoeilijk

Het netwerk 192.168.44.0/24 wordt met VLSM verdeeld over deze LAN’s: A: 8 hosts, B: 17 hosts, C: 60 hosts, D: 5 hosts, E: 14 hosts. Subnetten worden vanaf .0 omhoog toegewezen, het LAN met de meeste hosts eerst, elk met het kleinste subnet dat past. Wat is het vierde octet x van het netwerkadres van LAN B?

A: 8B: 17C: 60D: 5E: 14
x =

3Oplossingen

1.Talstelsels

Antwoord: N = −98

Positionele talstelsels: elk cijfer is zijn waarde maal een macht van het grondtal waard. Binair zijn de posities 1, 2, 4, 8, 16, … waard, hexadecimaal 1, 16, 256, …, met A–F voor 10–15. In 8-bits two's complement is het meest linkse bit −128 waard in plaats van +128; zo worden negatieve getallen opgeslagen.

Plaatswaarden optellen

De andere bits houden hun gewone positieve waarde.

−128 + 16 + 8 + 4 + 2 = −98

Antwoord

N = −98
2.Talstelsels

Antwoord: R = 152

Bits instellen: elke bit is een macht van twee waard (128, 64, …, 1). Eén hexadecimaal cijfer is precies vier bits, en in 8-bits tweecomplement is de meest linkse bit −128 waard. Bitsgewijze bewerkingen werken op elke bitpositie apart.

Bit voor bit

Naar links schuiven met 2 verplaatst elke bit 2 plaatsen naar links; bits die links uit beeld vallen gaan verloren en rechts komen nullen binnen.

0110 0110 << 2
= 1001 1000

Waarde van het resultaat

1001 1000₂ = 152

Antwoord

R = 152
3.Propositielogica & bewijzen

Antwoord: c ∧ ¬(a ∧ b)

Logische equivalentie: twee formules zijn equivalent (≡) als ze in elke rij van de waarheidstabel dezelfde waarde hebben. Een tautologie is in elke rij 1, een contradictie in elke rij 0, en een contingentie is geen van beide. Nuttige wetten: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b en ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contrapositie); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; en de distributieve wetten, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Delen van de implicatie

a = c, b = a ∧ b

Ontkenning van de implicatie

¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = c ∧ ¬(a ∧ b)

Antwoord

c ∧ ¬(a ∧ b)

Als de aanname tot een tegenspraak leidt, moet de implicatie waar zijn.

4.Propositielogica & bewijzen

Antwoord: a = 1, c = 1

Kwantoren en redeneringen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) en ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Schuif een ontkenning naar binnen, verwissel elke kwantor die ze passeert en ontken de binnenste formule met de propositiewetten, zoals ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Een redenering is geldig als de conclusie 1 is in elke rij waarin alle premissen 1 zijn. Eén rij met ware premissen en een onware conclusie is een tegenvoorbeeld en toont aan dat de redenering ongeldig is.

Premissen en conclusie rij voor rij

a = 1, c = 1: 1 1 | 0
a = 1, c = 0: 1 0 | 0
a = 0, c = 1: 1 1 | 1
a = 0, c = 0: 0 0 | 1

Tegenvoorbeeld

a = 1, c = 1

Antwoord

a = 1, c = 1

Een redenering van deze vorm lijkt op een geldige regel, maar één rij is genoeg om te laten zien dat dat niet zo is.

5.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Antwoord: N = 3

Karnaugh-kaarten: de cellen staan in Gray-code (00, 01, 11, 10), dus naburige cellen, ook die over de randen heen, verschillen in precies één variabele. Groepeer de enen in rechthoeken van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen, zo groot en zo weinig mogelijk, totdat elke 1 gedekt is. Elke groep is één productterm: de variabelen die erin constant blijven. Een groep van 2ᵏ cellen verliest k variabelen. Don’t-cares (X) mogen worden gebruikt om groepen groter te maken maar hoeven nooit gedekt te worden. Groepeer je in plaats daarvan de nullen, dan krijg je de minimale POS-vorm.

ABC00011110011011130204050716

Groepeer de enen

Elke groep is een rechthoek van 2ᵏ cellen; randcellen zijn buren van de cellen op de tegenoverliggende rand.

A′C
A′B′
ABC′

Minimale SOP-vorm

F = A′C + A′B′ + ABC′
N = 3

Antwoord

N = 3
6.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Antwoord: Q = 12

Flip-flops en tellers: een flip-flop verandert alleen op de actieve klokflank. D kopieert zijn ingang (Q⁺ = D); T wisselt als T = 1; JK houdt vast bij 00, reset bij 01, zet bij 10 en wisselt bij 11. Een n-bits binaire teller heeft 2ⁿ toestanden en telt modulo 2ⁿ; een mod-N-teller telt 0, 1, …, N − 1 en dan weer 0, en heeft de kleinste n met 2ⁿ ≥ N flip-flops nodig. Elke trap van een ripple-teller halveert de frequentie, dus de laatste uitgang van een mod-N-teller loopt op fklok/N. Een Johnson-teller van n flip-flops heeft 2n toestanden, een ringteller n.

Toestand na elke flank

0110 → 1011 → 0101 → 0010 → 0001 → 1000 → 1100

Decimale waarde

1100₂ = 12

Antwoord

Q = 12
7.Getaltheorie & modulair rekenen

Antwoord: 6−1 mod 23 = 4

Inversen en congruenties: a heeft een inverse modulo n precies als ggd(a, n) = 1. Het uitgebreide algoritme van Euclides schrijft 1 = s·n + t·a, en dan is a⁻¹ ≡ t (mod n). Een congruentie a·x ≡ b (mod n) met ggd(a, n) = 1 heeft de oplossing x ≡ a⁻¹·b. Twee congruenties x ≡ r₁ (mod m₁) en x ≡ r₂ (mod m₂) met onderling ondeelbare moduli hebben één oplossing modulo m₁·m₂ (Chinese reststelling). Eulers φ(n) telt de getallen van 1 tot n die onderling ondeelbaar zijn met n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Uitgebreid algoritme van Euclides

Elke rest r wordt geschreven als r ≡ t·6 (mod 23).

r = 23, t = 0
r = 6, q = 3, t = 1
r = 5, q = 1, t = −3
r = 1, q = 5, t = 4

Inverse

1 ≡ 4·6 (mod 23)
x = 4
controle: 6·4 = 24 = 1·23 + 1

Antwoord

6−1 mod 23 = 4
8.Getaltheorie & modulair rekenen

Antwoord: d = 631

Modulaire machten en RSA: bereken aᵏ mod n door herhaald kwadrateren: schrijf k binair, kwadrateer, reduceer na elke stap en vermenigvuldig de machten waarvan de bit 1 is. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) voor een priemgetal p dat a niet deelt, dus de exponent kan modulo p − 1 gereduceerd worden. RSA: kies priemgetallen p en q, n = p·q en φ(n) = (p − 1)(q − 1); de publieke exponent e is onderling ondeelbaar met φ(n), en de privé-exponent is d = e⁻¹ mod φ(n). Versleutel met c = mᵉ mod n en ontsleutel met m = cᵈ mod n.

Modulus en φ-waarde

n = 17·47 = 799
φ(n) = 16·46 = 736

Uitgebreid algoritme van Euclides

r = 736, t = 0
r = 7, q = 105, t = 1
r = 1, q = 7, t = −105

Privé-exponent

d = 631
controle: 7·631 = 4417 = 6·736 + 1

Antwoord

d = 631
9.Algoritmen & complexiteit

Antwoord: C · O(n log n)

Waarom dit het antwoord is

Volgens het mastertheorema (a = 2, b = 2, f(n) = n) geldt T(n) = Θ(n log n).

Antwoord

C · O(n log n)
10.Algoritmen & complexiteit

Antwoord: D · Het booleaanse vervulbaarheidsprobleem (SAT) is NP-volledig

Waarom dit het antwoord is

Cook en Levin lieten onafhankelijk van elkaar zien dat elk probleem in NP in polynomiale tijd reduceert tot SAT, zodat SAT het eerste bekende NP-volledige probleem was.

Antwoord

D · Het booleaanse vervulbaarheidsprobleem (SAT) is NP-volledig
11.Datastructuren

Antwoord: B · O(V²)

Waarom dit het antwoord is

Een adjacentiematrix slaat V × V elementen op, efficiënt voor dichte grafen; adjacentielijsten gebruiken O(V + E), beter voor ijle grafen.

Antwoord

B · O(V²)
12.Datastructuren

Antwoord: B · Die bits kunnen ook bij andere elementen horen, wat fout-negatieven zou veroorzaken

Waarom dit het antwoord is

Het wissen van een gedeelde bit zou een ander element afwezig laten lijken; counting Bloom filters houden tellers bij in plaats van bits om verwijderen mogelijk te maken.

Antwoord

B · Die bits kunnen ook bij andere elementen horen, wat fout-negatieven zou veroorzaken
13.Grafentheorie

Antwoord: geen van beide

Euler, Hamilton en bomen: een samenhangende graaf heeft een Eulercircuit (elke kant één keer, terug naar het begin) als elk hoekpunt even graad heeft, en een Eulerpad dat geen circuit is als precies twee hoekpunten oneven graad hebben; het pad loopt dan van het ene oneven hoekpunt naar het andere. Een Hamiltoncircuit bezoekt elk hoekpunt één keer; Kn heeft er (n − 1)!/2. Een boom op n hoekpunten heeft n − 1 kanten, en een samenhangende graaf met m kanten houdt een opspannende boom over na het verwijderen van m − n + 1 kanten.

Graden

deg(A) = 1, deg(B) = 3, deg(C) = 1, deg(D) = 2, deg(E) = 3

Oneven hoekpunten

A, B, C, E → 4
geen van beide

Antwoord

geen van beide
14.Grafentheorie

Antwoord: W = 31

Kortste paden en opspannende bomen: het algoritme van Dijkstra legt per ronde één hoekpunt vast: het onafgehandelde hoekpunt met de kleinste voorlopige afstand. Zijn afstand is dan definitief, en elke buur v krijgt d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Het algoritme van Kruskal bouwt een minimaal opspannende boom door de kanten van licht naar zwaar te nemen en elke kant over te slaan die een cykel zou sluiten; het algoritme van Prim laat één boom groeien vanuit een beginpunt door steeds de lichtste kant toe te voegen die eruit vertrekt. Een opspannende boom van n hoekpunten heeft n − 1 kanten.

Het algoritme van Kruskal

DF (1): nemen
AC (2): nemen
BD (6): nemen
EF (10): nemen
BE (11): overslaan, sluit een cykel
CE (12): nemen

Totaal gewicht

W = 1 + 2 + 6 + 10 + 12 = 31

Antwoord

W = 31
15.Databases & SQL

Antwoord: D · 5

Waarom dit het antwoord is

Elke bestelling vindt precies één bijbehorende klant, dus de join geeft één rij per bestelling: 5 rijen.

Antwoord

D · 5
16.Databases & SQL

Antwoord: B · COUNT(*) telt de met NULL gevulde rij als 1 voor klanten zonder bestellingen

Waarom dit het antwoord is

De left join geeft voor zulke klanten één rij met NULL in de bestelkolommen; COUNT(o.id) slaat de NULL over en meldt correct 0.

Antwoord

B · COUNT(*) telt de met NULL gevulde rij als 1 voor klanten zonder bestellingen
17.Computernetwerken

Antwoord: C · CSMA/CD

Waarom dit het antwoord is

Carrier sense multiple access with collision detection: stations stoppen als ze een botsing detecteren en proberen het opnieuw na een willekeurige wachttijd (backoff). Full-duplex geswitcht Ethernet kent geen botsingen.

Antwoord

C · CSMA/CD
18.Computernetwerken

Antwoord: A · Het wisselt routeringsinformatie uit tussen autonome systemen

Waarom dit het antwoord is

BGP is het inter-domeinrouteringsprotocol; autonome systemen (AS) kondigen bereikbare prefixen aan en kiezen paden op basis van beleid (policies).

Antwoord

A · Het wisselt routeringsinformatie uit tussen autonome systemen
19.IPv4-subnetting

Antwoord: H = 30

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Prefixlengte

255.255.255.224 = /27

Bruikbare hosts

25 − 2 = 30

Antwoord

H = 30
20.IPv4-subnetting

Antwoord: x = 64

VLSM: elk LAN krijgt het kleinste subnet met 2ʰ − 2 ≥ het aantal hosts, dus prefix 32 − h. Door de grootste subnetten eerst toe te wijzen begint elk blok op een veelvoud van zijn eigen grootte, zodat de netwerkadressen volgen door de blokgroottes op te tellen.

Blokgrootte per LAN

C: 60 hosts → 26 = 64 (/26)
B: 17 hosts → 25 = 32 (/27)
E: 14 hosts → 24 = 16 (/28)
A: 8 hosts → 24 = 16 (/28)
D: 5 hosts → 23 = 8 (/29)

Toewijzing, grootste eerst

C: .0 – .63
B: .64 – .95
E: .96 – .111
A: .112 – .127
D: .128 – .135

Antwoord

x = 64

LAN B: 192.168.44.64/27.

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals