Basis informatica: samenvattingspakket

Formuleoverzichten, de belangrijkste methodestappen voor elk onderwerp en 20 oefenopgaven, met volledige oplossingen achterin.

Nieuwe opgavenTerug naar het vak

Kies in het printvenster “Opslaan als pdf” om een kopie op je apparaat te bewaren.

1Formules en methoden

Talstelsels

Plaatswaarden
binair 2k, octaal 8k, hex 16k
Naar decimaal
Σ dk·bk
Vanuit decimaal
deel door het grondtal en lees de resten van onder naar boven
Hex ↔ binair
één hexcijfer = 4 bits
Two's complement
inverteer de bits en tel 1 op

Propositielogica & bewijzen

Rijen van een waarheidstabel
2ⁿ
Implicatie
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Ontkende implicatie
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bi-implicatie
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributieve wetten
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Ontkende kwantoren
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Methode

  1. Tel de verschillende variabelen: de waarheidstabel heeft 2ⁿ rijen, beginnend met alle variabelen op 1.
  2. Geef elke deelformule een eigen kolom en vul de kolommen van binnen naar buiten in.
  3. Pas de regel van elk voegwoord toe: → is alleen 0 bij 1 → 0, ↔ is 1 als beide kanten gelijk zijn.
  4. Vergelijk bij equivalenties de laatste kolommen rij voor rij; kijk bij een redenering alleen naar de rijen waarin alle premissen 1 zijn.
  5. Om een bewering met kwantor te ontkennen, schuif je ¬ naar binnen, verwissel je ∀ en ∃ en ontken je de binnenste formule.

Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Basispoorten
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Booleaanse regels
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Volgorde van de Karnaugh-kaart
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groep van 2ᵏ cellen
verliest k variabelen
4-naar-1-multiplexer
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flops
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Tellers
n-bits: 2ⁿ toestanden; mod-N: kleinste n met 2ⁿ ≥ N; fuit = fklok/N
Ripple-teller
fmax = 1/(n·tpd)
Ring- en Johnson-tellers
n en 2n toestanden

Methode

  1. Werk bij een schakeling van de ingangen naar de uitgang, één poort tegelijk, en schrijf de waarde op elke draad, of schrijf de uitdrukking op en vul de waarheidstabel in.
  2. Zet voor vereenvoudiging de enen (en de don’t-cares als X) in een Karnaugh-kaart met rijen en kolommen in Gray-code: 00, 01, 11, 10.
  3. Dek de enen met zo weinig en zo grote groepen van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen als mogelijk, met terugloop om de randen; elke groep is één productterm van de variabelen die constant blijven. Groepeer de nullen voor de POS-vorm.
  4. Lees bij flip-flops en tellers de ingangen af op elke actieve klokflank, schrijf de toestand na elke flank op, en onthoud dat een n-bits teller na 2ⁿ toestanden terugloopt.

Getaltheorie & modulair rekenen

Deling met rest
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kleinste gemene veelvoud
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Lineaire congruentie
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Eulers φ-functie
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Methode

  1. Reduceer eerst elk getal modulo n; resten liggen tussen 0 en n − 1.
  2. Deel voor een ggd herhaaldelijk met het algoritme van Euclides; de laatste rest ongelijk aan nul is de ggd.
  3. Laat voor een inverse het uitgebreide algoritme lopen en houd de coëfficiënt van a; tel n erbij op als die negatief is.
  4. Los a·x ≡ b op door met a⁻¹ te vermenigvuldigen; combineer twee congruenties door x = r₁ + m₁k te schrijven.
  5. Schrijf bij machten de exponent binair en kwadrateer herhaaldelijk; in RSA is d = e⁻¹ mod φ(n) met φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafentheorie

Handenschudlemma
Σ deg(v) = 2|E|
Volledige grafen
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliere graaf
|E| = n·k/2
Boom en bos
|E| = n − 1, |E| = n − c
Bladeren van een boom
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit: alle graden even; pad: precies 2 oneven graden
Hamiltoncircuits in Kn
(n − 1)!/2
Dijkstra-update
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Wandelingen van lengte L
(Mᴸ)ij

Methode

  1. Schrijf de graad van elk hoekpunt op; de graden zijn samen twee keer het aantal kanten.
  2. Controleer bij Eulervragen of de graaf samenhangend is en tel de hoekpunten met oneven graad.
  3. Gebruik bij bomen n − 1 kanten en het handenschudlemma.
  4. Houd bij Dijkstra een tabel met voorlopige afstanden bij en leg elke ronde het onafgehandelde hoekpunt met de kleinste afstand vast.
  5. Sorteer voor een minimaal opspannende boom de kanten op gewicht en sla elke kant over die een cykel sluit (Kruskal), of laat één boom groeien vanuit een beginpunt (Prim).

IPv4-subnetting

Hosts per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blokgrootte
256 − (mask octet)
Netwerkadres
IP AND masker
Broadcastadres
IP OR (NOT masker): alle hostbits op 1
Subnetten uit n geleende bits
2n

2Oefenopgaven

1.TalstelselsGemiddeld
8-bits two's complement0−12806403201608040201

Stel de bits zo in dat ze −58 opslaan in 8-bits tweecomplement. Wat is de waarde U van het patroon, gelezen als getal zonder teken?

N = −588 bit
U =
2.TalstelselsMoeilijk
klik op de bits om ze in te stellen012806403201608040201

Stel de bits in op het 8-bits resultaat van 1001 1000 XOR 0111 1110. Wat is de waarde R van het resultaat in decimaal?

1001 1000XOR0111 1110
R =
3.Propositielogica & bewijzenGemiddeld
tautologiecontradictiecontingentie

Is (r ∨ p) → (r ∧ p) een tautologie, een contradictie of een contingentie? Klik op je antwoord.

(r ∨ p) → (r ∧ p)
  1. 1tautologie
  2. 2contradictie
  3. 3contingentie
4.Propositielogica & bewijzenMoeilijk
abca → cb → ca → b111110101100011010001000

De redenering met premissen a → c; b → c en conclusie a → b is ongeldig. Klik op de rij van de waarheidstabel die een tegenvoorbeeld is.

a → cb → c∴ a → b
  1. 1a = 1, b = 1, c = 1
  2. 2a = 1, b = 1, c = 0
  3. 3a = 1, b = 0, c = 1
  4. 4a = 1, b = 0, c = 0
  5. 5a = 0, b = 1, c = 1
  6. 6a = 0, b = 1, c = 0
  7. 7a = 0, b = 0, c = 1
  8. 8a = 0, b = 0, c = 0
5.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flopsGemiddeld
MUX1I0​0I1​CI2​0I3​ABS1​S0​F

Een 4-naar-1-multiplexer heeft selectie-ingangen S₁ = A en S₀ = B, en data-ingangen gekoppeld aan I₀ = 1, I₁ = 0, I₂ = C, I₃ = 0. Voor hoeveel van de 8 combinaties van A, B en C is de uitgang F = 1? Bepaal N.

I₀ = 1I₁ = 0I₂ = CI₃ = 0
N =
6.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flopsMoeilijk
ABCD00011110000111101001X30204150716012013115014X8X9011X10

Bepaal voor F(A, B, C, D) = Σm(0, 5, 6, 15) + d(3, 8, 9, 10), waarbij d de don’t-care-condities aangeeft, het aantal N essentiële priemimplicanten.

F(A, B, C, D) = Σm(0, 5, 6, 15) + d(3, 8, 9, 10)
N =
7.Getaltheorie & modulair rekenenGemiddeld

Vind het kleinste positieve gehele getal x met x ≡ 5 (mod 6) en x ≡ 2 (mod 7).

x ≡ 5 (mod 6)x ≡ 2 (mod 7)
x =
8.Getaltheorie & modulair rekenenMoeilijk

Gebruik herhaald kwadrateren om 527 mod 13 te vinden.

a = 5k = 27n = 13
527 mod 13 =
9.Algoritmen & complexiteitGemiddeld

Waarom levert dynamisch programmeren geen echte versnelling op voor mergesort?

  1. AMergesort is al O(n)
  2. BDynamisch programmeren werkt alleen op grafenproblemen, niet op arrays
  3. CDe deelproblemen overlappen niet, dus er valt niets te hergebruiken
  4. DMergesort heeft geen recursieve structuur
10.Algoritmen & complexiteitMoeilijk

Insertion sort loopt in O(n) op gesorteerde invoer. Is dit in tegenspraak met de ondergrens Ω(n log n) voor sorteren met vergelijkingen?

  1. ANee, omdat insertion sort geen sorteeralgoritme op basis van vergelijkingen is
  2. BJa, maar alleen voor arrays korter dan 100
  3. CJa, de ondergrens is dus fout
  4. DNee, de ondergrens geldt voor het slechtste geval over alle invoeren, niet voor elke invoer
11.DatastructurenGemiddeld

Een knoop in een binaire zoekboom heeft een rechtersubboom. Waar staat zijn inorder-opvolger?

  1. AAltijd zijn ouder
  2. BDe meest linkse knoop van zijn rechtersubboom
  3. CDe meest rechtse knoop van zijn linkersubboom
  4. DAltijd zijn rechterkind
12.DatastructurenMoeilijk

Welke uitspraak over heapsort is juist?

  1. AHet heeft een binaire zoekboom nodig als extra opslag, dus het gebruikt O(n) extra geheugen
  2. BHet draait op elke invoer in O(n) tijd
  3. CHet sorteert ter plaatse in O(n log n) in het slechtste geval, maar is niet stabiel
  4. DHet is stabiel en heeft O(n) extra geheugen nodig
13.GrafentheorieGemiddeld

Hoeveel verschillende Hamiltoncircuits H heeft de volledige graaf K7? Circuits die alleen verschillen in het beginpunt of de richting tellen als hetzelfde.

K7
H =
14.GrafentheorieMoeilijk
11483104106ABCDEF

Het algoritme van Dijkstra start bij A. Klik op het hoekpunt dat in ronde 4 wordt vastgelegd (definitief gemaakt); A zelf is ronde 1.

start: Aronde 4
  1. 1A
  2. 2B
  3. 3C
  4. 4D
  5. 5E
  6. 6F
15.Databases & SQLGemiddeld

Welke instructie verwijdert alle rijen van een tabel, behoudt de structuur en kan geen WHERE-clausule hebben?

  1. ADELETE FROM met een WHERE-clausule
  2. BALTER TABLE
  3. CTRUNCATE TABLE
  4. DDROP TABLE
16.Databases & SQLMoeilijk

Waarom gebruik je na customers LEFT JOIN orders COUNT(o.id) in plaats van COUNT(*) om bestellingen per klant te tellen?

  1. ACOUNT(*) telt de met NULL gevulde rij als 1 voor klanten zonder bestellingen
  2. BCOUNT(o.id) telt alleen verschillende klanten
  3. CCOUNT(*) is niet toegestaan na een join
  4. DCOUNT(*) negeert rijen met NULL-waarden
17.ComputernetwerkenGemiddeld

Welk protocol gebruikt het commando "ping"?

  1. AICMP
  2. BUDP
  3. CHTTP
  4. DTCP
18.ComputernetwerkenMoeilijk

Een pad heeft een bandbreedte van 100 Mbit/s en een round-trip time van 40 ms. Hoeveel data moet onderweg zijn om het volledig te benutten?

  1. A2,5 MB
  2. B4 kB
  3. C50 kB
  4. D500 kB
19.IPv4-subnettingGemiddeld
/?11111111111111111111110000000000netwerkbitshostbits

Een afdeling heeft 549 hostadressen nodig in één subnet. Wat is de langste prefixlengte p (kleinste subnet) die groot genoeg is?

549 hosts
p =
20.IPv4-subnettingMoeilijk
laatste octet = 53012806413211608140211netwerkhost

Een host heeft het adres 10.20.252.53/25. Wat is het vierde octet x van het laatste bruikbare hostadres in zijn subnet?

10.20.252.53/25
x =

3Oplossingen

1.Talstelsels

Antwoord: U = 198

Bits instellen: elke bit is een macht van twee waard (128, 64, …, 1). Eén hexadecimaal cijfer is precies vier bits, en in 8-bits tweecomplement is de meest linkse bit −128 waard. Bitsgewijze bewerkingen werken op elke bitpositie apart.

Omkeren en één optellen

58 = 0011 1010
omgekeerd: 1100 0101
+1 → 1100 0110

Lezen zonder teken

1100 0110₂ = 256 − 58 = 198

Antwoord

U = 198
2.Talstelsels

Antwoord: R = 230

Bits instellen: elke bit is een macht van twee waard (128, 64, …, 1). Eén hexadecimaal cijfer is precies vier bits, en in 8-bits tweecomplement is de meest linkse bit −128 waard. Bitsgewijze bewerkingen werken op elke bitpositie apart.

Bit voor bit

XOR geeft 1 waar de twee bits verschillen.

1001 1000
XOR 0111 1110
= 1110 0110

Waarde van het resultaat

1110 0110₂ = 230

Antwoord

R = 230
3.Propositielogica & bewijzen

Antwoord: contingentie

Logische equivalentie: twee formules zijn equivalent (≡) als ze in elke rij van de waarheidstabel dezelfde waarde hebben. Een tautologie is in elke rij 1, een contradictie in elke rij 0, en een contingentie is geen van beide. Nuttige wetten: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b en ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contrapositie); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; en de distributieve wetten, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Waarheidstabel rij voor rij

p = 1, r = 1: r ∨ p = 1, r ∧ p = 1, (r ∨ p) → (r ∧ p) = 1
p = 1, r = 0: r ∨ p = 1, r ∧ p = 0, (r ∨ p) → (r ∧ p) = 0
p = 0, r = 1: r ∨ p = 1, r ∧ p = 0, (r ∨ p) → (r ∧ p) = 0
p = 0, r = 0: r ∨ p = 0, r ∧ p = 0, (r ∨ p) → (r ∧ p) = 1

Classificeer

(r ∨ p) → (r ∧ p): 1, 0, 0, 1
1 in 2 van de 4 rijen, 0 in de andere: een contingentie.

Antwoord

contingentie
4.Propositielogica & bewijzen

Antwoord: a = 1, b = 0, c = 1

Kwantoren en redeneringen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) en ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Schuif een ontkenning naar binnen, verwissel elke kwantor die ze passeert en ontken de binnenste formule met de propositiewetten, zoals ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Een redenering is geldig als de conclusie 1 is in elke rij waarin alle premissen 1 zijn. Eén rij met ware premissen en een onware conclusie is een tegenvoorbeeld en toont aan dat de redenering ongeldig is.

Premissen en conclusie rij voor rij

a = 1, b = 1, c = 1: 1 1 | 1
a = 1, b = 1, c = 0: 0 0 | 1
a = 1, b = 0, c = 1: 1 1 | 0
a = 1, b = 0, c = 0: 0 1 | 0
a = 0, b = 1, c = 1: 1 1 | 1
a = 0, b = 1, c = 0: 1 0 | 1
a = 0, b = 0, c = 1: 1 1 | 1
a = 0, b = 0, c = 0: 1 1 | 1

Tegenvoorbeeld

a = 1, b = 0, c = 1

Antwoord

a = 1, b = 0, c = 1

Een redenering van deze vorm lijkt op een geldige regel, maar één rij is genoeg om te laten zien dat dat niet zo is.

5.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Antwoord: N = 3

Multiplexer: een 2ⁿ-naar-1-multiplexer geeft één van zijn data-ingangen door aan de uitgang; de selectielijnen, gelezen als binair getal, kiezen welke. Voor een 4-naar-1-MUX met selecties S₁S₀ = AB is F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Door de data-ingangen aan 0, 1, C of C′ te koppelen, maakt de MUX elke functie van A, B en C, wat een veelgebruikte manier is om logica met één chip te bouwen.

Uitgangsuitdrukking

F = A′B′ + AB′C

Rijen met F = 1

ABC = 000, 001, 101
N = 3

Antwoord

N = 3
6.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Antwoord: N = 4

Karnaugh-kaarten: de cellen staan in Gray-code (00, 01, 11, 10), dus naburige cellen, ook die over de randen heen, verschillen in precies één variabele. Groepeer de enen in rechthoeken van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen, zo groot en zo weinig mogelijk, totdat elke 1 gedekt is. Elke groep is één productterm: de variabelen die erin constant blijven. Een groep van 2ᵏ cellen verliest k variabelen. Don’t-cares (X) mogen worden gebruikt om groepen groter te maken maar hoeven nooit gedekt te worden. Groepeer je in plaats daarvan de nullen, dan krijg je de minimale POS-vorm.

Priemimplicanten

De grootste groepen die uit enen en X’en gevormd kunnen worden.

B′C′D′, A′BC′D, A′BCD′, ABCD
ABCD00011110000111101001X30204150716012013115014X8X9011X10

Essentiële priemimplicanten

B′C′D′, A′BC′D, A′BCD′, ABCD
N = 4

Antwoord

N = 4
7.Getaltheorie & modulair rekenen

Antwoord: x = 23

Inversen en congruenties: a heeft een inverse modulo n precies als ggd(a, n) = 1. Het uitgebreide algoritme van Euclides schrijft 1 = s·n + t·a, en dan is a⁻¹ ≡ t (mod n). Een congruentie a·x ≡ b (mod n) met ggd(a, n) = 1 heeft de oplossing x ≡ a⁻¹·b. Twee congruenties x ≡ r₁ (mod m₁) en x ≡ r₂ (mod m₂) met onderling ondeelbare moduli hebben één oplossing modulo m₁·m₂ (Chinese reststelling). Eulers φ(n) telt de getallen van 1 tot n die onderling ondeelbaar zijn met n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Eerste congruentie

x = 5 + 6k

Tweede congruentie

5 + 6k ≡ 2 (mod 7) → 6k ≡ 4 (mod 7)
k ≡ 6·4 ≡ 3 (mod 7)

Resultaat

x = 5 + 6·3 = 23
x = 23
controle: 23 mod 6 = 5, 23 mod 7 = 2

Antwoord

x = 23
8.Getaltheorie & modulair rekenen

Antwoord: 527 mod 13 = 8

Modulaire machten en RSA: bereken aᵏ mod n door herhaald kwadrateren: schrijf k binair, kwadrateer, reduceer na elke stap en vermenigvuldig de machten waarvan de bit 1 is. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) voor een priemgetal p dat a niet deelt, dus de exponent kan modulo p − 1 gereduceerd worden. RSA: kies priemgetallen p en q, n = p·q en φ(n) = (p − 1)(q − 1); de publieke exponent e is onderling ondeelbaar met φ(n), en de privé-exponent is d = e⁻¹ mod φ(n). Versleutel met c = mᵉ mod n en ontsleutel met m = cᵈ mod n.

Binaire exponent

27 = 110112 = 16 + 8 + 2 + 1

Herhaald kwadrateren

51 ≡ 5 (mod 13)
52 ≡ 12 (mod 13)
54 ≡ 1 (mod 13)
58 ≡ 1 (mod 13)
516 ≡ 1 (mod 13)

Vermenigvuldig de benodigde machten

527 ≡ 5·12·1·1 ≡ 8 (mod 13)

Antwoord

527 mod 13 = 8
9.Algoritmen & complexiteit

Antwoord: C · De deelproblemen overlappen niet, dus er valt niets te hergebruiken

Waarom dit het antwoord is

De helften van mergesort zijn disjunct en worden elk één keer opgelost; DP helpt alleen als deelproblemen terugkomen, zoals bij Fibonacci.

Antwoord

C · De deelproblemen overlappen niet, dus er valt niets te hergebruiken
10.Algoritmen & complexiteit

Antwoord: D · Nee, de ondergrens geldt voor het slechtste geval over alle invoeren, niet voor elke invoer

Waarom dit het antwoord is

De grens zegt dat elk sorteeralgoritme op basis van vergelijkingen op een of andere invoer van grootte n ongeveer n log n vergelijkingen nodig heeft; speciale invoeren kunnen veel sneller zijn.

Antwoord

D · Nee, de ondergrens geldt voor het slechtste geval over alle invoeren, niet voor elke invoer
11.Datastructuren

Antwoord: B · De meest linkse knoop van zijn rechtersubboom

Waarom dit het antwoord is

Alle grotere sleutels dicht bij de knoop staan in zijn rechtersubboom, en de kleinste daarvan is de meest linkse knoop daar.

Antwoord

B · De meest linkse knoop van zijn rechtersubboom
12.Datastructuren

Antwoord: C · Het sorteert ter plaatse in O(n log n) in het slechtste geval, maar is niet stabiel

Waarom dit het antwoord is

Heapsort bouwt een max-heap en haalt binnen dezelfde array n keer het maximum eruit; verwisselingen over grote afstanden kunnen gelijke sleutels van volgorde veranderen.

Antwoord

C · Het sorteert ter plaatse in O(n log n) in het slechtste geval, maar is niet stabiel
13.Grafentheorie

Antwoord: H = 360

Euler, Hamilton en bomen: een samenhangende graaf heeft een Eulercircuit (elke kant één keer, terug naar het begin) als elk hoekpunt even graad heeft, en een Eulerpad dat geen circuit is als precies twee hoekpunten oneven graad hebben; het pad loopt dan van het ene oneven hoekpunt naar het andere. Een Hamiltoncircuit bezoekt elk hoekpunt één keer; Kn heeft er (n − 1)!/2. Een boom op n hoekpunten heeft n − 1 kanten, en een samenhangende graaf met m kanten houdt een opspannende boom over na het verwijderen van m − n + 1 kanten.

Tellen

H = (7 − 1)!/2 = 720/2 = 360

Antwoord

H = 360
14.Grafentheorie

Antwoord: D

Kortste paden en opspannende bomen: het algoritme van Dijkstra legt per ronde één hoekpunt vast: het onafgehandelde hoekpunt met de kleinste voorlopige afstand. Zijn afstand is dan definitief, en elke buur v krijgt d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Het algoritme van Kruskal bouwt een minimaal opspannende boom door de kanten van licht naar zwaar te nemen en elke kant over te slaan die een cykel zou sluiten; het algoritme van Prim laat één boom groeien vanuit een beginpunt door steeds de lichtste kant toe te voegen die eruit vertrekt. Een opspannende boom van n hoekpunten heeft n − 1 kanten.

Dijkstra ronde voor ronde

1. A (0): B: 1
2. B (1): C: 15, D: 9, E: 7
3. E (7): C: 10, F: 17
4. D (9): F: 13
5. C (10)
6. F (13)

ronde 4

D

Antwoord

D
15.Databases & SQL

Antwoord: C · TRUNCATE TABLE

Waarom dit het antwoord is

TRUNCATE maakt een tabel snel leeg en behoudt de definitie; DELETE kan geselecteerde rijen verwijderen, en DROP verwijdert de tabel zelf.

Antwoord

C · TRUNCATE TABLE
16.Databases & SQL

Antwoord: A · COUNT(*) telt de met NULL gevulde rij als 1 voor klanten zonder bestellingen

Waarom dit het antwoord is

De left join geeft voor zulke klanten één rij met NULL in de bestelkolommen; COUNT(o.id) slaat de NULL over en meldt correct 0.

Antwoord

A · COUNT(*) telt de met NULL gevulde rij als 1 voor klanten zonder bestellingen
17.Computernetwerken

Antwoord: A · ICMP

Waarom dit het antwoord is

Ping verstuurt ICMP echo requests en meet de tijd totdat de echo replies terugkomen.

Antwoord

A · ICMP
18.Computernetwerken

Antwoord: D · 500 kB

Waarom dit het antwoord is

Het bandbreedte-vertragingsproduct is 100 × 10⁶ bit/s × 0,04 s = 4 × 10⁶ bits = 500 kB. Het venster van de zender moet minstens zo groot zijn.

Antwoord

D · 500 kB
19.IPv4-subnetting

Antwoord: p = 22

IPv4-subnetting: een adres heeft 32 bits. Het prefix /p geeft aan hoeveel voorste bits het netwerk aanduiden; de overige 32 − p bits nummeren de hosts. Een subnet heeft 2³²⁻ᵖ adressen, maar het eerste (netwerkadres) en het laatste (broadcastadres) kunnen niet aan hosts worden gegeven, dus er passen 2³²⁻ᵖ − 2 hosts in. Uitzonderingen: een /31 (point-to-pointverbinding, RFC 3021) gebruikt allebei zijn 2 adressen voor hosts, en een /32 is één enkel adres (één host of een loopback).

Benodigde hostbits

29 − 2 = 510 < 549
210 − 2 = 1022 ≥ 549 → h = 10

Prefixlengte

p = 32 − 10 = 22

Antwoord

p = /22
20.IPv4-subnetting

Antwoord: x = 126

IPv4-subnetting: een adres heeft 32 bits. Het prefix /p geeft aan hoeveel voorste bits het netwerk aanduiden; de overige 32 − p bits nummeren de hosts. Een subnet heeft 2³²⁻ᵖ adressen, maar het eerste (netwerkadres) en het laatste (broadcastadres) kunnen niet aan hosts worden gegeven, dus er passen 2³²⁻ᵖ − 2 hosts in. Uitzonderingen: een /31 (point-to-pointverbinding, RFC 3021) gebruikt allebei zijn 2 adressen voor hosts, en een /32 is één enkel adres (één host of een loopback).

Blokgrootte

27 = 128

Subnet van deze host

netwerk: ⌊53/128⌋·128 = 0
broadcast: 0 + 128 − 1 = 127
bruikbare hosts: 1 … 126

Antwoord

x = 126

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals