Basis informatica: samenvattingspakket

Formuleoverzichten, de belangrijkste methodestappen voor elk onderwerp en 20 oefenopgaven, met volledige oplossingen achterin.

Nieuwe opgavenTerug naar het vak

Kies in het printvenster “Opslaan als pdf” om een kopie op je apparaat te bewaren.

1Formules en methoden

Talstelsels

Plaatswaarden
binair 2k, octaal 8k, hex 16k
Naar decimaal
Σ dk·bk
Vanuit decimaal
deel door het grondtal en lees de resten van onder naar boven
Hex ↔ binair
één hexcijfer = 4 bits
Two's complement
inverteer de bits en tel 1 op

Propositielogica & bewijzen

Rijen van een waarheidstabel
2ⁿ
Implicatie
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Ontkende implicatie
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bi-implicatie
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributieve wetten
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Ontkende kwantoren
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Methode

  1. Tel de verschillende variabelen: de waarheidstabel heeft 2ⁿ rijen, beginnend met alle variabelen op 1.
  2. Geef elke deelformule een eigen kolom en vul de kolommen van binnen naar buiten in.
  3. Pas de regel van elk voegwoord toe: → is alleen 0 bij 1 → 0, ↔ is 1 als beide kanten gelijk zijn.
  4. Vergelijk bij equivalenties de laatste kolommen rij voor rij; kijk bij een redenering alleen naar de rijen waarin alle premissen 1 zijn.
  5. Om een bewering met kwantor te ontkennen, schuif je ¬ naar binnen, verwissel je ∀ en ∃ en ontken je de binnenste formule.

Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Basispoorten
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Booleaanse regels
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Volgorde van de Karnaugh-kaart
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groep van 2ᵏ cellen
verliest k variabelen
4-naar-1-multiplexer
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flops
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Tellers
n-bits: 2ⁿ toestanden; mod-N: kleinste n met 2ⁿ ≥ N; fuit = fklok/N
Ripple-teller
fmax = 1/(n·tpd)
Ring- en Johnson-tellers
n en 2n toestanden

Methode

  1. Werk bij een schakeling van de ingangen naar de uitgang, één poort tegelijk, en schrijf de waarde op elke draad, of schrijf de uitdrukking op en vul de waarheidstabel in.
  2. Zet voor vereenvoudiging de enen (en de don’t-cares als X) in een Karnaugh-kaart met rijen en kolommen in Gray-code: 00, 01, 11, 10.
  3. Dek de enen met zo weinig en zo grote groepen van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen als mogelijk, met terugloop om de randen; elke groep is één productterm van de variabelen die constant blijven. Groepeer de nullen voor de POS-vorm.
  4. Lees bij flip-flops en tellers de ingangen af op elke actieve klokflank, schrijf de toestand na elke flank op, en onthoud dat een n-bits teller na 2ⁿ toestanden terugloopt.

Getaltheorie & modulair rekenen

Deling met rest
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kleinste gemene veelvoud
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Lineaire congruentie
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Eulers φ-functie
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Methode

  1. Reduceer eerst elk getal modulo n; resten liggen tussen 0 en n − 1.
  2. Deel voor een ggd herhaaldelijk met het algoritme van Euclides; de laatste rest ongelijk aan nul is de ggd.
  3. Laat voor een inverse het uitgebreide algoritme lopen en houd de coëfficiënt van a; tel n erbij op als die negatief is.
  4. Los a·x ≡ b op door met a⁻¹ te vermenigvuldigen; combineer twee congruenties door x = r₁ + m₁k te schrijven.
  5. Schrijf bij machten de exponent binair en kwadrateer herhaaldelijk; in RSA is d = e⁻¹ mod φ(n) met φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafentheorie

Handenschudlemma
Σ deg(v) = 2|E|
Volledige grafen
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliere graaf
|E| = n·k/2
Boom en bos
|E| = n − 1, |E| = n − c
Bladeren van een boom
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit: alle graden even; pad: precies 2 oneven graden
Hamiltoncircuits in Kn
(n − 1)!/2
Dijkstra-update
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Wandelingen van lengte L
(Mᴸ)ij

Methode

  1. Schrijf de graad van elk hoekpunt op; de graden zijn samen twee keer het aantal kanten.
  2. Controleer bij Eulervragen of de graaf samenhangend is en tel de hoekpunten met oneven graad.
  3. Gebruik bij bomen n − 1 kanten en het handenschudlemma.
  4. Houd bij Dijkstra een tabel met voorlopige afstanden bij en leg elke ronde het onafgehandelde hoekpunt met de kleinste afstand vast.
  5. Sorteer voor een minimaal opspannende boom de kanten op gewicht en sla elke kant over die een cykel sluit (Kruskal), of laat één boom groeien vanuit een beginpunt (Prim).

IPv4-subnetting

Hosts per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blokgrootte
256 − (mask octet)
Netwerkadres
IP AND masker
Broadcastadres
IP OR (NOT masker): alle hostbits op 1
Subnetten uit n geleende bits
2n

2Oefenopgaven

1.TalstelselsGemiddeld
8-bits two's complement?−128?64?32?16?8?4?2?1

Schrijf −13 als 8-bits patroon in two's complement. Lees het patroon als binair getal zonder teken: wat is de waarde U in decimaal?

N = −138 bit
U =
2.TalstelselsMoeilijk
klik op de bits om ze in te stellen012806403201608040201

Stel de bits in op het 8-bits resultaat van 0010 1011 XOR 1011 0010. Wat is de waarde R van het resultaat in decimaal?

0010 1011XOR1011 0010
R =
3.Propositielogica & bewijzenGemiddeld
¬(q ∨ p) → ¬¬r(q ∨ p) ∧ ¬¬r¬¬r → ¬(q ∨ p)¬r → (q ∨ p)

Je wilt (q ∨ p) → ¬r bewijzen met de contrapositie. Welke implicatie bewijs je in plaats daarvan? Klik erop.

(q ∨ p) → ¬r
  1. 1¬(q ∨ p) → ¬¬r
  2. 2(q ∨ p) ∧ ¬¬r
  3. 3¬¬r → ¬(q ∨ p)
  4. 4¬r → (q ∨ p)
4.Propositielogica & bewijzenMoeilijk
∀x (F(x) → ¬G(x))∃x (F(x) → ¬G(x))∀x (F(x) ∧ ¬G(x))∃x (F(x) ∧ ¬G(x))

Welke uitspraak is equivalent met ¬∀x (F(x) → G(x)), met de ontkenning helemaal naar binnen geschoven? Klik erop.

¬∀x (F(x) → G(x))
  1. 1∀x (F(x) → ¬G(x))
  2. 2∃x (F(x) → ¬G(x))
  3. 3∀x (F(x) ∧ ¬G(x))
  4. 4∃x (F(x) ∧ ¬G(x))
5.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flopsGemiddeld
ABC00011110011001031204150706

Gebruik de Karnaugh-kaart om de minimale product-van-sommenvorm (POS) van F(A, B, C) = Σm(0, 2, 5) te vinden. Hoeveel somtermen (factoren) N heeft die?

F(A, B, C) = Σm(0, 2, 5)
N =
6.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flopsMoeilijk
ABCD0001111000011110001113X214050716012113X150141809X11X10

Bepaal de minimale SOP-vorm van F(A, B, C, D) = Σm(1, 3, 4, 6, 8, 13) + d(2, 10, 11, 15), waarbij d de don’t-care-condities aangeeft. Hoeveel productermen N heeft die?

F(A, B, C, D) = Σm(1, 3, 4, 6, 8, 13) + d(2, 10, 11, 15)
N =
7.Getaltheorie & modulair rekenenGemiddeld

Vind het kleinste positieve gehele getal x met x ≡ 3 (mod 5) en x ≡ 1 (mod 6).

x ≡ 3 (mod 5)x ≡ 1 (mod 6)
x =
8.Getaltheorie & modulair rekenenMoeilijk

83 is een priemgetal. Gebruik de kleine stelling van Fermat om 960407 mod 83 te vinden.

p = 83k = 60407
960407 mod 83 =
9.Algoritmen & complexiteitGemiddeld

Wat betekent het dat een probleem een optimale deelstructuur heeft?

  1. AHet probleem heeft precies één optimale oplossing, die alle deelproblemen delen
  2. BEen optimale oplossing kan worden opgebouwd uit optimale oplossingen van de deelproblemen
  3. CElk deelprobleem heeft dezelfde grootte
  4. DHet probleem kan in constante tijd worden opgelost
10.Algoritmen & complexiteitMoeilijk

Waarom is een opzoeking in een hashtabel gemiddeld O(1) maar in het slechtste geval O(n)?

  1. ASleutels moeten eerst gesorteerd worden
  2. BHashfuncties zijn traag
  3. CVeel sleutels kunnen in dezelfde bucket botsen
  4. DArrays hebben O(n) toegang
11.DatastructurenGemiddeld

Een applicatie heeft snel opzoeken nodig en moet ook sleutels gesorteerd kunnen opsommen en bereikquery's beantwoorden. Welke structuur past het best?

  1. AEen gebalanceerde binaire zoekboom
  2. BEen ongesorteerde gekoppelde lijst
  3. CEen stack
  4. DEen hashtabel
12.DatastructurenMoeilijk

De sleutels 5, 3, 8, 1 worden in deze volgorde in een lege, op een array gebaseerde binaire min-heap ingevoegd. Wat is de uiteindelijke array?

  1. A[3, 1, 8, 5]
  2. B[1, 3, 5, 8]
  3. C[1, 5, 8, 3]
  4. D[1, 3, 8, 5]
13.GrafentheorieGemiddeld
ABCDEFGEulercircuitEulerpad, geen circuitgeen van beide

Heeft de samenhangende graaf een Eulercircuit, een Eulerpad dat geen circuit is, of geen van beide? Klik op je antwoord.

|V| = 7|E| = 10
  1. 1Eulercircuit
  2. 2Eulerpad, geen circuit
  3. 3geen van beide
14.GrafentheorieMoeilijk
47514131511121ABCDEFG

Gebruik het algoritme van Dijkstra om de lengte d(F) van het kortste pad van A naar F in de gewogen graaf te vinden.

start: Aeinde: F
d(F) =
15.Databases & SQLGemiddeld

De eerste normaalvorm (1NF) vereist dat:

  1. AElke niet-sleutelkolom afhangt van de hele sleutel en van niets anders dan de sleutel
  2. BElke kolom atomaire waarden bevat en er geen herhalende groepen zijn
  3. CEr geen vreemde sleutels zijn
  4. DElke tabel precies één kolom heeft
16.Databases & SQLMoeilijk

Hoe kunnen lezers met multiversion concurrency control (MVCC) voorkomen dat ze schrijvers blokkeren?

  1. ALezers lezen niet-gecommitte gegevens direct
  2. BLezers wachten altijd tot alle schrijvers hebben gecommit
  3. CSchrijven is niet toegestaan zolang er een lezer actief is
  4. DLezers zien een consistente momentopname van gecommitte rijversies, terwijl schrijvers nieuwe versies maken
17.ComputernetwerkenGemiddeld

Hoe lang duurt het om een pakket van 1500 bytes op een verbinding van 12 Mbit/s te zetten (transmissievertraging)?

  1. A1 ms
  2. B12 ms
  3. C0,125 ms
  4. D8 ms
18.ComputernetwerkenMoeilijk

Stations A en C bereiken allebei accesspoint B maar horen elkaar niet, zodat hun frames bij B botsen. Hoe helpt 802,11?

  1. ADoor de TTL van de frames te verhogen
  2. BDoor A en C botsingsdetectie te laten gebruiken zodat ze stoppen met zenden als frames overlappen
  3. CDoor de frames van A via C te routeren
  4. DMet optionele RTS/CTS-uitwisselingen: de CTS van het AP laat alle nabije stations wachten
19.IPv4-subnettingGemiddeld
/?11111111111111111111100000000000netwerkbitshostbits

Een afdeling heeft 1489 hostadressen nodig in één subnet. Wat is de langste prefixlengte p (kleinste subnet) die groot genoeg is?

1489 hosts
p =
20.IPv4-subnettingMoeilijk
derde octet 189 … 196112806413211618140211gemeenschappelijkverschilt

Een router heeft routes naar deze netwerken: 10.167.189.0/24, 10.167.190.0/24, 10.167.191.0/24, 10.167.192.0/24, 10.167.193.0/24, 10.167.194.0/24, 10.167.195.0/24, 10.167.196.0/24. Wat is de langste prefixlengte p van één samenvattende route die ze allemaal dekt?

10.167.189.0/24 … 10.167.196.0/24
p =

3Oplossingen

1.Talstelsels

Antwoord: U = 243

Positionele talstelsels: elk cijfer is zijn waarde maal een macht van het grondtal waard. Binair zijn de posities 1, 2, 4, 8, 16, … waard, hexadecimaal 1, 16, 256, …, met A–F voor 10–15. In 8-bits two's complement is het meest linkse bit −128 waard in plaats van +128; zo worden negatieve getallen opgeslagen.

Omkeren en één optellen

13 = 0000 1101
omgekeerd: 1111 0010
+1 → 1111 0011

Lezen zonder teken

1111 0011₂ = 256 − 13 = 243

Antwoord

U = 243
2.Talstelsels

Antwoord: R = 153

Bits instellen: elke bit is een macht van twee waard (128, 64, …, 1). Eén hexadecimaal cijfer is precies vier bits, en in 8-bits tweecomplement is de meest linkse bit −128 waard. Bitsgewijze bewerkingen werken op elke bitpositie apart.

Bit voor bit

XOR geeft 1 waar de twee bits verschillen.

0010 1011
XOR 1011 0010
= 1001 1001

Waarde van het resultaat

1001 1001₂ = 153

Antwoord

R = 153
3.Propositielogica & bewijzen

Antwoord: ¬¬r → ¬(q ∨ p)

Logische equivalentie: twee formules zijn equivalent (≡) als ze in elke rij van de waarheidstabel dezelfde waarde hebben. Een tautologie is in elke rij 1, een contradictie in elke rij 0, en een contingentie is geen van beide. Nuttige wetten: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b en ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contrapositie); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; en de distributieve wetten, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Delen van de implicatie

a = q ∨ p, b = ¬r

Contrapositie

¬b → ¬a = ¬¬r → ¬(q ∨ p)

Antwoord

¬¬r → ¬(q ∨ p)

De contrapositie is equivalent met de oorspronkelijke uitspraak, dus door haar te bewijzen bewijs je de uitspraak.

4.Propositielogica & bewijzen

Antwoord: ∃x (F(x) ∧ ¬G(x))

Kwantoren en redeneringen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) en ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Schuif een ontkenning naar binnen, verwissel elke kwantor die ze passeert en ontken de binnenste formule met de propositiewetten, zoals ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Een redenering is geldig als de conclusie 1 is in elke rij waarin alle premissen 1 zijn. Eén rij met ware premissen en een onware conclusie is een tegenvoorbeeld en toont aan dat de redenering ongeldig is.

Schuif de ontkenning naar binnen

¬∀x (F(x) → G(x)) ≡ ∃x (F(x) ∧ ¬G(x))

Antwoord

∃x (F(x) ∧ ¬G(x))

De andere opties laten een kwantor onveranderd, veranderen de volgorde van de kwantoren, of ontkennen de binnenste formule verkeerd.

5.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Antwoord: N = 3

Karnaugh-kaarten: de cellen staan in Gray-code (00, 01, 11, 10), dus naburige cellen, ook die over de randen heen, verschillen in precies één variabele. Groepeer de enen in rechthoeken van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen, zo groot en zo weinig mogelijk, totdat elke 1 gedekt is. Elke groep is één productterm: de variabelen die erin constant blijven. Een groep van 2ᵏ cellen verliest k variabelen. Don’t-cares (X) mogen worden gebruikt om groepen groter te maken maar hoeven nooit gedekt te worden. Groepeer je in plaats daarvan de nullen, dan krijg je de minimale POS-vorm.

ABC00011110011001031204150706

Groepeer de nullen

Elke groep is een rechthoek van 2ᵏ cellen; randcellen zijn buren van de cellen op de tegenoverliggende rand.

(B′ + C′)
(A + C′)
(A′ + C)

Minimale POS-vorm

F = (B′ + C′)(A + C′)(A′ + C)
N = 3

Antwoord

N = 3

Er bestaat een andere groepering van dezelfde grootte; die heeft hetzelfde aantal termen en literals.

6.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Antwoord: N = 4

Karnaugh-kaarten: de cellen staan in Gray-code (00, 01, 11, 10), dus naburige cellen, ook die over de randen heen, verschillen in precies één variabele. Groepeer de enen in rechthoeken van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen, zo groot en zo weinig mogelijk, totdat elke 1 gedekt is. Elke groep is één productterm: de variabelen die erin constant blijven. Een groep van 2ᵏ cellen verliest k variabelen. Don’t-cares (X) mogen worden gebruikt om groepen groter te maken maar hoeven nooit gedekt te worden. Groepeer je in plaats daarvan de nullen, dan krijg je de minimale POS-vorm.

Priemimplicanten

De grootste groepen die uit enen en X’en gevormd kunnen worden.

B′C, A′CD′, A′B′D, A′BD′, AB′D′, ABD
ABCD0001111000011110001113X214050716012113X150141809X11X10

Minimale dekking

F = A′B′D + A′BD′ + AB′D′ + ABD
N = 4

Antwoord

N = 4
7.Getaltheorie & modulair rekenen

Antwoord: x = 13

Inversen en congruenties: a heeft een inverse modulo n precies als ggd(a, n) = 1. Het uitgebreide algoritme van Euclides schrijft 1 = s·n + t·a, en dan is a⁻¹ ≡ t (mod n). Een congruentie a·x ≡ b (mod n) met ggd(a, n) = 1 heeft de oplossing x ≡ a⁻¹·b. Twee congruenties x ≡ r₁ (mod m₁) en x ≡ r₂ (mod m₂) met onderling ondeelbare moduli hebben één oplossing modulo m₁·m₂ (Chinese reststelling). Eulers φ(n) telt de getallen van 1 tot n die onderling ondeelbaar zijn met n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Eerste congruentie

x = 3 + 5k

Tweede congruentie

3 + 5k ≡ 1 (mod 6) → 5k ≡ 4 (mod 6)
k ≡ 5·4 ≡ 2 (mod 6)

Resultaat

x = 3 + 5·2 = 13
x = 13
controle: 13 mod 5 = 3, 13 mod 6 = 1

Antwoord

x = 13
8.Getaltheorie & modulair rekenen

Antwoord: 960407 mod 83 = 38

Modulaire machten en RSA: bereken aᵏ mod n door herhaald kwadrateren: schrijf k binair, kwadrateer, reduceer na elke stap en vermenigvuldig de machten waarvan de bit 1 is. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) voor een priemgetal p dat a niet deelt, dus de exponent kan modulo p − 1 gereduceerd worden. RSA: kies priemgetallen p en q, n = p·q en φ(n) = (p − 1)(q − 1); de publieke exponent e is onderling ondeelbaar met φ(n), en de privé-exponent is d = e⁻¹ mod φ(n). Versleutel met c = mᵉ mod n en ontsleutel met m = cᵈ mod n.

Reduceer de exponent

60407 mod 82 = 55
960407 ≡ 955 (mod 83)

Kleine macht

955 mod 83 = 38

Antwoord

960407 mod 83 = 38
9.Algoritmen & complexiteit

Antwoord: B · Een optimale oplossing kan worden opgebouwd uit optimale oplossingen van de deelproblemen

Waarom dit het antwoord is

Een optimale deelstructuur is nodig om zowel gulzige algoritmen als dynamisch programmeren correcte antwoorden te laten geven.

Antwoord

B · Een optimale oplossing kan worden opgebouwd uit optimale oplossingen van de deelproblemen
10.Algoritmen & complexiteit

Antwoord: C · Veel sleutels kunnen in dezelfde bucket botsen

Waarom dit het antwoord is

Met een goede hashfunctie en bezettingsgraad (load factor) blijven buckets gemiddeld kort; kwaadwillende of slechte hashing kan alle sleutels in één bucket stoppen.

Antwoord

C · Veel sleutels kunnen in dezelfde bucket botsen
11.Datastructuren

Antwoord: A · Een gebalanceerde binaire zoekboom

Waarom dit het antwoord is

Een gebalanceerde BST geeft opzoeken in O(log n) en houdt sleutels geordend, zodat een inorder-doorloop en bereikquery's eenvoudig zijn; een hashtabel verspreidt sleutels.

Antwoord

A · Een gebalanceerde binaire zoekboom
12.Datastructuren

Antwoord: D · [1, 3, 8, 5]

Waarom dit het antwoord is

Na 5, 3, 8 is de array [3, 5, 8]; 1 komt op index 3, wisselt met zijn ouder 5 en daarna met 3, wat [1, 3, 8, 5] geeft.

Antwoord

D · [1, 3, 8, 5]
13.Grafentheorie

Antwoord: geen van beide

Euler, Hamilton en bomen: een samenhangende graaf heeft een Eulercircuit (elke kant één keer, terug naar het begin) als elk hoekpunt even graad heeft, en een Eulerpad dat geen circuit is als precies twee hoekpunten oneven graad hebben; het pad loopt dan van het ene oneven hoekpunt naar het andere. Een Hamiltoncircuit bezoekt elk hoekpunt één keer; Kn heeft er (n − 1)!/2. Een boom op n hoekpunten heeft n − 1 kanten, en een samenhangende graaf met m kanten houdt een opspannende boom over na het verwijderen van m − n + 1 kanten.

Graden

deg(A) = 2, deg(B) = 3, deg(C) = 3, deg(D) = 3, deg(E) = 3, deg(F) = 2, deg(G) = 4

Oneven hoekpunten

B, C, D, E → 4
geen van beide

Antwoord

geen van beide
14.Grafentheorie

Antwoord: d(F) = 32

Kortste paden en opspannende bomen: het algoritme van Dijkstra legt per ronde één hoekpunt vast: het onafgehandelde hoekpunt met de kleinste voorlopige afstand. Zijn afstand is dan definitief, en elke buur v krijgt d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Het algoritme van Kruskal bouwt een minimaal opspannende boom door de kanten van licht naar zwaar te nemen en elke kant over te slaan die een cykel zou sluiten; het algoritme van Prim laat één boom groeien vanuit een beginpunt door steeds de lichtste kant toe te voegen die eruit vertrekt. Een opspannende boom van n hoekpunten heeft n − 1 kanten.

Dijkstra ronde voor ronde

Elke regel: het vastgelegde hoekpunt, zijn definitieve afstand en de buren waarvan de afstand verbetert.

A (0): B: 4, C: 7
B (4): D: 9, G: 19
C (7): G: 18
D (9): E: 23
G (18): E: 19
E (19): F: 32
F (32)

Kortste pad

A → C → G → E → F
d(F) = 32

Antwoord

d(F) = 32
15.Databases & SQL

Antwoord: B · Elke kolom atomaire waarden bevat en er geen herhalende groepen zijn

Waarom dit het antwoord is

1NF vereist atomaire waarden per cel en een unieke identificatie van rijen, zonder herhalende groepen.

Antwoord

B · Elke kolom atomaire waarden bevat en er geen herhalende groepen zijn
16.Databases & SQL

Antwoord: D · Lezers zien een consistente momentopname van gecommitte rijversies, terwijl schrijvers nieuwe versies maken

Waarom dit het antwoord is

MVCC bewaart oude rijversies, zodat een lezer de gegevens kan zien zoals ze bij zijn snapshot waren, terwijl een schrijver een nieuwe versie maakt in plaats van ter plaatse te overschrijven.

Antwoord

D · Lezers zien een consistente momentopname van gecommitte rijversies, terwijl schrijvers nieuwe versies maken
17.Computernetwerken

Antwoord: A · 1 ms

Waarom dit het antwoord is

1500 bytes = 12,000 bits. 12,000 / 12,000,000 bit/s = 0,001 s = 1 ms. Transmissievertraging hangt af van pakketgrootte en verbindingssnelheid, niet van afstand.

Antwoord

A · 1 ms
18.Computernetwerken

Antwoord: D · Met optionele RTS/CTS-uitwisselingen: de CTS van het AP laat alle nabije stations wachten

Waarom dit het antwoord is

Een station stuurt Request to Send; het AP antwoordt met Clear to Send, dat elk station binnen zijn bereik hoort, zodat verborgen stations de gereserveerde tijd wachten.

Antwoord

D · Met optionele RTS/CTS-uitwisselingen: de CTS van het AP laat alle nabije stations wachten
19.IPv4-subnetting

Antwoord: p = 21

IPv4-subnetting: een adres heeft 32 bits. Het prefix /p geeft aan hoeveel voorste bits het netwerk aanduiden; de overige 32 − p bits nummeren de hosts. Een subnet heeft 2³²⁻ᵖ adressen, maar het eerste (netwerkadres) en het laatste (broadcastadres) kunnen niet aan hosts worden gegeven, dus er passen 2³²⁻ᵖ − 2 hosts in. Uitzonderingen: een /31 (point-to-pointverbinding, RFC 3021) gebruikt allebei zijn 2 adressen voor hosts, en een /32 is één enkel adres (één host of een loopback).

Benodigde hostbits

210 − 2 = 1022 < 1489
211 − 2 = 2046 ≥ 1489 → h = 11

Prefixlengte

p = 32 − 11 = 21

Antwoord

p = /21
20.IPv4-subnetting

Antwoord: p = 17

Routesamenvatting: een samenvattende route a.b.c.0/p dekt alle netwerken waarvan de eerste p bits overeenkomen. Schrijf het octet dat verschilt van het eerste en het laatste netwerk binair; het aantal gemeenschappelijke voorste bits, plus de bits van de octetten ervoor, is het langste samenvattende prefix.

Vergelijk de bits

189 = 10111101
196 = 11000100
gemeenschappelijke voorste bits: 1

Prefixlengte

p = 16 + 1 = 17

Antwoord

p = /17

Samenvattende route: 10.167.128.0/17 (die dekt ook 120 netwerk(en) die niet in de lijst staan).

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals