Podstawy informatyki: zestaw na powtórkę

Wzory, najważniejsze kroki metod dla każdego tematu i 20 zadań do ćwiczenia, z pełnymi rozwiązaniami na końcu.

Nowe zadaniaWróć do przedmiotu

W oknie drukowania wybierz „Zapisz jako PDF”, aby zachować kopię na swoim urządzeniu.

1Wzory i metody

Systemy liczbowe

Wagi pozycji
dwójkowy 2k, ósemkowy 8k, szesnastkowy 16k
Na dziesiętny
Σ dk·bk
Z dziesiętnego
dziel przez podstawę, czytaj reszty od dołu do góry
Szesnastkowy ↔ dwójkowy
jedna cyfra szesnastkowa = 4 bity
Kod uzupełnień do dwóch (U2)
odwróć bity i dodaj 1

Rachunek zdań i dowody

Wiersze tablicy prawdy
2ⁿ
Implikacja
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Zaprzeczenie implikacji
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Równoważność
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
Prawa de Morgana
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Prawa rozdzielności
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Zaprzeczanie kwantyfikatorów
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metoda

  1. Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
  2. Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
  3. Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
  4. Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
  5. Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.

Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów

Metoda

  1. Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
  2. Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
  3. Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
  4. Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.

Teoria liczb i arytmetyka modularna

Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metoda

  1. Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
  2. Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
  3. Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
  4. Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
  5. Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teoria grafów

Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij

Metoda

  1. Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
  2. W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
  3. Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
  4. W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
  5. Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).

Podsieci IPv4

Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n

2Zadania do ćwiczenia

1.Systemy liczboweŚredni
8-bitowy kod U20−12806403201608040201

Ustaw bity tak, aby zapisywały −64 w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch. Jaka jest wartość wzorca U odczytanego jako liczba bez znaku?

N = −648 bit
U =
2.Systemy liczboweTrudny
klikaj bity, aby je ustawić012806403201608040201

Ustaw bity na 8-bitowy wynik działania 0111 0001 << 3. Jaka jest wartość wyniku R w zapisie dziesiętnym?

0111 0001<< 3
R =
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
¬p ∧ ¬(q ∧ r)¬¬p ∧ ¬(q ∧ r)¬¬p ∧ (q ∧ r)¬¬p → ¬(q ∧ r)

Chcesz udowodnić ¬p → (q ∧ r) nie wprost. Jakie zdanie zakładasz na początku? Kliknij je.

¬p → (q ∧ r)
  1. 1¬p ∧ ¬(q ∧ r)
  2. 2¬¬p ∧ ¬(q ∧ r)
  3. 3¬¬p ∧ (q ∧ r)
  4. 4¬¬p → ¬(q ∧ r)
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny
qrr ∧ p¬q

Dane są przesłanki r ∨ p; r → q; p → q. Jaki wniosek z nich wynika? Kliknij go.

r ∨ pr → qp → q
  1. 1q
  2. 2r
  3. 3r ∧ p
  4. 4¬q
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
ABC000111100101324576

Uprość F = A′B′C + ABC + A′B′ + A′BC do minimalnej postaci sumy iloczynów. Ile literałów L zawiera uproszczone wyrażenie?

F = A′B′C + ABC + A′B′ + A′BC
L =
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
FFQ0​Q0​FFQ1​Q1​FFQ2​Q2​FFQ3​Q3​FFQ4​Q4​FFQ5​Q5​FFQ6​Q6​CLKMOD-100

Licznik mod-100 zbudowano z minimalnej liczby przerzutników. Ile z możliwych stanów U nigdy nie jest używanych?

N = 100
U =
7.Teoria liczb i arytmetyka modularnaŚredni

Znajdź najmniejszą dodatnią liczbę całkowitą x, dla której x ≡ 3 (mod 11) i x ≡ 8 (mod 12).

x ≡ 3 (mod 11)x ≡ 8 (mod 12)
x =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny
143c = me​ mod n?m = cd​ mod nm(n, e) = (203, 23)d

Zaszyfruj wiadomość m = 143 kluczem publicznym RSA (n, e) = (203, 23). Znajdź szyfrogram c.

n = 203e = 23m = 143
c =
9.Algorytmy i złożonośćŚredni

Jaka jest złożoność czasowa obliczania n-tej liczby Fibonacciego za pomocą tablicy wypełnianej wstępująco (bottom-up)?

  1. AO(log n)
  2. BO(n)
  3. CO(n²)
  4. DO(2ⁿ)
10.Algorytmy i złożonośćTrudny

Który z tych problemów spełnialności jest rozwiązywalny w czasie wielomianowym?

  1. A3-SAT, w którym każda klauzula ma dokładnie trzy literały
  2. BSpełnialność układów logicznych (circuit SAT)
  3. C2-SAT, w którym każda klauzula ma najwyżej dwa literały
  4. DOgólny SAT dla formuł w koniunkcyjnej postaci normalnej
11.Struktury danychŚredni

Jaki jest maksymalny możliwy współczynnik zapełnienia tablicy mieszającej z adresowaniem otwartym?

  1. A0,5
  2. BNie ma maksimum
  3. C1
  4. D2
12.Struktury danychTrudny

Ile trwa wyszukanie dowolnego klucza w binarnym kopcu minimalnym o n elementach?

  1. AO(log log n)
  2. BO(n)
  3. CO(1)
  4. DO(log n)
13.Teoria grafówŚredni

Ile różnych cykli Hamiltona H ma graf pełny K7? Cykle różniące się tylko wierzchołkiem startowym lub kierunkiem liczą się jako ten sam.

K7
H =
14.Teoria grafówTrudny
126129314315113145ABCDEFG

Użyj algorytmu Dijkstry, aby znaleźć długość d(F) najkrótszej ścieżki z A do F w grafie ważonym.

start: Akoniec: F
d(F) =
15.Bazy danych i SQLŚredni

Co zwraca SELECT SUM(amount) FROM orders, gdy klauzula WHERE nie pasuje do żadnego wiersza?

  1. ANULL
  2. BBłąd
  3. C0
  4. DPusty ciąg znaków
16.Bazy danych i SQLTrudny

Co oblicza SELECT day, SUM(amount) OVER (ORDER BY day) FROM sales?

  1. AJeden wiersz na dzień tylko z sumą z tego dnia
  2. BSumę wszystkich kwot w każdym wierszu
  3. CŚrednią kwotę na dzień
  4. DSumę narastającą amount uporządkowaną według day
17.Sieci komputeroweŚredni

W której warstwie OSI zwykle działa przełącznik (switch)?

  1. AFizycznej (warstwa 1)
  2. BTransportowej (warstwa 4)
  3. CŁącza danych (warstwa 2)
  4. DSieciowej (warstwa 3)
18.Sieci komputeroweTrudny

Klucz prywatny serwera zostanie skradziony za rok. Która właściwość TLS chroni dzisiaj zarejestrowane sesje?

  1. AKompresja danych przed szyfrowaniem
  2. BUżywanie dłuższej nazwy domeny
  3. CUtajnianie z wyprzedzeniem (forward secrecy) dzięki efemerycznej wymianie kluczy Diffiego-Hellmana
  4. DDwukrotne wysyłanie certyfikatu
19.Podsieci IPv4Średni
255.255.255.24811111111111111111111111111111000bity siecibity hosta

Podsieć używa maski 255.255.255.248. Ile ma użytecznych adresów hostów H?

255.255.255.248
H =
20.Podsieci IPv4Trudny

Sieć 192.168.98.0/24 dzieli się metodą VLSM dla następujących sieci LAN: A: 112 hosty, B: 6 hosty, C: 14 hosty, D: 31 hosty. Podsieci przydziela się od .0 w górę, zaczynając od sieci LAN z największą liczbą hostów, każdej najmniejszą pasującą podsieć. Jaki jest czwarty oktet x adresu sieci LAN B?

A: 112B: 6C: 14D: 31
x =

3Roztwory

1.Systemy liczbowe

Odpowiedź: U = 192

Ustawianie bitów: każdy bit ma wartość będącą potęgą dwójki (128, 64, …, 1). Jedna cyfra szesnastkowa to dokładnie cztery bity, a w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit ma wartość −128. Operacje bitowe działają osobno na każdej pozycji bitu.

Odwróć i dodaj jeden

64 = 0100 0000
odwrócone: 1011 1111
+1 → 1100 0000

Odczytaj bez znaku

1100 0000₂ = 256 − 64 = 192

Odpowiedź

U = 192
2.Systemy liczbowe

Odpowiedź: R = 136

Ustawianie bitów: każdy bit ma wartość będącą potęgą dwójki (128, 64, …, 1). Jedna cyfra szesnastkowa to dokładnie cztery bity, a w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit ma wartość −128. Operacje bitowe działają osobno na każdej pozycji bitu.

Bit po bicie

Przesunięcie w lewo o 3 przesuwa każdy bit o 3 pozycji w lewo; bity, które wypadną z lewego końca, są tracone, a z prawej wchodzą zera.

0111 0001 << 3
= 1000 1000

Wartość wyniku

1000 1000₂ = 136

Odpowiedź

R = 136
3.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: ¬p ∧ ¬(q ∧ r)

Równoważność logiczna: dwie formuły są równoważne (≡), gdy mają tę samą wartość w każdym wierszu tablicy prawdy. Tautologia jest równa 1 w każdym wierszu, kontradykcja 0 w każdym wierszu, a formuła kontyngentna nie jest ani jednym, ani drugim. Przydatne prawa: prawa de Morgana, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b oraz ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozycja); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; oraz prawa rozdzielności, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Części implikacji

a = ¬p, b = q ∧ r

Zaprzeczenie implikacji

¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = ¬p ∧ ¬(q ∧ r)

Odpowiedź

¬p ∧ ¬(q ∧ r)

Jeśli założenie prowadzi do sprzeczności, implikacja musi być prawdziwa.

4.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: q

Kwantyfikatory i wnioskowania: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) oraz ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Przesuń negację do środka, zamień każdy kwantyfikator, który mija, i zaneguj formułę wewnętrzną prawami rachunku zdań, takimi jak ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Wnioskowanie jest poprawne, gdy wniosek jest równy 1 w każdym wierszu, w którym wszystkie przesłanki są równe 1. Pojedynczy wiersz z prawdziwymi przesłankami i fałszywym wnioskiem jest kontrprzykładem i pokazuje, że wnioskowanie jest niepoprawne.

Wiersze z wszystkimi prawdziwymi przesłankami

p = 1, q = 1, r = 1: q = 1, r = 1, r ∧ p = 1, ¬q = 0
p = 1, q = 1, r = 0: q = 1, r = 0, r ∧ p = 0, ¬q = 0
p = 0, q = 1, r = 1: q = 1, r = 1, r ∧ p = 0, ¬q = 0

Wniosek

q (dowód przez rozpatrzenie przypadków)

Odpowiedź

q
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: L = 4

Algebra Boole’a: reguły upraszczające wyrażenia to X + X′ = 1 i X·X′ = 0, X + X = X, absorpcja X + X·Y = X, reguła sklejania X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y oraz twierdzenie o konsensusie XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Prawa de Morgana zamieniają (X·Y)′ na X′ + Y′ oraz (X + Y)′ na X′·Y′. Mapa Karnaugha stosuje te reguły graficznie: każda grupa dwóch sąsiednich komórek to jedno użycie XY + XY′ = X.

Mintermy wyrażenia

A′B′C → m(1)
ABC → m(7)
A′B′ → m(0, 1)
A′BC → m(3)
ABC00011110011011130204051706

Pogrupuj i odczytaj

F = BC + A′B′

Policz literały

L = 4

Odpowiedź

L = 4
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: U = 28

Przerzutniki i liczniki: przerzutnik zmienia stan tylko przy aktywnym zboczu zegara. D kopiuje swoje wejście (Q⁺ = D); T zmienia stan na przeciwny, gdy T = 1; JK utrzymuje stan dla 00, zeruje dla 01, ustawia dla 10 i zmienia stan na przeciwny dla 11. N-bitowy licznik binarny ma 2ⁿ stanów i liczy modulo 2ⁿ; licznik mod-N liczy 0, 1, …, N − 1 i wraca do 0, a potrzebuje tylu przerzutników, ile wynosi najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N. Każdy stopień licznika asynchronicznego dzieli częstotliwość przez dwa, więc ostatnie wyjście licznika mod-N pracuje z częstotliwością fclk/N. Licznik Johnsona z n przerzutników ma 2n stanów, licznik pierścieniowy n.

Liczba przerzutników

2ⁿ ≥ 100 → n = 7 (2⁷ = 128)

Nieużywane stany

U = 128 − 100 = 28

Odpowiedź

U = 28
7.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: x = 80

Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Pierwsza kongruencja

x = 3 + 11k

Druga kongruencja

3 + 11k ≡ 8 (mod 12) → 11k ≡ 5 (mod 12)
k ≡ 11·5 ≡ 7 (mod 12)

Wynik

x = 3 + 11·7 = 80
x = 80
sprawdzenie: 80 mod 11 = 3, 80 mod 12 = 8

Odpowiedź

x = 80
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: c = 19

Potęgi modularne i RSA: oblicz aᵏ mod n przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu: zapisz k binarnie, podnoś do kwadratu, redukuj po każdym kroku i mnóż potęgi, których bit jest równy 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) dla liczby pierwszej p niedzielącej a, więc wykładnik można redukować modulo p − 1. RSA: wybierz liczby pierwsze p i q, n = p·q i φ(n) = (p − 1)(q − 1); wykładnik publiczny e jest względnie pierwszy z φ(n), a wykładnik prywatny to d = e⁻¹ mod φ(n). Szyfruj wzorem c = mᵉ mod n, a odszyfrowuj wzorem m = cᵈ mod n.

Wielokrotne podnoszenie do kwadratu

23 = 16 + 4 + 2 + 1
1431 ≡ 143 (mod 203)
1432 ≡ 149 (mod 203)
1434 ≡ 74 (mod 203)
1438 ≡ 198 (mod 203)
14316 ≡ 25 (mod 203)
14323 ≡ 143·149·74·25 ≡ 19 (mod 203)

Szyfrogram

c = 19

Odpowiedź

c = 19
9.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: B · O(n)

Dlaczego to jest odpowiedź

Wypełnienie tablicy od 0 do n wymaga jednego dodawania na element, więc praca jest liniowa zamiast wykładniczej.

Odpowiedź

B · O(n)
10.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: C · 2-SAT, w którym każda klauzula ma najwyżej dwa literały

Dlaczego to jest odpowiedź

2-SAT należy do P (czas liniowy dzięki silnie spójnym składowym), a 3-SAT jest NP-zupełny.

Odpowiedź

C · 2-SAT, w którym każda klauzula ma najwyżej dwa literały
11.Struktury danych

Odpowiedź: C · 1

Dlaczego to jest odpowiedź

Przy adresowaniu otwartym wszystkie klucze przechowuje się w samej tablicy, więc n nie może przekroczyć m; przy metodzie łańcuchowej współczynnik może być większy od 1.

Odpowiedź

C · 1
12.Struktury danych

Odpowiedź: B · O(n)

Dlaczego to jest odpowiedź

Kopiec nie daje reguły, które poddrzewo zawiera klucz, więc w najgorszym przypadku trzeba sprawdzić wszystkie węzły; szybko można znaleźć tylko minimum.

Odpowiedź

B · O(n)
13.Teoria grafów

Odpowiedź: H = 360

Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.

Policz

H = (7 − 1)!/2 = 720/2 = 360

Odpowiedź

H = 360
14.Teoria grafów

Odpowiedź: d(F) = 24

Najkrótsze ścieżki i drzewa rozpinające: algorytm Dijkstry zatwierdza jeden wierzchołek na rundę: niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej tymczasowej odległości. Jego odległość jest wtedy ostateczna, a każdy sąsiad v dostaje d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algorytm Kruskala buduje minimalne drzewo rozpinające, biorąc krawędzie od lekkich do ciężkich i pomijając każdą, która zamknęłaby cykl; algorytm Prima rozbudowuje jedno drzewo od wierzchołka startowego, zawsze dodając najlżejszą krawędź wychodzącą z niego. Drzewo rozpinające o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.

Algorytm Dijkstry runda po rundzie

Każdy wiersz: zatwierdzony wierzchołek, jego ostateczna odległość oraz sąsiedzi, których odległość się poprawia.

A (0): B: 12, C: 6
C (6): E: 9, G: 9
E (9): D: 23, F: 24
G (9)
B (12): D: 21
D (21)
F (24)

Najkrótsza ścieżka

A → C → E → F
d(F) = 24

Odpowiedź

d(F) = 24
15.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: A · NULL

Dlaczego to jest odpowiedź

SUM, AVG, MIN i MAX zwracają NULL dla zbioru pustego, a COUNT zwraca 0; COALESCE(SUM(amount), 0) daje zamiast tego 0.

Odpowiedź

A · NULL
16.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: D · Sumę narastającą amount uporządkowaną według day

Dlaczego to jest odpowiedź

Z ORDER BY i bez jawnej ramki okno obejmuje wiersze od pierwszego do bieżącego (wraz z remisami), co daje sumę skumulowaną.

Odpowiedź

D · Sumę narastającą amount uporządkowaną według day
17.Sieci komputerowe

Odpowiedź: C · Łącza danych (warstwa 2)

Dlaczego to jest odpowiedź

Standardowy przełącznik uczy się adresów MAC i przekazuje ramki w warstwie 2. Przełączniki warstwy 3 dodatkowo trasują.

Odpowiedź

C · Łącza danych (warstwa 2)
18.Sieci komputerowe

Odpowiedź: C · Utajnianie z wyprzedzeniem (forward secrecy) dzięki efemerycznej wymianie kluczy Diffiego-Hellmana

Dlaczego to jest odpowiedź

Przy efemerycznym (EC)DHE każdy klucz sesji jest wyprowadzany z tymczasowych wartości, które są potem usuwane. Klucz długoterminowy tylko podpisuje wymianę, więc jego późniejsza kradzież nie pozwala odszyfrować starego ruchu.

Odpowiedź

C · Utajnianie z wyprzedzeniem (forward secrecy) dzięki efemerycznej wymianie kluczy Diffiego-Hellmana
19.Podsieci IPv4

Odpowiedź: H = 6

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Długość prefiksu

255.255.255.248 = /29

Użyteczne hosty

23 − 2 = 6

Odpowiedź

H = 6
20.Podsieci IPv4

Odpowiedź: x = 208

VLSM: każda sieć LAN dostaje najmniejszą podsieć z 2ʰ − 2 ≥ jej liczba hostów, czyli prefiks 32 − h. Przydzielanie największych podsieci najpierw sprawia, że każdy blok jest wyrównany do wielokrotności własnego rozmiaru, więc adresy sieci wynikają z sumowania rozmiarów bloków.

Rozmiar bloku dla każdej sieci LAN

A: 112 hosty → 27 = 128 (/25)
D: 31 hosty → 26 = 64 (/26)
C: 14 hosty → 24 = 16 (/28)
B: 6 hosty → 23 = 8 (/29)

Przydział, od największej

A: .0 – .127
D: .128 – .191
C: .192 – .207
B: .208 – .215

Odpowiedź

x = 208

LAN B: 192.168.98.208/29.

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals