Basis informatica: samenvattingspakket

Formuleoverzichten, de belangrijkste methodestappen voor elk onderwerp en 20 oefenopgaven, met volledige oplossingen achterin.

Nieuwe opgavenTerug naar het vak

Kies in het printvenster “Opslaan als pdf” om een kopie op je apparaat te bewaren.

1Formules en methoden

Talstelsels

Plaatswaarden
binair 2k, octaal 8k, hex 16k
Naar decimaal
Σ dk·bk
Vanuit decimaal
deel door het grondtal en lees de resten van onder naar boven
Hex ↔ binair
één hexcijfer = 4 bits
Two's complement
inverteer de bits en tel 1 op

Propositielogica & bewijzen

Rijen van een waarheidstabel
2ⁿ
Implicatie
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Ontkende implicatie
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bi-implicatie
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributieve wetten
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Ontkende kwantoren
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Methode

  1. Tel de verschillende variabelen: de waarheidstabel heeft 2ⁿ rijen, beginnend met alle variabelen op 1.
  2. Geef elke deelformule een eigen kolom en vul de kolommen van binnen naar buiten in.
  3. Pas de regel van elk voegwoord toe: → is alleen 0 bij 1 → 0, ↔ is 1 als beide kanten gelijk zijn.
  4. Vergelijk bij equivalenties de laatste kolommen rij voor rij; kijk bij een redenering alleen naar de rijen waarin alle premissen 1 zijn.
  5. Om een bewering met kwantor te ontkennen, schuif je ¬ naar binnen, verwissel je ∀ en ∃ en ontken je de binnenste formule.

Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Basispoorten
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Booleaanse regels
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Volgorde van de Karnaugh-kaart
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groep van 2ᵏ cellen
verliest k variabelen
4-naar-1-multiplexer
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flops
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Tellers
n-bits: 2ⁿ toestanden; mod-N: kleinste n met 2ⁿ ≥ N; fuit = fklok/N
Ripple-teller
fmax = 1/(n·tpd)
Ring- en Johnson-tellers
n en 2n toestanden

Methode

  1. Werk bij een schakeling van de ingangen naar de uitgang, één poort tegelijk, en schrijf de waarde op elke draad, of schrijf de uitdrukking op en vul de waarheidstabel in.
  2. Zet voor vereenvoudiging de enen (en de don’t-cares als X) in een Karnaugh-kaart met rijen en kolommen in Gray-code: 00, 01, 11, 10.
  3. Dek de enen met zo weinig en zo grote groepen van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen als mogelijk, met terugloop om de randen; elke groep is één productterm van de variabelen die constant blijven. Groepeer de nullen voor de POS-vorm.
  4. Lees bij flip-flops en tellers de ingangen af op elke actieve klokflank, schrijf de toestand na elke flank op, en onthoud dat een n-bits teller na 2ⁿ toestanden terugloopt.

Getaltheorie & modulair rekenen

Deling met rest
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kleinste gemene veelvoud
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Lineaire congruentie
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Eulers φ-functie
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Methode

  1. Reduceer eerst elk getal modulo n; resten liggen tussen 0 en n − 1.
  2. Deel voor een ggd herhaaldelijk met het algoritme van Euclides; de laatste rest ongelijk aan nul is de ggd.
  3. Laat voor een inverse het uitgebreide algoritme lopen en houd de coëfficiënt van a; tel n erbij op als die negatief is.
  4. Los a·x ≡ b op door met a⁻¹ te vermenigvuldigen; combineer twee congruenties door x = r₁ + m₁k te schrijven.
  5. Schrijf bij machten de exponent binair en kwadrateer herhaaldelijk; in RSA is d = e⁻¹ mod φ(n) met φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafentheorie

Handenschudlemma
Σ deg(v) = 2|E|
Volledige grafen
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliere graaf
|E| = n·k/2
Boom en bos
|E| = n − 1, |E| = n − c
Bladeren van een boom
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit: alle graden even; pad: precies 2 oneven graden
Hamiltoncircuits in Kn
(n − 1)!/2
Dijkstra-update
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Wandelingen van lengte L
(Mᴸ)ij

Methode

  1. Schrijf de graad van elk hoekpunt op; de graden zijn samen twee keer het aantal kanten.
  2. Controleer bij Eulervragen of de graaf samenhangend is en tel de hoekpunten met oneven graad.
  3. Gebruik bij bomen n − 1 kanten en het handenschudlemma.
  4. Houd bij Dijkstra een tabel met voorlopige afstanden bij en leg elke ronde het onafgehandelde hoekpunt met de kleinste afstand vast.
  5. Sorteer voor een minimaal opspannende boom de kanten op gewicht en sla elke kant over die een cykel sluit (Kruskal), of laat één boom groeien vanuit een beginpunt (Prim).

IPv4-subnetting

Hosts per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blokgrootte
256 − (mask octet)
Netwerkadres
IP AND masker
Broadcastadres
IP OR (NOT masker): alle hostbits op 1
Subnetten uit n geleende bits
2n

2Oefenopgaven

1.TalstelselsGemiddeld
8-bits two's complement?−128?64?32?16?8?4?2?1

Schrijf −41 als 8-bits patroon in two's complement. Lees het patroon als binair getal zonder teken: wat is de waarde U in decimaal?

N = −418 bit
U =
2.TalstelselsMoeilijk
32 bits, zonder teken, N = ?????????????????????????????????

Wat is het grootste gehele getal zonder teken N dat in 32 bits past?

32 bit
N =
3.Propositielogica & bewijzenGemiddeld
¬¬b → ¬(c ∨ a)¬b → (c ∨ a)¬(c ∨ a) → ¬¬b(c ∨ a) ∧ ¬¬b

Je wilt (c ∨ a) → ¬b bewijzen met de contrapositie. Welke implicatie bewijs je in plaats daarvan? Klik erop.

(c ∨ a) → ¬b
  1. 1¬¬b → ¬(c ∨ a)
  2. 2¬b → (c ∨ a)
  3. 3¬(c ∨ a) → ¬¬b
  4. 4(c ∨ a) ∧ ¬¬b
4.Propositielogica & bewijzenMoeilijk
∀x P(x)∀x ¬P(x)∃x ¬P(x)∃x P(x)

Welke uitspraak is equivalent met ¬∃x P(x), met de ontkenning helemaal naar binnen geschoven? Klik erop.

¬∃x P(x)
  1. 1∀x P(x)
  2. 2∀x ¬P(x)
  3. 3∃x ¬P(x)
  4. 4∃x P(x)
5.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flopsGemiddeld
ABC000111100101324576

Vereenvoudig F = A′B′C + B′C′ + ABC′ tot zijn minimale som-van-productenvorm. Hoeveel literals L bevat de vereenvoudigde uitdrukking?

F = A′B′C + B′C′ + ABC′
L =
6.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flopsMoeilijk
ABCD00011110000111100001030214051706012X13X150140819111110

Bepaal de minimale SOP-vorm van F(A, B, C, D) = Σm(4, 7, 9, 10, 11) + d(13, 15), waarbij d de don’t-care-condities aangeeft. Hoeveel literals L bevat die?

F(A, B, C, D) = Σm(4, 7, 9, 10, 11) + d(13, 15)
L =
7.Getaltheorie & modulair rekenenGemiddeld

Los 15x ≡ 9 (mod 17) op. Geef de oplossing x met 0 < x < 17.

15x ≡ 9 (mod 17)
x =
8.Getaltheorie & modulair rekenenMoeilijk
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (377, 19)d = ?

Een RSA-sleutel gebruikt de priemgetallen p = 13 en q = 29 en de publieke exponent e = 19. Bepaal de privé-exponent d (0 < d < φ(n)).

p = 13q = 29e = 19
d =
9.Algoritmen & complexiteitGemiddeld

Wat is de oplossing van de recurrente betrekking T(n) = T(n − 1) + O(1)?

  1. AO(log n)
  2. BO(2ⁿ)
  3. CO(n)
  4. DO(n²)
10.Algoritmen & complexiteitMoeilijk

Het algoritme van Held-Karp voor dynamisch programmeren lost het handelsreizigersprobleem exact op. Wat is de looptijd voor n steden?

  1. AO(n!)
  2. BO(n³)
  3. CO(n² 2ⁿ)
  4. DO(2n²)
11.DatastructurenGemiddeld

Hoe werkt extract-min in een binaire min-heap?

  1. AVerwijder de wortel en schuif alle elementen één plaats naar links
  2. BZoek in alle bladeren naar het nieuwe minimum
  3. CVerwijder het laatste element van de array
  4. DVerplaats het laatste element naar de wortel en laat het omlaag zakken (sift down)
12.DatastructurenMoeilijk

In de BST met wortel 50, linkersubboom 30 (kinderen 20, 40) en rechtersubboom 70 (kinderen 60, 80) wordt de wortel verwijderd met behulp van de inorder-opvolger. Welke sleutel wordt de nieuwe wortel?

  1. A70
  2. B40
  3. C80
  4. D60
13.GrafentheorieGemiddeld

Een boom heeft 2 hoekpunten van graad 3, 4 hoekpunten van graad 4, 2 hoekpunten van graad 2, en al zijn andere hoekpunten zijn bladeren (graad 1). Hoeveel bladeren L heeft hij?

2 × deg 34 × deg 42 × deg 2
L =
14.GrafentheorieMoeilijk
193121461310ABCDE

Bepaal het totale gewicht W van een minimaal opspannende boom van de gewogen graaf.

|V| = 5|E| = 7
W =
15.Databases & SQLGemiddeld

Een kolom bevat de waarden 10, 20 en NULL. Wat geeft AVG(col) terug?

  1. A10
  2. B30
  3. C15
  4. DNULL
16.Databases & SQLMoeilijk

Wat is het resultaat van SELECT COUNT(col) FROM t als alle waarden in col NULL zijn en de tabel 10 rijen heeft?

  1. ANULL
  2. B0
  3. CEen fout
  4. D10
17.ComputernetwerkenGemiddeld

Welke enkele prefix vat zowel 192.168.0.0/24 als 192.168.1.0/24 samen?

  1. A192.168.1.0/23
  2. B192.168.0.0/23
  3. C192.168.0.0/22
  4. D192.168.0.0/25
18.ComputernetwerkenMoeilijk

Waarom heeft IPv6 geen NAT nodig vanwege adrestekort?

  1. AIPv6 versleutelt alle adressen
  2. BDe 128-bits adresruimte is groot genoeg om elk apparaat een globaal adres te geven
  3. CIPv6 gebruikt geen adressen
  4. DIPv6 werkt alleen op lokale netwerken, dus adressen hoeven nooit wereldwijd te worden gedeeld
19.IPv4-subnettingGemiddeld
/24 → /2611111111111111111111111111000000netwerkbitshostbits

Het netwerk 192.168.10.0/24 moet worden verdeeld in minstens 4 gelijke subnetten. Als je zo weinig mogelijk bits leent, hoeveel bruikbare hosts H heeft elk subnet?

192.168.10.0/244 subnets
H =
20.IPv4-subnettingMoeilijk

Het netwerk 192.168.176.0/24 wordt met VLSM verdeeld over deze LAN’s: A: 9 hosts, B: 6 hosts, C: 57 hosts, D: 84 hosts. Subnetten worden vanaf .0 omhoog toegewezen, het LAN met de meeste hosts eerst, elk met het kleinste subnet dat past. Wat is het vierde octet x van het netwerkadres van LAN A?

A: 9B: 6C: 57D: 84
x =

3Oplossingen

1.Talstelsels

Antwoord: U = 215

Positionele talstelsels: elk cijfer is zijn waarde maal een macht van het grondtal waard. Binair zijn de posities 1, 2, 4, 8, 16, … waard, hexadecimaal 1, 16, 256, …, met A–F voor 10–15. In 8-bits two's complement is het meest linkse bit −128 waard in plaats van +128; zo worden negatieve getallen opgeslagen.

Omkeren en één optellen

41 = 0010 1001
omgekeerd: 1101 0110
+1 → 1101 0111

Lezen zonder teken

1101 0111₂ = 256 − 41 = 215

Antwoord

U = 215
2.Talstelsels

Antwoord: N = 4,295 × 10⁹

Positionele talstelsels: elk cijfer is zijn waarde maal een macht van het grondtal waard. Binair zijn de posities 1, 2, 4, 8, 16, … waard, hexadecimaal 1, 16, 256, …, met A–F voor 10–15. In 8-bits two's complement is het meest linkse bit −128 waard in plaats van +128; zo worden negatieve getallen opgeslagen.

Grootste waarde

232 − 1 = 4294967295

Antwoord

N = 4294967295
3.Propositielogica & bewijzen

Antwoord: ¬¬b → ¬(c ∨ a)

Logische equivalentie: twee formules zijn equivalent (≡) als ze in elke rij van de waarheidstabel dezelfde waarde hebben. Een tautologie is in elke rij 1, een contradictie in elke rij 0, en een contingentie is geen van beide. Nuttige wetten: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b en ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contrapositie); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; en de distributieve wetten, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Delen van de implicatie

a = c ∨ a, b = ¬b

Contrapositie

¬b → ¬a = ¬¬b → ¬(c ∨ a)

Antwoord

¬¬b → ¬(c ∨ a)

De contrapositie is equivalent met de oorspronkelijke uitspraak, dus door haar te bewijzen bewijs je de uitspraak.

4.Propositielogica & bewijzen

Antwoord: ∀x ¬P(x)

Kwantoren en redeneringen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) en ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Schuif een ontkenning naar binnen, verwissel elke kwantor die ze passeert en ontken de binnenste formule met de propositiewetten, zoals ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Een redenering is geldig als de conclusie 1 is in elke rij waarin alle premissen 1 zijn. Eén rij met ware premissen en een onware conclusie is een tegenvoorbeeld en toont aan dat de redenering ongeldig is.

Schuif de ontkenning naar binnen

¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)

Antwoord

∀x ¬P(x)

De andere opties laten een kwantor onveranderd, veranderen de volgorde van de kwantoren, of ontkennen de binnenste formule verkeerd.

5.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Antwoord: L = 4

Booleaanse algebra: de regels die uitdrukkingen vereenvoudigen zijn X + X′ = 1 en X·X′ = 0, X + X = X, absorptie X + X·Y = X, de samenvoegregel X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y en de consensusstelling XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. De wetten van De Morgan veranderen (X·Y)′ in X′ + Y′ en (X + Y)′ in X′·Y′. Een Karnaugh-kaart past deze regels grafisch toe: elke groep van twee naburige cellen is één toepassing van XY + XY′ = X.

Mintermen van de uitdrukking

A′B′C → m(1)
B′C′ → m(0, 4)
ABC′ → m(6)
ABC00011110011011030214050716

Groepeer en lees af

F = AC′ + A′B′

Tel de literals

L = 4

Antwoord

L = 4
6.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Antwoord: L = 12

Karnaugh-kaarten: de cellen staan in Gray-code (00, 01, 11, 10), dus naburige cellen, ook die over de randen heen, verschillen in precies één variabele. Groepeer de enen in rechthoeken van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen, zo groot en zo weinig mogelijk, totdat elke 1 gedekt is. Elke groep is één productterm: de variabelen die erin constant blijven. Een groep van 2ᵏ cellen verliest k variabelen. Don’t-cares (X) mogen worden gebruikt om groepen groter te maken maar hoeven nooit gedekt te worden. Groepeer je in plaats daarvan de nullen, dan krijg je de minimale POS-vorm.

Priemimplicanten

De grootste groepen die uit enen en X’en gevormd kunnen worden.

BCD, AD, AB′C, A′BC′D′
ABCD00011110000111100001030214051706012X13X150140819111110

Minimale dekking

F = BCD + AD + AB′C + A′BC′D′
L = 12

Antwoord

L = 12
7.Getaltheorie & modulair rekenen

Antwoord: x = 4

Inversen en congruenties: a heeft een inverse modulo n precies als ggd(a, n) = 1. Het uitgebreide algoritme van Euclides schrijft 1 = s·n + t·a, en dan is a⁻¹ ≡ t (mod n). Een congruentie a·x ≡ b (mod n) met ggd(a, n) = 1 heeft de oplossing x ≡ a⁻¹·b. Twee congruenties x ≡ r₁ (mod m₁) en x ≡ r₂ (mod m₂) met onderling ondeelbare moduli hebben één oplossing modulo m₁·m₂ (Chinese reststelling). Eulers φ(n) telt de getallen van 1 tot n die onderling ondeelbaar zijn met n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Inverse van 15

r = 17, t = 0
r = 15, q = 1, t = 1
r = 2, q = 7, t = −1
r = 1, q = 2, t = 8
15−1 ≡ 8 (mod 17)

Oplossen

x ≡ 8·9 = 72 ≡ 4 (mod 17)
controle: 15·4 = 60 ≡ 9 (mod 17)

Antwoord

x = 4
8.Getaltheorie & modulair rekenen

Antwoord: d = 283

Modulaire machten en RSA: bereken aᵏ mod n door herhaald kwadrateren: schrijf k binair, kwadrateer, reduceer na elke stap en vermenigvuldig de machten waarvan de bit 1 is. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) voor een priemgetal p dat a niet deelt, dus de exponent kan modulo p − 1 gereduceerd worden. RSA: kies priemgetallen p en q, n = p·q en φ(n) = (p − 1)(q − 1); de publieke exponent e is onderling ondeelbaar met φ(n), en de privé-exponent is d = e⁻¹ mod φ(n). Versleutel met c = mᵉ mod n en ontsleutel met m = cᵈ mod n.

Modulus en φ-waarde

n = 13·29 = 377
φ(n) = 12·28 = 336

Uitgebreid algoritme van Euclides

r = 336, t = 0
r = 19, q = 17, t = 1
r = 13, q = 1, t = −17
r = 6, q = 2, t = 18
r = 1, q = 6, t = −53

Privé-exponent

d = 283
controle: 19·283 = 5377 = 16·336 + 1

Antwoord

d = 283
9.Algoritmen & complexiteit

Antwoord: C · O(n)

Waarom dit het antwoord is

Er zijn n niveaus met elk constant werk, zoals bij een recursieve som van een array.

Antwoord

C · O(n)
10.Algoritmen & complexiteit

Antwoord: C · O(n² 2ⁿ)

Waarom dit het antwoord is

Er zijn ongeveer n 2ⁿ toestanden, die elk in O(n) worden berekend; dat is exponentieel, maar veel sneller dan alle (n − 1)! routes proberen.

Antwoord

C · O(n² 2ⁿ)
11.Datastructuren

Antwoord: D · Verplaats het laatste element naar de wortel en laat het omlaag zakken (sift down)

Waarom dit het antwoord is

Het laatste element vult het gat in de wortel en wordt verwisseld met zijn kleinste kind tot de heap-eigenschap geldt, wat O(log n) kost.

Antwoord

D · Verplaats het laatste element naar de wortel en laat het omlaag zakken (sift down)
12.Datastructuren

Antwoord: D · 60

Waarom dit het antwoord is

De meest linkse knoop van de rechtersubboom is 60, dus 60 vervangt 50 en zijn oude positie wordt verwijderd; met de voorganger zou het 40 worden.

Antwoord

D · 60
13.Grafentheorie

Antwoord: L = 12

Euler, Hamilton en bomen: een samenhangende graaf heeft een Eulercircuit (elke kant één keer, terug naar het begin) als elk hoekpunt even graad heeft, en een Eulerpad dat geen circuit is als precies twee hoekpunten oneven graad hebben; het pad loopt dan van het ene oneven hoekpunt naar het andere. Een Hamiltoncircuit bezoekt elk hoekpunt één keer; Kn heeft er (n − 1)!/2. Een boom op n hoekpunten heeft n − 1 kanten, en een samenhangende graaf met m kanten houdt een opspannende boom over na het verwijderen van m − n + 1 kanten.

Handenschudlemma voor een boom

L + 26 = 2(L + 8) − 2
L = 12

Antwoord

L = 12

Snelle methode: L = 2 + Σ (d − 2) over de hoekpunten met graad d ≥ 3.

14.Grafentheorie

Antwoord: W = 32

Kortste paden en opspannende bomen: het algoritme van Dijkstra legt per ronde één hoekpunt vast: het onafgehandelde hoekpunt met de kleinste voorlopige afstand. Zijn afstand is dan definitief, en elke buur v krijgt d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Het algoritme van Kruskal bouwt een minimaal opspannende boom door de kanten van licht naar zwaar te nemen en elke kant over te slaan die een cykel zou sluiten; het algoritme van Prim laat één boom groeien vanuit een beginpunt door steeds de lichtste kant toe te voegen die eruit vertrekt. Een opspannende boom van n hoekpunten heeft n − 1 kanten.

Het algoritme van Kruskal

AC (3): nemen
CE (6): nemen
BE (10): nemen
BC (12): overslaan, sluit een cykel
DE (13): nemen

Totaal gewicht

W = 3 + 6 + 10 + 13 = 32

Antwoord

W = 32
15.Databases & SQL

Antwoord: C · 15

Waarom dit het antwoord is

AVG negeert NULL, dus het middelt 10 en 20 tot 15, niet 30 / 3 = 10.

Antwoord

C · 15
16.Databases & SQL

Antwoord: B · 0

Waarom dit het antwoord is

COUNT(col) telt niet-NULL-waarden en geeft dus 0 terug; COUNT(*) zou 10 teruggeven.

Antwoord

B · 0
17.Computernetwerken

Antwoord: B · 192.168.0.0/23

Waarom dit het antwoord is

0 en 1 delen alle bits van het derde octet behalve het laatste, dus een prefix van één bit korter (/23) vanaf 192.168.0.0 dekt precies beide.

Antwoord

B · 192.168.0.0/23
18.Computernetwerken

Antwoord: B · De 128-bits adresruimte is groot genoeg om elk apparaat een globaal adres te geven

Waarom dit het antwoord is

IPv6 heeft ongeveer 3,4 × 10³⁸ adressen, dus het tekort dat bij IPv4 tot NAT leidde verdwijnt; firewalls zorgen nog steeds voor beveiliging.

Antwoord

B · De 128-bits adresruimte is groot genoeg om elk apparaat een globaal adres te geven
19.IPv4-subnetting

Antwoord: H = 62

IPv4-subnetting: een adres heeft 32 bits. Het prefix /p geeft aan hoeveel voorste bits het netwerk aanduiden; de overige 32 − p bits nummeren de hosts. Een subnet heeft 2³²⁻ᵖ adressen, maar het eerste (netwerkadres) en het laatste (broadcastadres) kunnen niet aan hosts worden gegeven, dus er passen 2³²⁻ᵖ − 2 hosts in. Uitzonderingen: een /31 (point-to-pointverbinding, RFC 3021) gebruikt allebei zijn 2 adressen voor hosts, en een /32 is één enkel adres (één host of een loopback).

Te lenen bits

22 = 4 ≥ 4 → b = 2, /26

Hosts per subnet

26 − 2 = 62

Antwoord

H = 62
20.IPv4-subnetting

Antwoord: x = 192

VLSM: elk LAN krijgt het kleinste subnet met 2ʰ − 2 ≥ het aantal hosts, dus prefix 32 − h. Door de grootste subnetten eerst toe te wijzen begint elk blok op een veelvoud van zijn eigen grootte, zodat de netwerkadressen volgen door de blokgroottes op te tellen.

Blokgrootte per LAN

D: 84 hosts → 27 = 128 (/25)
C: 57 hosts → 26 = 64 (/26)
A: 9 hosts → 24 = 16 (/28)
B: 6 hosts → 23 = 8 (/29)

Toewijzing, grootste eerst

D: .0 – .127
C: .128 – .191
A: .192 – .207
B: .208 – .215

Antwoord

x = 192

LAN A: 192.168.176.192/28.

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals