Basis informatica: samenvattingspakket

Formuleoverzichten, de belangrijkste methodestappen voor elk onderwerp en 20 oefenopgaven, met volledige oplossingen achterin.

Nieuwe opgavenTerug naar het vak

Kies in het printvenster “Opslaan als pdf” om een kopie op je apparaat te bewaren.

1Formules en methoden

Talstelsels

Plaatswaarden
binair 2k, octaal 8k, hex 16k
Naar decimaal
Σ dk·bk
Vanuit decimaal
deel door het grondtal en lees de resten van onder naar boven
Hex ↔ binair
één hexcijfer = 4 bits
Two's complement
inverteer de bits en tel 1 op

Propositielogica & bewijzen

Rijen van een waarheidstabel
2ⁿ
Implicatie
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Ontkende implicatie
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bi-implicatie
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributieve wetten
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Ontkende kwantoren
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Methode

  1. Tel de verschillende variabelen: de waarheidstabel heeft 2ⁿ rijen, beginnend met alle variabelen op 1.
  2. Geef elke deelformule een eigen kolom en vul de kolommen van binnen naar buiten in.
  3. Pas de regel van elk voegwoord toe: → is alleen 0 bij 1 → 0, ↔ is 1 als beide kanten gelijk zijn.
  4. Vergelijk bij equivalenties de laatste kolommen rij voor rij; kijk bij een redenering alleen naar de rijen waarin alle premissen 1 zijn.
  5. Om een bewering met kwantor te ontkennen, schuif je ¬ naar binnen, verwissel je ∀ en ∃ en ontken je de binnenste formule.

Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Basispoorten
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Booleaanse regels
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Volgorde van de Karnaugh-kaart
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groep van 2ᵏ cellen
verliest k variabelen
4-naar-1-multiplexer
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flops
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Tellers
n-bits: 2ⁿ toestanden; mod-N: kleinste n met 2ⁿ ≥ N; fuit = fklok/N
Ripple-teller
fmax = 1/(n·tpd)
Ring- en Johnson-tellers
n en 2n toestanden

Methode

  1. Werk bij een schakeling van de ingangen naar de uitgang, één poort tegelijk, en schrijf de waarde op elke draad, of schrijf de uitdrukking op en vul de waarheidstabel in.
  2. Zet voor vereenvoudiging de enen (en de don’t-cares als X) in een Karnaugh-kaart met rijen en kolommen in Gray-code: 00, 01, 11, 10.
  3. Dek de enen met zo weinig en zo grote groepen van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen als mogelijk, met terugloop om de randen; elke groep is één productterm van de variabelen die constant blijven. Groepeer de nullen voor de POS-vorm.
  4. Lees bij flip-flops en tellers de ingangen af op elke actieve klokflank, schrijf de toestand na elke flank op, en onthoud dat een n-bits teller na 2ⁿ toestanden terugloopt.

Getaltheorie & modulair rekenen

Deling met rest
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kleinste gemene veelvoud
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Lineaire congruentie
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Eulers φ-functie
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Methode

  1. Reduceer eerst elk getal modulo n; resten liggen tussen 0 en n − 1.
  2. Deel voor een ggd herhaaldelijk met het algoritme van Euclides; de laatste rest ongelijk aan nul is de ggd.
  3. Laat voor een inverse het uitgebreide algoritme lopen en houd de coëfficiënt van a; tel n erbij op als die negatief is.
  4. Los a·x ≡ b op door met a⁻¹ te vermenigvuldigen; combineer twee congruenties door x = r₁ + m₁k te schrijven.
  5. Schrijf bij machten de exponent binair en kwadrateer herhaaldelijk; in RSA is d = e⁻¹ mod φ(n) met φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafentheorie

Handenschudlemma
Σ deg(v) = 2|E|
Volledige grafen
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliere graaf
|E| = n·k/2
Boom en bos
|E| = n − 1, |E| = n − c
Bladeren van een boom
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit: alle graden even; pad: precies 2 oneven graden
Hamiltoncircuits in Kn
(n − 1)!/2
Dijkstra-update
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Wandelingen van lengte L
(Mᴸ)ij

Methode

  1. Schrijf de graad van elk hoekpunt op; de graden zijn samen twee keer het aantal kanten.
  2. Controleer bij Eulervragen of de graaf samenhangend is en tel de hoekpunten met oneven graad.
  3. Gebruik bij bomen n − 1 kanten en het handenschudlemma.
  4. Houd bij Dijkstra een tabel met voorlopige afstanden bij en leg elke ronde het onafgehandelde hoekpunt met de kleinste afstand vast.
  5. Sorteer voor een minimaal opspannende boom de kanten op gewicht en sla elke kant over die een cykel sluit (Kruskal), of laat één boom groeien vanuit een beginpunt (Prim).

IPv4-subnetting

Hosts per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blokgrootte
256 − (mask octet)
Netwerkadres
IP AND masker
Broadcastadres
IP OR (NOT masker): alle hostbits op 1
Subnetten uit n geleende bits
2n

2Oefenopgaven

1.TalstelselsGemiddeld
8-bits two's complement0−12806403201608040201

Stel de bits zo in dat ze −85 opslaan in 8-bits tweecomplement. Wat is de waarde U van het patroon, gelezen als getal zonder teken?

N = −858 bit
U =
2.TalstelselsMoeilijk
klik op de bits om ze in te stellen012806403201608040201

Stel de bits in op het 8-bits resultaat van 1001 1110 >> 3. Wat is de waarde R van het resultaat in decimaal?

1001 1110>> 3
R =
3.Propositielogica & bewijzenGemiddeld
tautologiecontradictiecontingentie

Is b → (b ∨ a) een tautologie, een contradictie of een contingentie? Klik op je antwoord.

b → (b ∨ a)
  1. 1tautologie
  2. 2contradictie
  3. 3contingentie
4.Propositielogica & bewijzenMoeilijk
∃y ∀x ¬R(x, y)∃x ∀y ¬R(x, y)∀x ∃y ¬R(x, y)∀x ∀y ¬R(x, y)

Welke uitspraak is equivalent met ¬∀x ∃y R(x, y), met de ontkenning helemaal naar binnen geschoven? Klik erop.

¬∀x ∃y R(x, y)
  1. 1∃y ∀x ¬R(x, y)
  2. 2∃x ∀y ¬R(x, y)
  3. 3∀x ∃y ¬R(x, y)
  4. 4∀x ∀y ¬R(x, y)
5.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flopsGemiddeld
ABC00011110011011030204151716

Gebruik de Karnaugh-kaart om de minimale product-van-sommenvorm (POS) van F(A, B, C) = Σm(0, 1, 5, 6, 7) te vinden. Hoeveel somtermen (factoren) N heeft die?

F(A, B, C) = Σm(0, 1, 5, 6, 7)
N =
6.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flopsMoeilijk
DQ3​Q3​DQ2​Q2​DQ1​Q1​DQ0​Q0​CLKSHIFT

Een 4-bits schuifregister Q₃Q₂Q₁Q₀ bevat 0110. Bij elke klokflank schuiven de bits één plaats naar rechts (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀, Q₀ gaat verloren) en komt de seriële ingang in Q₃. De seriële ingang is 1, 1, 0, 1, 0, 1 bij de 6 flanken. Geef de eindtoestand Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ als decimaal getal.

Q₃Q₂Q₁Q₀ = 01101, 1, 0, 1, 0, 1
Q =
7.Getaltheorie & modulair rekenenGemiddeld

Vind het kleinste positieve gehele getal x met x ≡ 2 (mod 3) en x ≡ 0 (mod 8).

x ≡ 2 (mod 3)x ≡ 0 (mod 8)
x =
8.Getaltheorie & modulair rekenenMoeilijk

Los 14x ≡ 6 (mod 22) op. Geef de kleinste positieve oplossing x.

14x ≡ 6 (mod 22)
x =
9.Algoritmen & complexiteitGemiddeld

Wat betekent het dat een probleem een optimale deelstructuur heeft?

  1. AHet probleem kan in constante tijd worden opgelost
  2. BHet probleem heeft precies één optimale oplossing, die alle deelproblemen delen
  3. CElk deelprobleem heeft dezelfde grootte
  4. DEen optimale oplossing kan worden opgebouwd uit optimale oplossingen van de deelproblemen
10.Algoritmen & complexiteitMoeilijk

Wat is het verschil tussen een onbeslisbaar en een onhandelbaar probleem?

  1. AEen onbeslisbaar probleem heeft geen algoritme voor alle invoer; een onhandelbaar probleem wel, maar dat is te traag
  2. BOnhandelbare problemen kunnen door geen enkel algoritme worden opgelost, terwijl onbeslisbare alleen exponentiële tijd nodig hebben
  3. CBeide betekenen dat het probleem helemaal geen algoritme heeft
  4. DOnbeslisbare problemen zitten in NP, terwijl onhandelbare problemen in P zitten
11.DatastructurenGemiddeld

Hoeveel geheugen gebruikt een adjacency list voor een graaf met V knopen en E kanten?

  1. AO(E²)
  2. BO(V × E)
  3. CO(V + E)
  4. DO(V²)
12.DatastructurenMoeilijk

Waarom kun je elementen niet zomaar uit een standaard-Bloomfilter verwijderen door hun bits te wissen?

  1. AVerwijderen zou het percentage fout-positieven naar 100% verhogen
  2. BBits in een Bloomfilter kunnen na het aanmaken niet worden veranderd
  3. CBloomfilters slaan de volledige elementen op, die na het hashen niet meer te vinden zijn
  4. DDie bits kunnen ook bij andere elementen horen, wat fout-negatieven zou veroorzaken
13.GrafentheorieGemiddeld

Een samenhangende graaf heeft 12 hoekpunten en 15 kanten. Hoeveel kanten k moeten worden verwijderd om een opspannende boom over te houden?

|V| = 12|E| = 15
k =
14.GrafentheorieMoeilijk
4939914141042ABCDEFG

Gebruik het algoritme van Dijkstra om de lengte d(F) van het kortste pad van A naar F in de gewogen graaf te vinden.

start: Aeinde: F
d(F) =
15.Databases & SQLGemiddeld

Een tabel heeft rijen waarin col NULL is. Welke rijen geeft WHERE col = NULL terug?

  1. AEen fout in elke database
  2. BGeen rijen, omdat de vergelijking onbekend (UNKNOWN) is
  3. CAlle rijen van de tabel
  4. DAlleen de rijen waarin col NULL is, net als bij IS NULL
16.Databases & SQLMoeilijk

De tabel employee(emp_id, dept_id, dept_name) heeft de sleutel emp_id, en dept_id → dept_name. Welke uitspraak is juist?

  1. AZe staat niet in 1NF
  2. BZe staat niet in 2NF
  3. CZe staat in 2NF maar niet in 3NF
  4. DZe staat in BCNF en dus ook in 3NF
17.ComputernetwerkenGemiddeld

Welk bereik van TCP/UDP-poortnummers is gereserveerd als "well-known" poorten?

  1. A1024–49151
  2. B0–65535
  3. C49152–65535
  4. D0–1023
18.ComputernetwerkenMoeilijk

Je moet 192.168.1.0/24 verdelen in minstens 5 subnets met elk maximaal 25 hosts. Welke prefixlengte past het best?

  1. A/28
  2. B/26
  3. C/27
  4. D/25
19.IPv4-subnettingGemiddeld
/?11111111111111111111100000000000netwerkbitshostbits

Een afdeling heeft 1060 hostadressen nodig in één subnet. Wat is de langste prefixlengte p (kleinste subnet) die groot genoeg is?

1060 hosts
p =
20.IPv4-subnettingMoeilijk

Het netwerk 192.168.18.0/24 wordt met VLSM verdeeld over deze LAN’s: A: 56 hosts, B: 23 hosts, C: 10 hosts, D: 51 hosts. Subnetten worden vanaf .0 omhoog toegewezen, het LAN met de meeste hosts eerst, elk met het kleinste subnet dat past. Wat is het vierde octet x van het netwerkadres van LAN B?

A: 56B: 23C: 10D: 51
x =

3Oplossingen

1.Talstelsels

Antwoord: U = 171

Bits instellen: elke bit is een macht van twee waard (128, 64, …, 1). Eén hexadecimaal cijfer is precies vier bits, en in 8-bits tweecomplement is de meest linkse bit −128 waard. Bitsgewijze bewerkingen werken op elke bitpositie apart.

Omkeren en één optellen

85 = 0101 0101
omgekeerd: 1010 1010
+1 → 1010 1011

Lezen zonder teken

1010 1011₂ = 256 − 85 = 171

Antwoord

U = 171
2.Talstelsels

Antwoord: R = 19

Bits instellen: elke bit is een macht van twee waard (128, 64, …, 1). Eén hexadecimaal cijfer is precies vier bits, en in 8-bits tweecomplement is de meest linkse bit −128 waard. Bitsgewijze bewerkingen werken op elke bitpositie apart.

Bit voor bit

Naar rechts schuiven met 3 verplaatst elke bit 3 plaatsen naar rechts; bits die rechts uit beeld vallen gaan verloren en links komen nullen binnen.

1001 1110 >> 3
= 0001 0011

Waarde van het resultaat

0001 0011₂ = 19

Antwoord

R = 19
3.Propositielogica & bewijzen

Antwoord: tautologie

Logische equivalentie: twee formules zijn equivalent (≡) als ze in elke rij van de waarheidstabel dezelfde waarde hebben. Een tautologie is in elke rij 1, een contradictie in elke rij 0, en een contingentie is geen van beide. Nuttige wetten: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b en ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contrapositie); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; en de distributieve wetten, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Waarheidstabel rij voor rij

a = 1, b = 1: b ∨ a = 1, b → (b ∨ a) = 1
a = 1, b = 0: b ∨ a = 1, b → (b ∨ a) = 1
a = 0, b = 1: b ∨ a = 1, b → (b ∨ a) = 1
a = 0, b = 0: b ∨ a = 0, b → (b ∨ a) = 1

Classificeer

b → (b ∨ a): 1, 1, 1, 1
1 in elke rij: een tautologie.

Antwoord

tautologie
4.Propositielogica & bewijzen

Antwoord: ∃x ∀y ¬R(x, y)

Kwantoren en redeneringen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) en ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Schuif een ontkenning naar binnen, verwissel elke kwantor die ze passeert en ontken de binnenste formule met de propositiewetten, zoals ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Een redenering is geldig als de conclusie 1 is in elke rij waarin alle premissen 1 zijn. Eén rij met ware premissen en een onware conclusie is een tegenvoorbeeld en toont aan dat de redenering ongeldig is.

Schuif de ontkenning naar binnen

¬∀x ∃y R(x, y) ≡ ∃x ∀y ¬R(x, y)

Antwoord

∃x ∀y ¬R(x, y)

De andere opties laten een kwantor onveranderd, veranderen de volgorde van de kwantoren, of ontkennen de binnenste formule verkeerd.

5.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Antwoord: N = 2

Karnaugh-kaarten: de cellen staan in Gray-code (00, 01, 11, 10), dus naburige cellen, ook die over de randen heen, verschillen in precies één variabele. Groepeer de enen in rechthoeken van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen, zo groot en zo weinig mogelijk, totdat elke 1 gedekt is. Elke groep is één productterm: de variabelen die erin constant blijven. Een groep van 2ᵏ cellen verliest k variabelen. Don’t-cares (X) mogen worden gebruikt om groepen groter te maken maar hoeven nooit gedekt te worden. Groepeer je in plaats daarvan de nullen, dan krijg je de minimale POS-vorm.

ABC00011110011011030204151716

Groepeer de nullen

Elke groep is een rechthoek van 2ᵏ cellen; randcellen zijn buren van de cellen op de tegenoverliggende rand.

(A + B′)
(A′ + B + C)

Minimale POS-vorm

F = (A + B′)(A′ + B + C)
N = 2

Antwoord

N = 2
6.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Antwoord: Q = 10

Flip-flops en tellers: een flip-flop verandert alleen op de actieve klokflank. D kopieert zijn ingang (Q⁺ = D); T wisselt als T = 1; JK houdt vast bij 00, reset bij 01, zet bij 10 en wisselt bij 11. Een n-bits binaire teller heeft 2ⁿ toestanden en telt modulo 2ⁿ; een mod-N-teller telt 0, 1, …, N − 1 en dan weer 0, en heeft de kleinste n met 2ⁿ ≥ N flip-flops nodig. Elke trap van een ripple-teller halveert de frequentie, dus de laatste uitgang van een mod-N-teller loopt op fklok/N. Een Johnson-teller van n flip-flops heeft 2n toestanden, een ringteller n.

Toestand na elke flank

0110 → 1011 → 1101 → 0110 → 1011 → 0101 → 1010

Decimale waarde

1010₂ = 10

Antwoord

Q = 10
7.Getaltheorie & modulair rekenen

Antwoord: x = 8

Inversen en congruenties: a heeft een inverse modulo n precies als ggd(a, n) = 1. Het uitgebreide algoritme van Euclides schrijft 1 = s·n + t·a, en dan is a⁻¹ ≡ t (mod n). Een congruentie a·x ≡ b (mod n) met ggd(a, n) = 1 heeft de oplossing x ≡ a⁻¹·b. Twee congruenties x ≡ r₁ (mod m₁) en x ≡ r₂ (mod m₂) met onderling ondeelbare moduli hebben één oplossing modulo m₁·m₂ (Chinese reststelling). Eulers φ(n) telt de getallen van 1 tot n die onderling ondeelbaar zijn met n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Eerste congruentie

x = 2 + 3k

Tweede congruentie

2 + 3k ≡ 0 (mod 8) → 3k ≡ 6 (mod 8)
k ≡ 3·6 ≡ 2 (mod 8)

Resultaat

x = 2 + 3·2 = 8
x = 8
controle: 8 mod 3 = 2, 8 mod 8 = 0

Antwoord

x = 8
8.Getaltheorie & modulair rekenen

Antwoord: x = 2

Inversen en congruenties: a heeft een inverse modulo n precies als ggd(a, n) = 1. Het uitgebreide algoritme van Euclides schrijft 1 = s·n + t·a, en dan is a⁻¹ ≡ t (mod n). Een congruentie a·x ≡ b (mod n) met ggd(a, n) = 1 heeft de oplossing x ≡ a⁻¹·b. Twee congruenties x ≡ r₁ (mod m₁) en x ≡ r₂ (mod m₂) met onderling ondeelbare moduli hebben één oplossing modulo m₁·m₂ (Chinese reststelling). Eulers φ(n) telt de getallen van 1 tot n die onderling ondeelbaar zijn met n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Deel door de ggd

gcd(14, 22) = 2
7x ≡ 3 (mod 11)

Los de gereduceerde congruentie op

7−1 ≡ 8 (mod 11) → x ≡ 2 (mod 11)

Oplossingen modulo 22

x ∈ {2, 13}
x = 2

Antwoord

x = 2
9.Algoritmen & complexiteit

Antwoord: D · Een optimale oplossing kan worden opgebouwd uit optimale oplossingen van de deelproblemen

Waarom dit het antwoord is

Een optimale deelstructuur is nodig om zowel gulzige algoritmen als dynamisch programmeren correcte antwoorden te laten geven.

Antwoord

D · Een optimale oplossing kan worden opgebouwd uit optimale oplossingen van de deelproblemen
10.Algoritmen & complexiteit

Antwoord: A · Een onbeslisbaar probleem heeft geen algoritme voor alle invoer; een onhandelbaar probleem wel, maar dat is te traag

Waarom dit het antwoord is

Voor het stopprobleem bestaat helemaal geen algoritme; een NP-moeilijk probleem zoals TSP kan met brute force worden opgelost, alleen niet in een bekende polynomiale tijd.

Antwoord

A · Een onbeslisbaar probleem heeft geen algoritme voor alle invoer; een onhandelbaar probleem wel, maar dat is te traag
11.Datastructuren

Antwoord: C · O(V + E)

Waarom dit het antwoord is

Elke knoop heeft een lijst en elke kant komt één keer (gericht) of twee keer (ongericht) voor, wat O(V + E) geeft.

Antwoord

C · O(V + E)
12.Datastructuren

Antwoord: D · Die bits kunnen ook bij andere elementen horen, wat fout-negatieven zou veroorzaken

Waarom dit het antwoord is

Het wissen van een gedeelde bit zou een ander element afwezig laten lijken; counting Bloom filters houden tellers bij in plaats van bits om verwijderen mogelijk te maken.

Antwoord

D · Die bits kunnen ook bij andere elementen horen, wat fout-negatieven zou veroorzaken
13.Grafentheorie

Antwoord: k = 4

Euler, Hamilton en bomen: een samenhangende graaf heeft een Eulercircuit (elke kant één keer, terug naar het begin) als elk hoekpunt even graad heeft, en een Eulerpad dat geen circuit is als precies twee hoekpunten oneven graad hebben; het pad loopt dan van het ene oneven hoekpunt naar het andere. Een Hamiltoncircuit bezoekt elk hoekpunt één keer; Kn heeft er (n − 1)!/2. Een boom op n hoekpunten heeft n − 1 kanten, en een samenhangende graaf met m kanten houdt een opspannende boom over na het verwijderen van m − n + 1 kanten.

Kanten van een opspannende boom

12 − 1 = 11

Te verwijderen kanten

k = 15 − 11 = 4

Antwoord

k = 4
14.Grafentheorie

Antwoord: d(F) = 21

Kortste paden en opspannende bomen: het algoritme van Dijkstra legt per ronde één hoekpunt vast: het onafgehandelde hoekpunt met de kleinste voorlopige afstand. Zijn afstand is dan definitief, en elke buur v krijgt d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Het algoritme van Kruskal bouwt een minimaal opspannende boom door de kanten van licht naar zwaar te nemen en elke kant over te slaan die een cykel zou sluiten; het algoritme van Prim laat één boom groeien vanuit een beginpunt door steeds de lichtste kant toe te voegen die eruit vertrekt. Een opspannende boom van n hoekpunten heeft n − 1 kanten.

Dijkstra ronde voor ronde

Elke regel: het vastgelegde hoekpunt, zijn definitieve afstand en de buren waarvan de afstand verbetert.

A (0): B: 4
B (4): C: 13, D: 7, G: 18
D (7): E: 16, F: 21, G: 11
G (11): E: 13
C (13)
E (13)
F (21)

Kortste pad

A → B → D → F
d(F) = 21

Antwoord

d(F) = 21
15.Databases & SQL

Antwoord: B · Geen rijen, omdat de vergelijking onbekend (UNKNOWN) is

Waarom dit het antwoord is

Elke vergelijking met NULL via = geeft UNKNOWN, en WHERE houdt alleen TRUE-rijen over; gebruik in plaats daarvan col IS NULL.

Antwoord

B · Geen rijen, omdat de vergelijking onbekend (UNKNOWN) is
16.Databases & SQL

Antwoord: C · Ze staat in 2NF maar niet in 3NF

Waarom dit het antwoord is

De sleutel heeft één kolom, dus 2NF geldt, maar emp_id → dept_id → dept_name is een transitieve afhankelijkheid, wat 3NF schendt.

Antwoord

C · Ze staat in 2NF maar niet in 3NF
17.Computernetwerken

Antwoord: D · 0–1023

Waarom dit het antwoord is

Poorten 0–1023 zijn well-known poorten voor standaarddiensten. 1024–49151 zijn geregistreerde poorten en 49152–65535 dynamische of privépoorten.

Antwoord

D · 0–1023
18.Computernetwerken

Antwoord: C · /27

Waarom dit het antwoord is

/27 geeft 8 subnets met elk 30 bruikbare hosts. /26 geeft maar 4 subnets en /28 laat maar 14 hosts per subnet toe.

Antwoord

C · /27
19.IPv4-subnetting

Antwoord: p = 21

IPv4-subnetting: een adres heeft 32 bits. Het prefix /p geeft aan hoeveel voorste bits het netwerk aanduiden; de overige 32 − p bits nummeren de hosts. Een subnet heeft 2³²⁻ᵖ adressen, maar het eerste (netwerkadres) en het laatste (broadcastadres) kunnen niet aan hosts worden gegeven, dus er passen 2³²⁻ᵖ − 2 hosts in. Uitzonderingen: een /31 (point-to-pointverbinding, RFC 3021) gebruikt allebei zijn 2 adressen voor hosts, en een /32 is één enkel adres (één host of een loopback).

Benodigde hostbits

210 − 2 = 1022 < 1060
211 − 2 = 2046 ≥ 1060 → h = 11

Prefixlengte

p = 32 − 11 = 21

Antwoord

p = /21
20.IPv4-subnetting

Antwoord: x = 128

VLSM: elk LAN krijgt het kleinste subnet met 2ʰ − 2 ≥ het aantal hosts, dus prefix 32 − h. Door de grootste subnetten eerst toe te wijzen begint elk blok op een veelvoud van zijn eigen grootte, zodat de netwerkadressen volgen door de blokgroottes op te tellen.

Blokgrootte per LAN

A: 56 hosts → 26 = 64 (/26)
D: 51 hosts → 26 = 64 (/26)
B: 23 hosts → 25 = 32 (/27)
C: 10 hosts → 24 = 16 (/28)

Toewijzing, grootste eerst

A: .0 – .63
D: .64 – .127
B: .128 – .159
C: .160 – .175

Antwoord

x = 128

LAN B: 192.168.18.128/27.

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals