Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.
Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów
Metoda
Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.
Teoria liczb i arytmetyka modularna
Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metoda
Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Teoria grafów
Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij
Metoda
Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).
Podsieci IPv4
Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n
2Zadania do ćwiczenia
1.Systemy liczboweŚredni
Zapisz −39 jako 8-bitowy wzór w kodzie U2. Odczytaj ten wzór jako liczbę dwójkową bez znaku: jaka jest jego wartość U dziesiętnie?
N = −398 bit
U =
2.Systemy liczboweTrudny
Ustaw bity na 8-bitowy wynik działania 0110 0001 OR 0111 0000. Jaka jest wartość wyniku R w zapisie dziesiętnym?
0110 0001OR0111 0000
R =
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
Chcesz udowodnić p → q przez kontrapozycję. Którą implikację udowadniasz zamiast niej? Kliknij ją.
p → q
1q → p
2p ∧ ¬q
3¬q → ¬p
4¬p → ¬q
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny
Które zdanie jest równoważne ¬∀x A(x), gdy negację przesunięto całkiem do środka? Kliknij je.
¬∀x A(x)
1∀x ¬A(x)
2∃x A(x)
3∀x A(x)
4∃x ¬A(x)
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
Na tej mapie Karnaugha dokładnie jedna jedynka nie ma sąsiedniej jedynki, więc w minimalnej postaci SOP pozostaje grupą jednej komórki (pełnym mintermem o czterech literałach). Sąsiedztwo przez brzegi mapy się liczy. Kliknij tę komórkę.
F = Σm(1, 2, 4, 6, 10, 12, 13)
1AB = 00, CD = 00
2AB = 00, CD = 01
3AB = 00, CD = 11
4AB = 00, CD = 10
5AB = 01, CD = 00
6AB = 01, CD = 01
7AB = 01, CD = 11
8AB = 01, CD = 10
9AB = 11, CD = 00
10AB = 11, CD = 01
11AB = 11, CD = 11
12AB = 11, CD = 10
13AB = 10, CD = 00
14AB = 10, CD = 01
15AB = 10, CD = 11
16AB = 10, CD = 10
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
Przerzutnik T wyzwalany zboczem narastającym startuje z Q = 0 i dostaje pokazane wejścia przy 6 zboczach narastających zegara. Ile razy N Q zmienia stan?
Q₀ = 0T
N =
7.Teoria liczb i arytmetyka modularnaŚredni
Znajdź element odwrotny do 52 modulo 71: liczbę x, dla której 0 < x < 71 oraz 52·x ≡ 1 (mod 71).
a = 52n = 71
52−1 mod 71 =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny
Klucz RSA używa liczb pierwszych p = 29 i q = 31 oraz wykładnika publicznego e = 11. Znajdź wykładnik prywatny d (0 < d < φ(n)).
p = 29q = 31e = 11
d =
9.Algorytmy i złożonośćŚredni
Która reguła zachłanna w problemie wyboru zajęć zawsze daje maksymalną liczbę nienakładających się zajęć?
AWybierz najpierw najkrótsze zajęcie
BWybierz zajęcie, które zaczyna się najwcześniej
CWybierz najpierw zajęcie z najmniejszą liczbą kolizji, a potem powtarzaj dla zgodnych zajęć
DWybierz zajęcie, które kończy się najwcześniej, i powtórz dla zgodnych z nim
10.Algorytmy i złożonośćTrudny
Co by wynikało, gdyby ktoś znalazł algorytm wielomianowy dla jednego problemu NP-zupełnego?
AKażdy problem z NP dałoby się rozwiązać w czasie wielomianowym, więc P = NP
BProblem stopu stałby się rozstrzygalny
CTylko ten jeden problem przeszedłby do P
DWszystkie algorytmy o czasie wykładniczym od razu działałyby w czasie liniowym
11.Struktury danychŚredni
Ile węzłów ma doskonałe drzewo binarne o wysokości h, gdy wysokość liczy się w krawędziach?
A2h+1 − 1
B2h
C2h + 1
Dh2
12.Struktury danychTrudny
Drzewo przedziałowe (segment tree) służy zwykle do:
AAlfabetycznego sortowania napisów przez przechowywanie każdego prefiksu w osobnym węźle drzewa
BPrzechowywania krawędzi grafu
COdpowiadania na zapytania o zakresy (np. sumy zakresów) i aktualizacji w O(log n)
DImplementacji stosu
13.Teoria grafówŚredni
Ile różnych cykli Hamiltona H ma graf pełny K5? Cykle różniące się tylko wierzchołkiem startowym lub kierunkiem liczą się jako ten sam.
K5
H =
14.Teoria grafówTrudny
Algorytm Dijkstry rusza z A. Kliknij wierzchołek zatwierdzony (uczyniony stałym) w rundzie 6; sam A to runda 1.
start: Arunda 6
1A
2B
3C
4D
5E
6F
7G
15.Bazy danych i SQLŚredni
Widok (view) w SQL to:
AEkran w kliencie bazy danych służący do przeglądania tabel
BZapisane zapytanie, które działa jak wirtualna tabela
CKopia tabeli na dysku
DRodzaj indeksu
16.Bazy danych i SQLTrudny
Aplikacja wykonuje UPDATE item SET qty = 4, version = 8 WHERE id = 1 AND version = 7 i zgłasza konflikt, jeśli żaden wiersz nie został zaktualizowany. Jaka to technika?
ADziennik zapisu z wyprzedzeniem
BOptymistyczna kontrola współbieżności
CŚcisłe blokowanie dwufazowe z blokadami wierszy
DSharding bazy danych
17.Sieci komputeroweŚredni
Sygnał pokonuje 2000 km w światłowodzie z prędkością około 2 × 10⁸ m/s. Ile wynosi opóźnienie propagacji?
A10 ms
B100 ms
C1 ms
D0,1 ms
18.Sieci komputeroweTrudny
Czym głównie zajmuje się BGP w internecie?
ATłumaczeniem nazw na adresy
BPrzydzielaniem adresów IP użytkownikom domowym za pośrednictwem ich dostawców internetu
CWymianą informacji o trasach między systemami autonomicznymi
DSzyfrowaniem danych między routerami
19.Podsieci IPv4Średni
Sieć 192.168.10.0/24 trzeba podzielić na co najmniej 30 równych podsieci. Jeśli pożyczysz jak najmniej bitów, ile użytecznych hostów H będzie miała każda podsieć?
192.168.10.0/2430 subnets
H =
20.Podsieci IPv4Trudny
Sieć 192.168.248.0/24 dzieli się metodą VLSM dla następujących sieci LAN: A: 26 hosty, B: 40 hosty, C: 14 hosty, D: 46 hosty. Podsieci przydziela się od .0 w górę, zaczynając od sieci LAN z największą liczbą hostów, każdej najmniejszą pasującą podsieć. Jaki jest czwarty oktet x adresu sieci LAN C?
A: 26B: 40C: 14D: 46
x =
3Roztwory
1.Systemy liczbowe
Odpowiedź: U = 217
Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.
Odwróć i dodaj jeden
39 = 0010 0111
odwrócone: 1101 1000
+1 → 1101 1001
Odczytaj bez znaku
1101 1001₂ = 256 − 39 = 217
Odpowiedź
U = 217
2.Systemy liczbowe
Odpowiedź: R = 113
Ustawianie bitów: każdy bit ma wartość będącą potęgą dwójki (128, 64, …, 1). Jedna cyfra szesnastkowa to dokładnie cztery bity, a w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit ma wartość −128. Operacje bitowe działają osobno na każdej pozycji bitu.
Bit po bicie
OR daje 1 tam, gdzie przynajmniej jeden bit jest równy 1.
0110 0001
OR 0111 0000
= 0111 0001
Wartość wyniku
0111 0001₂ = 113
Odpowiedź
R = 113
3.Rachunek zdań i dowody
Odpowiedź: ¬q → ¬p
Równoważność logiczna: dwie formuły są równoważne (≡), gdy mają tę samą wartość w każdym wierszu tablicy prawdy. Tautologia jest równa 1 w każdym wierszu, kontradykcja 0 w każdym wierszu, a formuła kontyngentna nie jest ani jednym, ani drugim. Przydatne prawa: prawa de Morgana, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b oraz ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozycja); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; oraz prawa rozdzielności, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Części implikacji
a = p, b = q
Kontrapozycja
¬b → ¬a = ¬q → ¬p
Odpowiedź
¬q → ¬p
Kontrapozycja jest równoważna zdaniu wyjściowemu, więc jej udowodnienie dowodzi zdania.
4.Rachunek zdań i dowody
Odpowiedź: ∃x ¬A(x)
Kwantyfikatory i wnioskowania: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) oraz ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Przesuń negację do środka, zamień każdy kwantyfikator, który mija, i zaneguj formułę wewnętrzną prawami rachunku zdań, takimi jak ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Wnioskowanie jest poprawne, gdy wniosek jest równy 1 w każdym wierszu, w którym wszystkie przesłanki są równe 1. Pojedynczy wiersz z prawdziwymi przesłankami i fałszywym wnioskiem jest kontrprzykładem i pokazuje, że wnioskowanie jest niepoprawne.
Przesuń negację do środka
¬∀x A(x) ≡ ∃x ¬A(x)
Odpowiedź
∃x ¬A(x)
Pozostałe opcje albo zostawiają kwantyfikator bez zmian, albo zmieniają kolejność kwantyfikatorów, albo błędnie negują formułę wewnętrzną.
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Odpowiedź: AB = 00, CD = 01
Mapy Karnaugha: komórki są ułożone w kodzie Graya (00, 01, 11, 10), więc sąsiednie komórki, także te przez brzegi, różnią się dokładnie jedną zmienną. Grupuj jedynki w prostokąty po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, jak największe i jak najmniej, aż każda jedynka będzie pokryta. Każda grupa to jeden iloczyn: zmienne, które wewnątrz niej pozostają stałe. Grupa 2ᵏ komórek traci k zmiennych. Stany nieokreślone (X) można wykorzystać, by powiększyć grupy, ale nigdy nie trzeba ich pokrywać. Grupowanie zer daje minimalną postać POS.
Sąsiedzi każdej jedynki
Jedynka z sąsiednią jedynką może dołączyć do grupy dwóch lub więcej.
m1: m0, m3, m5, m9 → 0
Izolowana jedynka
m1 = A′B′C′D → AB = 00, CD = 01
Odpowiedź
AB = 00, CD = 01
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Odpowiedź: N = 2
Przerzutniki i liczniki: przerzutnik zmienia stan tylko przy aktywnym zboczu zegara. D kopiuje swoje wejście (Q⁺ = D); T zmienia stan na przeciwny, gdy T = 1; JK utrzymuje stan dla 00, zeruje dla 01, ustawia dla 10 i zmienia stan na przeciwny dla 11. N-bitowy licznik binarny ma 2ⁿ stanów i liczy modulo 2ⁿ; licznik mod-N liczy 0, 1, …, N − 1 i wraca do 0, a potrzebuje tylu przerzutników, ile wynosi najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N. Każdy stopień licznika asynchronicznego dzieli częstotliwość przez dwa, więc ostatnie wyjście licznika mod-N pracuje z częstotliwością fclk/N. Licznik Johnsona z n przerzutników ma 2n stanów, licznik pierścieniowy n.
Q po każdym zboczu
Przerzutnik T zmienia stan na przeciwny przy każdym zboczu narastającym, gdy T = 1, i utrzymuje, gdy T = 0.
1: T = 0 → Q = 0
2: T = 0 → Q = 0
3: T = 1 → Q = 1
4: T = 0 → Q = 1
5: T = 0 → Q = 1
6: T = 1 → Q = 0
Policz zmiany
0 → 0 → 0 → 1 → 1 → 1 → 0
N = 2
Odpowiedź
N = 2
7.Teoria liczb i arytmetyka modularna
Odpowiedź: 52−1 mod 71 = 56
Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Rozszerzony algorytm Euklidesa
Każdą resztę r zapisujemy jako r ≡ t·52 (mod 71).
r = 71, t = 0
r = 52, q = 1, t = 1
r = 19, q = 2, t = −1
r = 14, q = 1, t = 3
r = 5, q = 2, t = −4
r = 4, q = 1, t = 11
r = 1, q = 4, t = −15
Odwrotność
1 ≡ −15·52 (mod 71)
x = 56
sprawdzenie: 52·56 = 2912 = 41·71 + 1
Odpowiedź
52−1 mod 71 = 56
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna
Odpowiedź: d = 611
Potęgi modularne i RSA: oblicz aᵏ mod n przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu: zapisz k binarnie, podnoś do kwadratu, redukuj po każdym kroku i mnóż potęgi, których bit jest równy 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) dla liczby pierwszej p niedzielącej a, więc wykładnik można redukować modulo p − 1. RSA: wybierz liczby pierwsze p i q, n = p·q i φ(n) = (p − 1)(q − 1); wykładnik publiczny e jest względnie pierwszy z φ(n), a wykładnik prywatny to d = e⁻¹ mod φ(n). Szyfruj wzorem c = mᵉ mod n, a odszyfrowuj wzorem m = cᵈ mod n.
Moduł i funkcja φ
n = 29·31 = 899
φ(n) = 28·30 = 840
Rozszerzony algorytm Euklidesa
r = 840, t = 0
r = 11, q = 76, t = 1
r = 4, q = 2, t = −76
r = 3, q = 1, t = 153
r = 1, q = 3, t = −229
Wykładnik prywatny
d = 611
sprawdzenie: 11·611 = 6721 = 8·840 + 1
Odpowiedź
d = 611
9.Algorytmy i złożoność
Odpowiedź: D · Wybierz zajęcie, które kończy się najwcześniej, i powtórz dla zgodnych z nim
Dlaczego to jest odpowiedź
Optymalność wyboru najwcześniejszego czasu zakończenia można udowodnić argumentem wymiany; dla pozostałych reguł istnieją kontrprzykłady.
Odpowiedź
D · Wybierz zajęcie, które kończy się najwcześniej, i powtórz dla zgodnych z nim
10.Algorytmy i złożoność
Odpowiedź: A · Każdy problem z NP dałoby się rozwiązać w czasie wielomianowym, więc P = NP
Dlaczego to jest odpowiedź
Ponieważ cała klasa NP redukuje się w czasie wielomianowym do dowolnego problemu NP-zupełnego, szybki algorytm dla jednego daje szybki algorytm dla wszystkich.
Odpowiedź
A · Każdy problem z NP dałoby się rozwiązać w czasie wielomianowym, więc P = NP
11.Struktury danych
Odpowiedź: A · 2h+1 − 1
Dlaczego to jest odpowiedź
Suma 1 + 2 + 4 + ... + 2h daje 2h+1 − 1; np. wysokość 2 daje 7 węzłów.
Odpowiedź
A · 2h+1 − 1
12.Struktury danych
Odpowiedź: C · Odpowiadania na zapytania o zakresy (np. sumy zakresów) i aktualizacji w O(log n)
Dlaczego to jest odpowiedź
Drzewo przedziałowe przechowuje agregaty dla przedziałów, obsługując zapytania o zakresy i aktualizacje punktowe w czasie O(log n).
Odpowiedź
C · Odpowiadania na zapytania o zakresy (np. sumy zakresów) i aktualizacji w O(log n)
13.Teoria grafów
Odpowiedź: H = 12
Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.
Policz
H = (5 − 1)!/2 = 24/2 = 12
Odpowiedź
H = 12
14.Teoria grafów
Odpowiedź: F
Najkrótsze ścieżki i drzewa rozpinające: algorytm Dijkstry zatwierdza jeden wierzchołek na rundę: niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej tymczasowej odległości. Jego odległość jest wtedy ostateczna, a każdy sąsiad v dostaje d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algorytm Kruskala buduje minimalne drzewo rozpinające, biorąc krawędzie od lekkich do ciężkich i pomijając każdą, która zamknęłaby cykl; algorytm Prima rozbudowuje jedno drzewo od wierzchołka startowego, zawsze dodając najlżejszą krawędź wychodzącą z niego. Drzewo rozpinające o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.
Algorytm Dijkstry runda po rundzie
1. A (0): B: 2, C: 11
2. B (2): G: 4
3. G (4): C: 6, D: 13, E: 19
4. C (6): E: 18
5. D (13): F: 14
6. F (14)
7. E (18)
runda 6
F
Odpowiedź
F
15.Bazy danych i SQL
Odpowiedź: B · Zapisane zapytanie, które działa jak wirtualna tabela
Dlaczego to jest odpowiedź
Widok przechowuje instrukcję SELECT; odpytanie go wykonuje zapytanie bazowe (widoki zmaterializowane przechowują wynik).
Odpowiedź
B · Zapisane zapytanie, które działa jak wirtualna tabela
16.Bazy danych i SQL
Odpowiedź: B · Optymistyczna kontrola współbieżności
Dlaczego to jest odpowiedź
Blokowanie optymistyczne zakłada, że konflikty są rzadkie: przy zapisie sprawdza kolumnę wersji i kończy się niepowodzeniem, jeśli inna transakcja w międzyczasie zmieniła wiersz.
Odpowiedź
B · Optymistyczna kontrola współbieżności
17.Sieci komputerowe
Odpowiedź: A · 10 ms
Dlaczego to jest odpowiedź
2 × 10⁶ m / 2 × 10⁸ m/s = 0,01 s = 10 ms. Opóźnienie propagacji zależy od odległości i ośrodka, a nie od rozmiaru pakietu.
Odpowiedź
A · 10 ms
18.Sieci komputerowe
Odpowiedź: C · Wymianą informacji o trasach między systemami autonomicznymi
Dlaczego to jest odpowiedź
BGP to protokół routingu międzydomenowego; systemy autonomiczne ogłaszają osiągalne prefiksy i wybierają ścieżki na podstawie polityk.
Odpowiedź
C · Wymianą informacji o trasach między systemami autonomicznymi
19.Podsieci IPv4
Odpowiedź: H = 6
Podsieci IPv4: adres ma 32 bity. Prefiks /p mówi, ile początkowych bitów wskazuje sieć; pozostałe 32 − p bitów numeruje hosty. Podsieć ma 2³²⁻ᵖ adresów, ale pierwszego (adres sieci) i ostatniego (adres rozgłoszeniowy) nie można przydzielić hostom, więc mieści się 2³²⁻ᵖ − 2 hostów. Wyjątki: /31 (łącze punkt-punkt, RFC 3021) wykorzystuje oba swoje 2 adresy dla hostów, a /32 to jeden adres (pojedynczy host lub loopback).
Bity do pożyczenia
25 = 32 ≥ 30 → b = 5, /29
Hosty na podsieć
23 − 2 = 6
Odpowiedź
H = 6
20.Podsieci IPv4
Odpowiedź: x = 160
VLSM: każda sieć LAN dostaje najmniejszą podsieć z 2ʰ − 2 ≥ jej liczba hostów, czyli prefiks 32 − h. Przydzielanie największych podsieci najpierw sprawia, że każdy blok jest wyrównany do wielokrotności własnego rozmiaru, więc adresy sieci wynikają z sumowania rozmiarów bloków.