Podstawy informatyki: zestaw na powtórkę

Wzory, najważniejsze kroki metod dla każdego tematu i 20 zadań do ćwiczenia, z pełnymi rozwiązaniami na końcu.

Nowe zadaniaWróć do przedmiotu

W oknie drukowania wybierz „Zapisz jako PDF”, aby zachować kopię na swoim urządzeniu.

1Wzory i metody

Systemy liczbowe

Wagi pozycji
dwójkowy 2k, ósemkowy 8k, szesnastkowy 16k
Na dziesiętny
Σ dk·bk
Z dziesiętnego
dziel przez podstawę, czytaj reszty od dołu do góry
Szesnastkowy ↔ dwójkowy
jedna cyfra szesnastkowa = 4 bity
Kod uzupełnień do dwóch (U2)
odwróć bity i dodaj 1

Rachunek zdań i dowody

Wiersze tablicy prawdy
2ⁿ
Implikacja
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Zaprzeczenie implikacji
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Równoważność
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
Prawa de Morgana
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Prawa rozdzielności
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Zaprzeczanie kwantyfikatorów
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metoda

  1. Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
  2. Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
  3. Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
  4. Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
  5. Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.

Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów

Metoda

  1. Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
  2. Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
  3. Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
  4. Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.

Teoria liczb i arytmetyka modularna

Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metoda

  1. Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
  2. Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
  3. Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
  4. Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
  5. Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teoria grafów

Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij

Metoda

  1. Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
  2. W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
  3. Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
  4. W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
  5. Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).

Podsieci IPv4

Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n

2Zadania do ćwiczenia

1.Systemy liczboweŚredni
8-bitowy kod U20−12806403201608040201

Ustaw bity tak, aby zapisywały −116 w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch. Jaka jest wartość wzorca U odczytanego jako liczba bez znaku?

N = −1168 bit
U =
2.Systemy liczboweTrudny
8 bit1 px1920 px1080 pxM = ? KiB

Nieskompresowany obraz ma 1920 × 1080 pikseli i 8 bitów na piksel. Ile pamięci M zajmuje, w KiB (1 KiB = 1024 bajty)?

1920 × 1080 px8 bit/px1 KiB = 1024 B
M = KiB
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
pqr(q ∨ r) ↔ ¬r(p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r)¬((p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r))111?110?101?100?011?010?001?000?

W ilu z 8 wierszy tablicy prawdy ¬((p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r)) jest prawdziwe? Nazwij tę liczbę N.

¬((p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r))
N =
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny
pqq → ppq11100100

Wnioskowanie z przesłankami q → p; p i wnioskiem q jest niepoprawne. Kliknij wiersz tablicy prawdy, który jest kontrprzykładem.

q → pp∴ q
  1. 1p = 1, q = 1
  2. 2p = 1, q = 0
  3. 3p = 0, q = 1
  4. 4p = 0, q = 0
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
ABCD0001111000011110111111

Na tej mapie Karnaugha dokładnie jedna jedynka nie ma sąsiedniej jedynki, więc w minimalnej postaci SOP pozostaje grupą jednej komórki (pełnym mintermem o czterech literałach). Sąsiedztwo przez brzegi mapy się liczy. Kliknij tę komórkę.

F = Σm(2, 4, 7, 8, 10, 12)
  1. 1AB = 00, CD = 00
  2. 2AB = 00, CD = 01
  3. 3AB = 00, CD = 11
  4. 4AB = 00, CD = 10
  5. 5AB = 01, CD = 00
  6. 6AB = 01, CD = 01
  7. 7AB = 01, CD = 11
  8. 8AB = 01, CD = 10
  9. 9AB = 11, CD = 00
  10. 10AB = 11, CD = 01
  11. 11AB = 11, CD = 11
  12. 12AB = 11, CD = 10
  13. 13AB = 10, CD = 00
  14. 14AB = 10, CD = 01
  15. 15AB = 10, CD = 11
  16. 16AB = 10, CD = 10
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
CLKJK12345678

Przerzutnik JK wyzwalany zboczem narastającym startuje z Q = 0 i dostaje pokazane wejścia przy 8 zboczach narastających zegara. Ile razy N Q zmienia stan?

Q₀ = 0JK
N =
7.Teoria liczb i arytmetyka modularnaŚredni

Rozwiąż 49x ≡ 32 (mod 81). Podaj rozwiązanie x z 0 < x < 81.

49x ≡ 32 (mod 81)
x =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny

23 jest liczbą pierwszą. Użyj małego twierdzenia Fermata, aby znaleźć 1548784 mod 23.

p = 23k = 48784
1548784 mod 23 =
9.Algorytmy i złożonośćŚredni

Ile pamięci stosu zużywa prosta rekurencyjna funkcja silni fact(n) = n × fact(n − 1)?

  1. AO(log n)
  2. BO(1)
  3. CO(n²)
  4. DO(n)
10.Algorytmy i złożonośćTrudny

Sortowanie przez wstawianie działa w O(n) dla danych posortowanych. Czy to przeczy dolnemu ograniczeniu Ω(n log n) dla sortowania przez porównania?

  1. ANie, dolne ograniczenie dotyczy najgorszego przypadku po wszystkich danych, a nie każdych danych
  2. BTak, więc dolne ograniczenie jest błędne
  3. CNie, bo sortowanie przez wstawianie nie jest sortowaniem przez porównania
  4. DTak, ale tylko dla tablic krótszych niż 100
11.Struktury danychŚredni

Drzewo trie (drzewo prefiksowe) jest szczególnie wydajne przy:

  1. ASortowaniu liczb
  2. BWyszukiwaniu po prefiksie, np. autouzupełnianiu
  3. CZnajdowaniu najkrótszych ścieżek
  4. DPrzechowywaniu macierzy
12.Struktury danychTrudny

Czym drzewo radix (skompresowane trie) przewyższa zwykłe trie?

  1. APrzechowuje każde słowo w tablicy mieszającej w korzeniu zamiast w osobnych węzłach
  2. BŁączy łańcuchy węzłów z jednym dzieckiem w jedną krawędź etykietowaną ciągiem znaków
  3. CSortuje dzieci każdego węzła według częstości
  4. DZachowuje tylko pierwszą literę każdego słowa
13.Teoria grafówŚredni
ABCDECykl EuleraŚcieżka Eulera, bez cykluani jedno, ani drugie

Czy graf spójny ma cykl Eulera, ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, czy żadne z nich? Kliknij odpowiedź.

|V| = 5|E| = 5
  1. 1Cykl Eulera
  2. 2Ścieżka Eulera, bez cyklu
  3. 3ani jedno, ani drugie
14.Teoria grafówTrudny
ABCDE

Ile jest marszów o długości 3 z A do C? Marsz może powtarzać wierzchołki i krawędzie. Nazwij tę liczbę N.

M = macierz sąsiedztwaL = 3
N =
15.Bazy danych i SQLŚredni

Tabela przechowuje adres klienta w każdym wierszu zamówienia. Zmiana adresu w jednym wierszu, ale nie w pozostałych, to przykład:

  1. AAnomalii aktualizacji
  2. BAnomalii usuwania
  3. COdczytu fantomowego
  4. DAnomalii wstawiania
16.Bazy danych i SQLTrudny

Która funkcja SQL najlepiej nadaje się do znalezienia wszystkich pracowników podległych kierownikowi w drzewie organizacyjnym o nieznanej głębokości?

  1. AGROUP BY po manager_id
  2. BPojedyncze samozłączenie tabeli employees po manager_id
  3. CRekurencyjne wspólne wyrażenie tablicowe (WITH RECURSIVE)
  4. DOgraniczenie UNIQUE na manager_id
17.Sieci komputeroweŚredni

Jaki jest adres sieci hosta 192.168.10.77/26?

  1. A192.168.10.128
  2. B192.168.10.0
  3. C192.168.10.64
  4. D192.168.10.76
18.Sieci komputeroweTrudny

Który mechanizm zapobiega pętlom rozgłoszeniowym w sieci z nadmiarowymi połączeniami między przełącznikami?

  1. ABuforowanie ARP
  2. BNAT
  3. CSpanning Tree Protocol
  4. DDHCP snooping
19.Podsieci IPv4Średni
/24 → /2611111111111111111111111111000000bity siecibity hosta

Sieć 192.168.10.0/24 trzeba podzielić na co najmniej 4 równych podsieci. Jeśli pożyczysz jak najmniej bitów, ile użytecznych hostów H będzie miała każda podsieć?

192.168.10.0/244 subnets
H =
20.Podsieci IPv4Trudny

Sieć 192.168.140.0/24 dzieli się metodą VLSM dla następujących sieci LAN: A: 32 hosty, B: 116 hosty, C: 30 hosty, D: 11 hosty. Podsieci przydziela się od .0 w górę, zaczynając od sieci LAN z największą liczbą hostów, każdej najmniejszą pasującą podsieć. Jaki jest czwarty oktet x adresu sieci LAN D?

A: 32B: 116C: 30D: 11
x =

3Roztwory

1.Systemy liczbowe

Odpowiedź: U = 140

Ustawianie bitów: każdy bit ma wartość będącą potęgą dwójki (128, 64, …, 1). Jedna cyfra szesnastkowa to dokładnie cztery bity, a w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit ma wartość −128. Operacje bitowe działają osobno na każdej pozycji bitu.

Odwróć i dodaj jeden

116 = 0111 0100
odwrócone: 1000 1011
+1 → 1000 1100

Odczytaj bez znaku

1000 1100₂ = 256 − 116 = 140

Odpowiedź

U = 140
2.Systemy liczbowe

Odpowiedź: M = 2025 KiB

Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.

Bity i bajty

1920·1080·8 = 16588800 bit = 2073600 B

Zamień na KiB

2073600/1024 = 2025 KiB

Odpowiedź

M = 2025 KiB
3.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: N = 3

Tablice prawdy: formuła z n różnymi zmiennymi ma 2ⁿ wierszy, po jednym dla każdej kombinacji wartości logicznych (1 = prawda, 0 = fałsz). Pracuj od wewnątrz na zewnątrz i każdej podformule daj osobną kolumnę. ¬a odwraca wartość; a ∧ b jest równe 1 tylko wtedy, gdy oba są równe 1; a ∨ b jest równe 0 tylko wtedy, gdy oba są równe 0; a → b jest równe 0 tylko wtedy, gdy a = 1 i b = 0; a ↔ b jest równe 1, gdy obie strony są równe.

Tablica prawdy wiersz po wierszu

p = 1, q = 1, r = 1: ¬q = 0, ¬q ∨ p = 1, p ∧ (¬q ∨ p) = 1, q ∨ r = 1, ¬r = 0, (q ∨ r) ↔ ¬r = 0, (p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r) = 1, ¬((p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r)) = 0
p = 1, q = 1, r = 0: ¬q = 0, ¬q ∨ p = 1, p ∧ (¬q ∨ p) = 1, q ∨ r = 1, ¬r = 1, (q ∨ r) ↔ ¬r = 1, (p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r) = 1, ¬((p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r)) = 0
p = 1, q = 0, r = 1: ¬q = 1, ¬q ∨ p = 1, p ∧ (¬q ∨ p) = 1, q ∨ r = 1, ¬r = 0, (q ∨ r) ↔ ¬r = 0, (p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r) = 1, ¬((p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r)) = 0
p = 1, q = 0, r = 0: ¬q = 1, ¬q ∨ p = 1, p ∧ (¬q ∨ p) = 1, q ∨ r = 0, ¬r = 1, (q ∨ r) ↔ ¬r = 0, (p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r) = 1, ¬((p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r)) = 0
p = 0, q = 1, r = 1: ¬q = 0, ¬q ∨ p = 0, p ∧ (¬q ∨ p) = 0, q ∨ r = 1, ¬r = 0, (q ∨ r) ↔ ¬r = 0, (p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r) = 0, ¬((p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r)) = 1
p = 0, q = 1, r = 0: ¬q = 0, ¬q ∨ p = 0, p ∧ (¬q ∨ p) = 0, q ∨ r = 1, ¬r = 1, (q ∨ r) ↔ ¬r = 1, (p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r) = 1, ¬((p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r)) = 0
p = 0, q = 0, r = 1: ¬q = 1, ¬q ∨ p = 1, p ∧ (¬q ∨ p) = 0, q ∨ r = 1, ¬r = 0, (q ∨ r) ↔ ¬r = 0, (p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r) = 0, ¬((p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r)) = 1
p = 0, q = 0, r = 0: ¬q = 1, ¬q ∨ p = 1, p ∧ (¬q ∨ p) = 0, q ∨ r = 0, ¬r = 1, (q ∨ r) ↔ ¬r = 0, (p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r) = 0, ¬((p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r)) = 1

Policz wiersze z wartością 1

¬((p ∧ (¬q ∨ p)) ∨ ((q ∨ r) ↔ ¬r)): 0, 0, 0, 0, 1, 0, 1, 1
N = 3

Odpowiedź

N = 3
4.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: p = 1, q = 0

Kwantyfikatory i wnioskowania: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) oraz ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Przesuń negację do środka, zamień każdy kwantyfikator, który mija, i zaneguj formułę wewnętrzną prawami rachunku zdań, takimi jak ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Wnioskowanie jest poprawne, gdy wniosek jest równy 1 w każdym wierszu, w którym wszystkie przesłanki są równe 1. Pojedynczy wiersz z prawdziwymi przesłankami i fałszywym wnioskiem jest kontrprzykładem i pokazuje, że wnioskowanie jest niepoprawne.

Przesłanki i wniosek wiersz po wierszu

p = 1, q = 1: 1 1 | 1
p = 1, q = 0: 1 1 | 0
p = 0, q = 1: 0 0 | 1
p = 0, q = 0: 1 0 | 0

Kontrprzykład

p = 1, q = 0

Odpowiedź

p = 1, q = 0

Wnioskowanie o tej postaci wygląda jak poprawna reguła, ale jeden wiersz wystarczy, by pokazać, że nią nie jest.

5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: AB = 01, CD = 11

Mapy Karnaugha: komórki są ułożone w kodzie Graya (00, 01, 11, 10), więc sąsiednie komórki, także te przez brzegi, różnią się dokładnie jedną zmienną. Grupuj jedynki w prostokąty po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, jak największe i jak najmniej, aż każda jedynka będzie pokryta. Każda grupa to jeden iloczyn: zmienne, które wewnątrz niej pozostają stałe. Grupa 2ᵏ komórek traci k zmiennych. Stany nieokreślone (X) można wykorzystać, by powiększyć grupy, ale nigdy nie trzeba ich pokrywać. Grupowanie zer daje minimalną postać POS.

Sąsiedzi każdej jedynki

Jedynka z sąsiednią jedynką może dołączyć do grupy dwóch lub więcej.

m7: m6, m5, m3, m15 → 0
ABCD0001111000011110111111

Izolowana jedynka

m7 = A′BCD → AB = 01, CD = 11

Odpowiedź

AB = 01, CD = 11
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: N = 4

Przerzutniki i liczniki: przerzutnik zmienia stan tylko przy aktywnym zboczu zegara. D kopiuje swoje wejście (Q⁺ = D); T zmienia stan na przeciwny, gdy T = 1; JK utrzymuje stan dla 00, zeruje dla 01, ustawia dla 10 i zmienia stan na przeciwny dla 11. N-bitowy licznik binarny ma 2ⁿ stanów i liczy modulo 2ⁿ; licznik mod-N liczy 0, 1, …, N − 1 i wraca do 0, a potrzebuje tylu przerzutników, ile wynosi najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N. Każdy stopień licznika asynchronicznego dzieli częstotliwość przez dwa, więc ostatnie wyjście licznika mod-N pracuje z częstotliwością fclk/N. Licznik Johnsona z n przerzutników ma 2n stanów, licznik pierścieniowy n.

Q po każdym zboczu

Przerzutnik JK: 00 utrzymuje, 01 zeruje (Q = 0), 10 ustawia (Q = 1), 11 zmienia stan na przeciwny.

1: J = 0, K = 0 → Q = 0
2: J = 1, K = 1 → Q = 1
3: J = 1, K = 1 → Q = 0
4: J = 1, K = 0 → Q = 1
5: J = 0, K = 0 → Q = 1
6: J = 1, K = 1 → Q = 0
7: J = 0, K = 0 → Q = 0
8: J = 0, K = 0 → Q = 0

Policz zmiany

0 → 0 → 1 → 0 → 1 → 1 → 0 → 0 → 0
N = 4

Odpowiedź

N = 4
7.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: x = 80

Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Element odwrotny do 49

r = 81, t = 0
r = 49, q = 1, t = 1
r = 32, q = 1, t = −1
r = 17, q = 1, t = 2
r = 15, q = 1, t = −3
r = 2, q = 7, t = 5
r = 1, q = 2, t = −38
49−1 ≡ 43 (mod 81)

Rozwiąż

x ≡ 43·32 = 1376 ≡ 80 (mod 81)
sprawdzenie: 49·80 = 3920 ≡ 32 (mod 81)

Odpowiedź

x = 80
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: 1548784 mod 23 = 3

Potęgi modularne i RSA: oblicz aᵏ mod n przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu: zapisz k binarnie, podnoś do kwadratu, redukuj po każdym kroku i mnóż potęgi, których bit jest równy 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) dla liczby pierwszej p niedzielącej a, więc wykładnik można redukować modulo p − 1. RSA: wybierz liczby pierwsze p i q, n = p·q i φ(n) = (p − 1)(q − 1); wykładnik publiczny e jest względnie pierwszy z φ(n), a wykładnik prywatny to d = e⁻¹ mod φ(n). Szyfruj wzorem c = mᵉ mod n, a odszyfrowuj wzorem m = cᵈ mod n.

Zredukuj wykładnik

48784 mod 22 = 10
1548784 ≡ 1510 (mod 23)

Mała potęga

1510 mod 23 = 3

Odpowiedź

1548784 mod 23 = 3
9.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: D · O(n)

Dlaczego to jest odpowiedź

Rekurencja ma głębokość n wywołań, zanim którekolwiek wróci, a każde wywołanie potrzebuje ramki stosu, więc zużywa O(n) pamięci.

Odpowiedź

D · O(n)
10.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: A · Nie, dolne ograniczenie dotyczy najgorszego przypadku po wszystkich danych, a nie każdych danych

Dlaczego to jest odpowiedź

Ograniczenie mówi, że każde sortowanie przez porównania wymaga około n log n porównań dla pewnych danych rozmiaru n; szczególne dane mogą być przetwarzane znacznie szybciej.

Odpowiedź

A · Nie, dolne ograniczenie dotyczy najgorszego przypadku po wszystkich danych, a nie każdych danych
11.Struktury danych

Odpowiedź: B · Wyszukiwaniu po prefiksie, np. autouzupełnianiu

Dlaczego to jest odpowiedź

Trie przechowuje napisy znak po znaku wzdłuż ścieżek, więc wyszukiwanie i zapytania o prefiks zajmują czas proporcjonalny do długości klucza.

Odpowiedź

B · Wyszukiwaniu po prefiksie, np. autouzupełnianiu
12.Struktury danych

Odpowiedź: B · Łączy łańcuchy węzłów z jednym dzieckiem w jedną krawędź etykietowaną ciągiem znaków

Dlaczego to jest odpowiedź

Zwinięcie ścieżek bez rozgałęzień zmniejsza liczbę węzłów i zużycie pamięci przy zachowaniu wyszukiwania po prefiksie.

Odpowiedź

B · Łączy łańcuchy węzłów z jednym dzieckiem w jedną krawędź etykietowaną ciągiem znaków
13.Teoria grafów

Odpowiedź: Cykl Eulera

Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.

Stopnie

deg(A) = 2, deg(B) = 2, deg(C) = 2, deg(D) = 2, deg(E) = 2

Wierzchołki nieparzyste

0
Cykl Eulera

Odpowiedź

Cykl Eulera
14.Teoria grafów

Odpowiedź: N = 3

Stopnie: stopień wierzchołka to liczba krawędzi, które się w nim stykają. Każda krawędź ma dwa końce, więc stopnie sumują się do dwukrotności liczby krawędzi: Σ deg(v) = 2|E| (lemat o uściskach dłoni). Liczba wierzchołków o nieparzystym stopniu jest zatem parzysta. Kn ma n(n − 1)/2 krawędzi, graf k-regularny o n wierzchołkach ma nk/2, a drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.

Macierz sąsiedztwa

A: 0 1 1 0 0
B: 1 0 1 1 1
C: 1 1 0 0 0
D: 0 1 0 0 1
E: 0 1 0 1 0

Jeszcze jeden krok

(M³)AC = 2·1 + 1·1 + 1·0 + 1·0 + 1·0 = 3

Odpowiedź

N = 3
15.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: A · Anomalii aktualizacji

Dlaczego to jest odpowiedź

Nadmiarowe przechowywanie oznacza, że jedną zmianę trzeba wprowadzić w wielu wierszach; pominięcie niektórych powoduje niespójność danych, czemu zapobiega normalizacja.

Odpowiedź

A · Anomalii aktualizacji
16.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: C · Rekurencyjne wspólne wyrażenie tablicowe (WITH RECURSIVE)

Dlaczego to jest odpowiedź

Rekurencyjne CTE zaczyna od zapytania zakotwiczającego i wielokrotnie złącza poprzedni wynik z tabelą, więc obsługuje hierarchie o dowolnej głębokości.

Odpowiedź

C · Rekurencyjne wspólne wyrażenie tablicowe (WITH RECURSIVE)
17.Sieci komputerowe

Odpowiedź: C · 192.168.10.64

Dlaczego to jest odpowiedź

Podsieci /26 zaczynają się od 0, 64, 128 i 192. 77 leży w bloku 64–127, więc adres sieci to 192.168.10.64.

Odpowiedź

C · 192.168.10.64
18.Sieci komputerowe

Odpowiedź: C · Spanning Tree Protocol

Dlaczego to jest odpowiedź

STP wybiera most główny (root bridge) i blokuje nadmiarowe ścieżki, odblokowując je w razie awarii aktywnego łącza.

Odpowiedź

C · Spanning Tree Protocol
19.Podsieci IPv4

Odpowiedź: H = 62

Podsieci IPv4: adres ma 32 bity. Prefiks /p mówi, ile początkowych bitów wskazuje sieć; pozostałe 32 − p bitów numeruje hosty. Podsieć ma 2³²⁻ᵖ adresów, ale pierwszego (adres sieci) i ostatniego (adres rozgłoszeniowy) nie można przydzielić hostom, więc mieści się 2³²⁻ᵖ − 2 hostów. Wyjątki: /31 (łącze punkt-punkt, RFC 3021) wykorzystuje oba swoje 2 adresy dla hostów, a /32 to jeden adres (pojedynczy host lub loopback).

Bity do pożyczenia

22 = 4 ≥ 4 → b = 2, /26

Hosty na podsieć

26 − 2 = 62

Odpowiedź

H = 62
20.Podsieci IPv4

Odpowiedź: x = 224

VLSM: każda sieć LAN dostaje najmniejszą podsieć z 2ʰ − 2 ≥ jej liczba hostów, czyli prefiks 32 − h. Przydzielanie największych podsieci najpierw sprawia, że każdy blok jest wyrównany do wielokrotności własnego rozmiaru, więc adresy sieci wynikają z sumowania rozmiarów bloków.

Rozmiar bloku dla każdej sieci LAN

B: 116 hosty → 27 = 128 (/25)
A: 32 hosty → 26 = 64 (/26)
C: 30 hosty → 25 = 32 (/27)
D: 11 hosty → 24 = 16 (/28)

Przydział, od największej

B: .0 – .127
A: .128 – .191
C: .192 – .223
D: .224 – .239

Odpowiedź

x = 224

LAN D: 192.168.140.224/28.

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals