Podstawy informatyki: zestaw na powtórkę

Wzory, najważniejsze kroki metod dla każdego tematu i 20 zadań do ćwiczenia, z pełnymi rozwiązaniami na końcu.

Nowe zadaniaWróć do przedmiotu

W oknie drukowania wybierz „Zapisz jako PDF”, aby zachować kopię na swoim urządzeniu.

1Wzory i metody

Systemy liczbowe

Wagi pozycji
dwójkowy 2k, ósemkowy 8k, szesnastkowy 16k
Na dziesiętny
Σ dk·bk
Z dziesiętnego
dziel przez podstawę, czytaj reszty od dołu do góry
Szesnastkowy ↔ dwójkowy
jedna cyfra szesnastkowa = 4 bity
Kod uzupełnień do dwóch (U2)
odwróć bity i dodaj 1

Rachunek zdań i dowody

Wiersze tablicy prawdy
2ⁿ
Implikacja
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Zaprzeczenie implikacji
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Równoważność
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
Prawa de Morgana
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Prawa rozdzielności
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Zaprzeczanie kwantyfikatorów
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metoda

  1. Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
  2. Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
  3. Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
  4. Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
  5. Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.

Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów

Metoda

  1. Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
  2. Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
  3. Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
  4. Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.

Teoria liczb i arytmetyka modularna

Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metoda

  1. Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
  2. Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
  3. Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
  4. Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
  5. Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teoria grafów

Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij

Metoda

  1. Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
  2. W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
  3. Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
  4. W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
  5. Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).

Podsieci IPv4

Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n

2Zadania do ćwiczenia

1.Systemy liczboweŚredni
8-bitowy kod U20−12806403201608040201

Ustaw bity tak, aby zapisywały −66 w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch. Jaka jest wartość wzorca U odczytanego jako liczba bez znaku?

N = −668 bit
U =
2.Systemy liczboweTrudny
32-bitowy kod uzupełnień do dwóch, N = ??znak???????????????????????????????

Jaka jest najmniejsza (najbardziej ujemna) liczba całkowita N, którą można zapisać w 32-bitowym kodzie U2?

32 bit
N =
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
tautologiakontradykcjakontyngencja

Czy p ↔ ¬p jest tautologią, kontradykcją czy kontyngencją? Kliknij swoją odpowiedź.

p ↔ ¬p
  1. 1tautologia
  2. 2kontradykcja
  3. 3kontyngencja
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny
∃x ∀y ¬R(x, y)∀x ∃y ¬R(x, y)∃y ∀x ¬R(x, y)∀x ∀y ¬R(x, y)

Które zdanie jest równoważne ¬∀x ∃y R(x, y), gdy negację przesunięto całkiem do środka? Kliknij je.

¬∀x ∃y R(x, y)
  1. 1∃x ∀y ¬R(x, y)
  2. 2∀x ∃y ¬R(x, y)
  3. 3∃y ∀x ¬R(x, y)
  4. 4∀x ∀y ¬R(x, y)
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
MUXC′I0​1I1​0I2​1I3​ABS1​S0​F

Multiplekser 4-do-1 ma wejścia wyboru S₁ = A i S₀ = B, a wejścia danych podłączone do I₀ = C′, I₁ = 1, I₂ = 0, I₃ = 1. Dla ilu z 8 kombinacji A, B i C wyjście F = 1? Znajdź N.

I₀ = C′I₁ = 1I₂ = 0I₃ = 1
N =
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
ABCD00011110000111100001X3021405X716012X13115014X819111110

Znajdź minimalną postać SOP funkcji F(A, B, C, D) = Σm(4, 6, 9, 10, 11, 15) + d(3, 7, 8, 13), gdzie d oznacza stany nieokreślone. Ile iloczynów N ona zawiera?

F(A, B, C, D) = Σm(4, 6, 9, 10, 11, 15) + d(3, 7, 8, 13)
N =
7.Teoria liczb i arytmetyka modularnaŚredni

Znajdź funkcję φ Eulera φ(392), czyli liczbę liczb całkowitych od 1 do 392 względnie pierwszych z 392.

n = 392 = 23·72
φ(392) =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny
mc = me​ mod n7m = cd​ mod n?(n, e) = (235, 13)d

Klucz RSA używa p = 5, q = 47 i e = 13. Odszyfruj szyfrogram c = 7: znajdź wiadomość m.

p = 5q = 47e = 13c = 7
m =
9.Algorytmy i złożonośćŚredni

Przeszukiwanie wszerz w grafie nieważonym znajduje:

  1. ANajkrótsze ścieżki (w liczbie krawędzi) od wierzchołka startowego
  2. BNajkrótsze ścieżki w grafach zawierających ujemne wagi krawędzi
  3. CMinimalne drzewo rozpinające
  4. DPorządek topologiczny w dowolnym grafie
10.Algorytmy i złożonośćTrudny

Dlaczego średni czas wyszukiwania w tablicy mieszającej wynosi O(1), a w najgorszym przypadku O(n)?

  1. AKlucze muszą być najpierw posortowane
  2. BDostęp do tablic ma złożoność O(n)
  3. CFunkcje skrótu są wolne
  4. DWiele kluczy może kolidować i trafić do tego samego kubełka
11.Struktury danychŚredni

Co jest prawdą o macierzy sąsiedztwa grafu nieskierowanego?

  1. AJest zawsze górnotrójkątna
  2. BJest symetryczna względem głównej przekątnej
  3. CNa jej głównej przekątnej zawsze są jedynki
  4. DKażdy wiersz ma dokładnie jedną jedynkę
12.Struktury danychTrudny

Wstawienie klucza do drzewa AVL sprawia, że lewe poddrzewo pewnego węzła staje się zbyt wysokie, a nowy klucz trafił do lewego poddrzewa jego lewego dziecka (przypadek lewo-lewo). Jaką naprawę się stosuje?

  1. ARotację w lewo w dziecku, a potem rotację w prawo w węźle
  2. BPojedynczą rotację w lewo w niezrównoważonym węźle
  3. CPojedynczą rotację w prawo w niezrównoważonym węźle
  4. DPrzekolorowanie węzła i jego dziecka
13.Teoria grafówŚredni

Drzewo ma 3× wierzchołek stopnia 3, 4× wierzchołek stopnia 5, 2× wierzchołek stopnia 2, a wszystkie jego pozostałe wierzchołki są liśćmi (stopień 1). Ile liści L ma to drzewo?

3 × deg 34 × deg 52 × deg 2
L =
14.Teoria grafówTrudny
5411431315136ABCDEFG

Użyj algorytmu Dijkstry, aby znaleźć długość d(G) najkrótszej ścieżki z A do G w grafie ważonym.

start: Akoniec: G
d(G) =
15.Bazy danych i SQLŚredni

Czym jest SQL injection?

  1. ASposób dodawania indeksów
  2. BTechnika szybkiego wstawiania wielu wierszy jedną instrukcją INSERT
  3. CTechnika tworzenia kopii zapasowych bazy danych
  4. DAtak, w którym dane wejściowe użytkownika zmieniają strukturę zapytania SQL
16.Bazy danych i SQLTrudny

Wyniki to 90, 90 i 80. Jakie wartości daje RANK() OVER (ORDER BY score DESC)?

  1. A2, 2, 3
  2. B1, 2, 3
  3. C1, 1, 2
  4. D1, 1, 3
17.Sieci komputeroweŚredni

Który host jest w tej samej podsieci /16 co 10.1.2.3?

  1. A10.2.2.3
  2. B10.1.200.5
  3. C11.1.2.3
  4. D10.0.2.3
18.Sieci komputeroweTrudny

Czym głównie zajmuje się BGP w internecie?

  1. APrzydzielaniem adresów IP użytkownikom domowym za pośrednictwem ich dostawców internetu
  2. BWymianą informacji o trasach między systemami autonomicznymi
  3. CTłumaczeniem nazw na adresy
  4. DSzyfrowaniem danych między routerami
19.Podsieci IPv4Średni
/24 → /2811111111111111111111111111110000bity siecibity hosta

Sieć 10.50.188.0/24 podzielono na równe podsieci z prefiksem /28. Ile jest podsieci N?

10.50.188.0/24/28
N =
20.Podsieci IPv4Trudny
ostatni oktet = 7012806403201608141211siećhost

Host ma adres 10.20.98.7/26. Jaki jest czwarty oktet x ostatniego użytecznego adresu hosta w jego podsieci?

10.20.98.7/26
x =

3Roztwory

1.Systemy liczbowe

Odpowiedź: U = 190

Ustawianie bitów: każdy bit ma wartość będącą potęgą dwójki (128, 64, …, 1). Jedna cyfra szesnastkowa to dokładnie cztery bity, a w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit ma wartość −128. Operacje bitowe działają osobno na każdej pozycji bitu.

Odwróć i dodaj jeden

66 = 0100 0010
odwrócone: 1011 1101
+1 → 1011 1110

Odczytaj bez znaku

1011 1110₂ = 256 − 66 = 190

Odpowiedź

U = 190
2.Systemy liczbowe

Odpowiedź: N = −2,147 × 10⁹

Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.

Najbardziej ujemna wartość

−231 = −2147483648

Odpowiedź

N = −2147483648
3.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: kontradykcja

Równoważność logiczna: dwie formuły są równoważne (≡), gdy mają tę samą wartość w każdym wierszu tablicy prawdy. Tautologia jest równa 1 w każdym wierszu, kontradykcja 0 w każdym wierszu, a formuła kontyngentna nie jest ani jednym, ani drugim. Przydatne prawa: prawa de Morgana, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b oraz ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozycja); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; oraz prawa rozdzielności, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Tablica prawdy wiersz po wierszu

p = 1: ¬p = 0, p ↔ ¬p = 0
p = 0: ¬p = 1, p ↔ ¬p = 0

Sklasyfikuj

p ↔ ¬p: 0, 0
0 w każdym wierszu: kontradykcja.

Odpowiedź

kontradykcja
4.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: ∃x ∀y ¬R(x, y)

Kwantyfikatory i wnioskowania: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) oraz ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Przesuń negację do środka, zamień każdy kwantyfikator, który mija, i zaneguj formułę wewnętrzną prawami rachunku zdań, takimi jak ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Wnioskowanie jest poprawne, gdy wniosek jest równy 1 w każdym wierszu, w którym wszystkie przesłanki są równe 1. Pojedynczy wiersz z prawdziwymi przesłankami i fałszywym wnioskiem jest kontrprzykładem i pokazuje, że wnioskowanie jest niepoprawne.

Przesuń negację do środka

¬∀x ∃y R(x, y) ≡ ∃x ∀y ¬R(x, y)

Odpowiedź

∃x ∀y ¬R(x, y)

Pozostałe opcje albo zostawiają kwantyfikator bez zmian, albo zmieniają kolejność kwantyfikatorów, albo błędnie negują formułę wewnętrzną.

5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: N = 5

Multiplekser: multiplekser 2ⁿ-do-1 przekazuje na wyjście jedno ze swoich wejść danych; linie wyboru, odczytane jako liczba binarna, wskazują które. Dla multipleksera 4-do-1 z wejściami wyboru S₁S₀ = AB: F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Podłączenie wejść danych do 0, 1, C lub C′ sprawia, że multiplekser realizuje dowolną funkcję A, B i C, co jest częstym sposobem budowania logiki w jednym układzie scalonym.

Wyrażenie wyjścia

F = A′B′C′ + A′B + AB

Wiersze z F = 1

ABC = 000, 010, 011, 110, 111
N = 5

Odpowiedź

N = 5
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: N = 3

Mapy Karnaugha: komórki są ułożone w kodzie Graya (00, 01, 11, 10), więc sąsiednie komórki, także te przez brzegi, różnią się dokładnie jedną zmienną. Grupuj jedynki w prostokąty po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, jak największe i jak najmniej, aż każda jedynka będzie pokryta. Każda grupa to jeden iloczyn: zmienne, które wewnątrz niej pozostają stałe. Grupa 2ᵏ komórek traci k zmiennych. Stany nieokreślone (X) można wykorzystać, by powiększyć grupy, ale nigdy nie trzeba ich pokrywać. Grupowanie zer daje minimalną postać POS.

Implikanty proste

Największe grupy, jakie można utworzyć z jedynek i X.

CD, AD, AB′, A′BD′, A′BC
ABCD00011110000111100001X3021405X716012X13115014X819111110

Minimalne pokrycie

F = CD + AB′ + A′BD′
N = 3

Odpowiedź

N = 3

Istnieje inne grupowanie tego samego rozmiaru; ma tę samą liczbę składników i literałów.

7.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: φ(392) = 168

Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Czynniki pierwsze

392 = 23·72

Funkcja φ

φ(392) = φ(8)·φ(49) = 4·42 = 168

Odpowiedź

φ(392) = 168
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: m = 162

Potęgi modularne i RSA: oblicz aᵏ mod n przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu: zapisz k binarnie, podnoś do kwadratu, redukuj po każdym kroku i mnóż potęgi, których bit jest równy 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) dla liczby pierwszej p niedzielącej a, więc wykładnik można redukować modulo p − 1. RSA: wybierz liczby pierwsze p i q, n = p·q i φ(n) = (p − 1)(q − 1); wykładnik publiczny e jest względnie pierwszy z φ(n), a wykładnik prywatny to d = e⁻¹ mod φ(n). Szyfruj wzorem c = mᵉ mod n, a odszyfrowuj wzorem m = cᵈ mod n.

Wykładnik prywatny

n = 235, φ(n) = 184
d = 13−1 mod 184 = 85

Odszyfruj przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu

85 = 64 + 16 + 4 + 1
71 ≡ 7 (mod 235)
72 ≡ 49 (mod 235)
74 ≡ 51 (mod 235)
78 ≡ 16 (mod 235)
716 ≡ 21 (mod 235)
732 ≡ 206 (mod 235)
764 ≡ 136 (mod 235)
785 ≡ 7·51·21·136 ≡ 162 (mod 235)

Wiadomość

m = 162
sprawdzenie: 16213 mod 235 = 7

Odpowiedź

m = 162
9.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: A · Najkrótsze ścieżki (w liczbie krawędzi) od wierzchołka startowego

Dlaczego to jest odpowiedź

BFS odwiedza wierzchołki w kolejności odległości (w krawędziach) od źródła, więc znajduje najkrótsze ścieżki w grafie nieważonym w czasie O(V + E).

Odpowiedź

A · Najkrótsze ścieżki (w liczbie krawędzi) od wierzchołka startowego
10.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: D · Wiele kluczy może kolidować i trafić do tego samego kubełka

Dlaczego to jest odpowiedź

Przy dobrej funkcji skrótu i odpowiednim współczynniku zapełnienia kubełki są średnio krótkie; złośliwie dobrane dane lub słaba funkcja skrótu mogą umieścić wszystkie klucze w jednym kubełku.

Odpowiedź

D · Wiele kluczy może kolidować i trafić do tego samego kubełka
11.Struktury danych

Odpowiedź: B · Jest symetryczna względem głównej przekątnej

Dlaczego to jest odpowiedź

W grafie nieskierowanym krawędź {u, v} oznacza ustawienie zarówno M[u][v], jak i M[v][u], więc macierz jest równa swojej transpozycji.

Odpowiedź

B · Jest symetryczna względem głównej przekątnej
12.Struktury danych

Odpowiedź: C · Pojedynczą rotację w prawo w niezrównoważonym węźle

Dlaczego to jest odpowiedź

W przypadku lewo-lewo jedna rotacja w prawo podnosi lewe dziecko i przywraca zrównoważenie; przypadki zygzakowate wymagają podwójnej rotacji.

Odpowiedź

C · Pojedynczą rotację w prawo w niezrównoważonym węźle
13.Teoria grafów

Odpowiedź: L = 17

Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.

Lemat o uściskach dłoni dla drzewa

L + 33 = 2(L + 9) − 2
L = 17

Odpowiedź

L = 17

Skrót: L = 2 + Σ (d − 2) po wierzchołkach o stopniu d ≥ 3.

14.Teoria grafów

Odpowiedź: d(G) = 20

Najkrótsze ścieżki i drzewa rozpinające: algorytm Dijkstry zatwierdza jeden wierzchołek na rundę: niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej tymczasowej odległości. Jego odległość jest wtedy ostateczna, a każdy sąsiad v dostaje d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algorytm Kruskala buduje minimalne drzewo rozpinające, biorąc krawędzie od lekkich do ciężkich i pomijając każdą, która zamknęłaby cykl; algorytm Prima rozbudowuje jedno drzewo od wierzchołka startowego, zawsze dodając najlżejszą krawędź wychodzącą z niego. Drzewo rozpinające o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.

Algorytm Dijkstry runda po rundzie

Każdy wiersz: zatwierdzony wierzchołek, jego ostateczna odległość oraz sąsiedzi, których odległość się poprawia.

A (0): B: 5, C: 4
C (4): E: 18
B (5): G: 20
E (18): D: 21, F: 31
G (20)
D (21)
F (31)

Najkrótsza ścieżka

A → B → G
d(G) = 20

Odpowiedź

d(G) = 20
15.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: D · Atak, w którym dane wejściowe użytkownika zmieniają strukturę zapytania SQL

Dlaczego to jest odpowiedź

Gdy dane wejściowe użytkownika są doklejane do kodu SQL, atakujący może wstrzyknąć własne polecenia. Instrukcje przygotowane (prepared statements) z parametrami oddzielają dane od kodu.

Odpowiedź

D · Atak, w którym dane wejściowe użytkownika zmieniają strukturę zapytania SQL
16.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: D · 1, 1, 3

Dlaczego to jest odpowiedź

RANK daje wierszom remisowym tę samą rangę i pomija kolejne numery (1, 1, 3); DENSE_RANK dałoby 1, 1, 2.

Odpowiedź

D · 1, 1, 3
17.Sieci komputerowe

Odpowiedź: B · 10.1.200.5

Dlaczego to jest odpowiedź

Przy /16 pierwsze 16 bitów (10,1) to część sieciowa. Tylko 10.1.200.5 ma je takie same, więc należy do 10.1.0.0/16.

Odpowiedź

B · 10.1.200.5
18.Sieci komputerowe

Odpowiedź: B · Wymianą informacji o trasach między systemami autonomicznymi

Dlaczego to jest odpowiedź

BGP to protokół routingu międzydomenowego; systemy autonomiczne ogłaszają osiągalne prefiksy i wybierają ścieżki na podstawie polityk.

Odpowiedź

B · Wymianą informacji o trasach między systemami autonomicznymi
19.Podsieci IPv4

Odpowiedź: N = 16

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Pożyczone bity

28 − 24 = 4

Liczba podsieci

N = 24 = 16

Odpowiedź

N = 16

Każda podsieć /28 ma 24 − 2 = 14 użytecznych hostów.

20.Podsieci IPv4

Odpowiedź: x = 62

Podsieci IPv4: adres ma 32 bity. Prefiks /p mówi, ile początkowych bitów wskazuje sieć; pozostałe 32 − p bitów numeruje hosty. Podsieć ma 2³²⁻ᵖ adresów, ale pierwszego (adres sieci) i ostatniego (adres rozgłoszeniowy) nie można przydzielić hostom, więc mieści się 2³²⁻ᵖ − 2 hostów. Wyjątki: /31 (łącze punkt-punkt, RFC 3021) wykorzystuje oba swoje 2 adresy dla hostów, a /32 to jeden adres (pojedynczy host lub loopback).

Rozmiar bloku

26 = 64

Podsieć tego hosta

sieć: ⌊7/64⌋·64 = 0
rozgłoszeniowy: 0 + 64 − 1 = 63
użyteczne hosty: 1 … 62

Odpowiedź

x = 62

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals