Podstawy informatyki: zestaw na powtórkę

Wzory, najważniejsze kroki metod dla każdego tematu i 20 zadań do ćwiczenia, z pełnymi rozwiązaniami na końcu.

Nowe zadaniaWróć do przedmiotu

W oknie drukowania wybierz „Zapisz jako PDF”, aby zachować kopię na swoim urządzeniu.

1Wzory i metody

Systemy liczbowe

Wagi pozycji
dwójkowy 2k, ósemkowy 8k, szesnastkowy 16k
Na dziesiętny
Σ dk·bk
Z dziesiętnego
dziel przez podstawę, czytaj reszty od dołu do góry
Szesnastkowy ↔ dwójkowy
jedna cyfra szesnastkowa = 4 bity
Kod uzupełnień do dwóch (U2)
odwróć bity i dodaj 1

Rachunek zdań i dowody

Wiersze tablicy prawdy
2ⁿ
Implikacja
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Zaprzeczenie implikacji
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Równoważność
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
Prawa de Morgana
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Prawa rozdzielności
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Zaprzeczanie kwantyfikatorów
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metoda

  1. Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
  2. Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
  3. Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
  4. Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
  5. Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.

Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów

Metoda

  1. Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
  2. Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
  3. Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
  4. Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.

Teoria liczb i arytmetyka modularna

Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metoda

  1. Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
  2. Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
  3. Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
  4. Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
  5. Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teoria grafów

Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij

Metoda

  1. Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
  2. W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
  3. Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
  4. W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
  5. Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).

Podsieci IPv4

Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n

2Zadania do ćwiczenia

1.Systemy liczboweŚredni
8-bitowy kod U20−12806403201608040201

Ustaw bity tak, aby zapisywały −110 w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch. Jaka jest wartość wzorca U odczytanego jako liczba bez znaku?

N = −1108 bit
U =
2.Systemy liczboweTrudny
10 bitów, bez znaku, N = ???????????

Jaka jest największa liczba całkowita bez znaku N, która mieści się w 10 bitach?

10 bit
N =
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
r ∨ ¬p¬r ∨ ¬p¬r ∧ ¬p¬r ∧ p

Która formuła jest logicznie równoważna ¬(r ∨ p)? Kliknij ją.

¬(r ∨ p)
  1. 1r ∨ ¬p
  2. 2¬r ∨ ¬p
  3. 3¬r ∧ ¬p
  4. 4¬r ∧ p
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny
prr → p¬r¬p11100100

Wnioskowanie z przesłankami r → p; ¬r i wnioskiem ¬p jest niepoprawne. Kliknij wiersz tablicy prawdy, który jest kontrprzykładem.

r → p¬r∴ ¬p
  1. 1p = 1, r = 1
  2. 2p = 1, r = 0
  3. 3p = 0, r = 1
  4. 4p = 0, r = 0
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
MUX1I0​1I1​CI2​0I3​ABS1​S0​F

Multiplekser 4-do-1 ma wejścia wyboru S₁ = A i S₀ = B, a wejścia danych podłączone do I₀ = 1, I₁ = 1, I₂ = C, I₃ = 0. Dla ilu z 8 kombinacji A, B i C wyjście F = 1? Znajdź N.

I₀ = 1I₁ = 1I₂ = CI₃ = 0
N =
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
ABCD00011110000111100011030214051716X12013015X141819111010

Dla F(A, B, C, D) = Σm(1, 4, 6, 7, 8, 9, 11) + d(12, 14), gdzie d oznacza stany nieokreślone, znajdź liczbę N istotnych implikantów prostych.

F(A, B, C, D) = Σm(1, 4, 6, 7, 8, 9, 11) + d(12, 14)
N =
7.Teoria liczb i arytmetyka modularnaŚredni

Znajdź najmniejszą dodatnią liczbę całkowitą x, dla której x ≡ 2 (mod 3) i x ≡ 1 (mod 7).

x ≡ 2 (mod 3)x ≡ 1 (mod 7)
x =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny
mc = me​ mod n242m = cd​ mod n?(n, e) = (551, 5)d

Klucz RSA używa p = 19, q = 29 i e = 5. Odszyfruj szyfrogram c = 242: znajdź wiadomość m.

p = 19q = 29e = 5c = 242
m =
9.Algorytmy i złożonośćŚredni

Sortujesz raz tablicę n elementów, a potem odpowiadasz na k zapytań o przynależność za pomocą wyszukiwania binarnego. Jaki jest łączny koszt?

  1. AO(k n log n)
  2. BO(nk)
  3. CO(n + k)
  4. DO(n log n + k log n)
10.Algorytmy i złożonośćTrudny

Jaka jest złożoność czasowa budowania kopca binarnego z n nieposortowanych elementów metodą wstępującą (bottom-up)?

  1. AO(n²)
  2. BO(n)
  3. CO(log n)
  4. DO(n log n)
11.Struktury danychŚredni

Sieć drogowa ma 100 000 skrzyżowań, z których każde łączy się z około 4 innymi. Która reprezentacja jest najodpowiedniejsza?

  1. AJedna posortowana tablica wierzchołków
  2. BListy sąsiedztwa
  3. CMacierz sąsiedztwa
  4. DKopiec binarny krawędzi
12.Struktury danychTrudny

Dlaczego B-drzewa są używane w bazach danych i systemach plików?

  1. APrzechowują dane nieposortowane
  2. BDuży stopień rozgałęzienia utrzymuje drzewo płytkim, ograniczając wolne odczyty z dysku
  3. CZajmują mniej pamięci niż jakakolwiek tablica, więc cały indeks zawsze mieści się w pamięci głównej
  4. DNie wymagają równoważenia
13.Teoria grafówŚredni
ABCDECykl EuleraŚcieżka Eulera, bez cykluani jedno, ani drugie

Czy graf spójny ma cykl Eulera, ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, czy żadne z nich? Kliknij odpowiedź.

|V| = 5|E| = 6
  1. 1Cykl Eulera
  2. 2Ścieżka Eulera, bez cyklu
  3. 3ani jedno, ani drugie
14.Teoria grafówTrudny
7201291941ABCDE

Znajdź łączną wagę W minimalnego drzewa rozpinającego grafu ważonego.

|V| = 5|E| = 7
W =
15.Bazy danych i SQLŚredni

Czym jest wyzwalacz (trigger) w bazie danych?

  1. AZaplanowaną kopią zapasową bazy danych
  2. BKodem uruchamianym automatycznie, gdy w tabeli zajdzie określone zdarzenie, takie jak INSERT, UPDATE lub DELETE
  3. CZapytaniem uruchamianym ręcznie przez użytkownika
  4. DRodzajem indeksu przyspieszającym wyszukiwanie
16.Bazy danych i SQLTrudny

Raportowa baza danych kopiuje nazwiska klientów do tabeli zamówień, by unikać złączeń. Jaki jest główny koszt tej denormalizacji?

  1. ABaza danych nie może już używać indeksów
  2. BZapytania na tabeli zamówień stają się wolniejsze
  3. CNadmiarowe kopie trzeba utrzymywać w spójności przy każdej zmianie danych klienta
  4. DNie można już używać kluczy głównych
17.Sieci komputeroweŚredni

Który zakres numerów portów TCP/UDP jest zarezerwowany jako porty „dobrze znane” (well-known)?

  1. A0–1023
  2. B49152–65535
  3. C0–65535
  4. D1024–49151
18.Sieci komputeroweTrudny

Stacje A i C docierają do punktu dostępowego B, ale nie słyszą się nawzajem, więc ich ramki kolidują w B. Jak pomaga 802,11?

  1. AZwiększając TTL ramek
  2. BOpcjonalną wymianą RTS/CTS: CTS punktu dostępowego każe czekać wszystkim pobliskim stacjom
  3. CKażąc A i C używać wykrywania kolizji, aby przestały nadawać, gdy ramki się nakładają
  4. DTrasując ramki A przez C
19.Podsieci IPv4Średni
/24 → /2811111111111111111111111111110000bity siecibity hosta

Sieć 192.168.10.0/24 trzeba podzielić na co najmniej 12 równych podsieci. Jeśli pożyczysz jak najmniej bitów, ile użytecznych hostów H będzie miała każda podsieć?

192.168.10.0/2412 subnets
H =
20.Podsieci IPv4Trudny

Sieć 192.168.243.0/24 dzieli się metodą VLSM dla następujących sieci LAN: A: 33 hosty, B: 7 hosty, C: 32 hosty, D: 28 hosty. Podsieci przydziela się od .0 w górę, zaczynając od sieci LAN z największą liczbą hostów, każdej najmniejszą pasującą podsieć. Jaki jest czwarty oktet x adresu sieci LAN B?

A: 33B: 7C: 32D: 28
x =

3Roztwory

1.Systemy liczbowe

Odpowiedź: U = 146

Ustawianie bitów: każdy bit ma wartość będącą potęgą dwójki (128, 64, …, 1). Jedna cyfra szesnastkowa to dokładnie cztery bity, a w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit ma wartość −128. Operacje bitowe działają osobno na każdej pozycji bitu.

Odwróć i dodaj jeden

110 = 0110 1110
odwrócone: 1001 0001
+1 → 1001 0010

Odczytaj bez znaku

1001 0010₂ = 256 − 110 = 146

Odpowiedź

U = 146
2.Systemy liczbowe

Odpowiedź: N = 1023

Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.

Największa wartość

210 − 1 = 1023

Odpowiedź

N = 1023
3.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: ¬r ∧ ¬p

Równoważność logiczna: dwie formuły są równoważne (≡), gdy mają tę samą wartość w każdym wierszu tablicy prawdy. Tautologia jest równa 1 w każdym wierszu, kontradykcja 0 w każdym wierszu, a formuła kontyngentna nie jest ani jednym, ani drugim. Przydatne prawa: prawa de Morgana, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b oraz ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozycja); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; oraz prawa rozdzielności, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Prawo

Prawa de Morgana: ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b. ∨ zamienia się w ∧, a obie części są zanegowane.
¬(r ∨ p) ≡ ¬r ∧ ¬p

Sprawdź tablicą prawdy

p = 1, r = 1: 0 | 1 0 0 0
p = 1, r = 0: 0 | 0 1 0 1
p = 0, r = 1: 0 | 1 1 0 0
p = 0, r = 0: 1 | 1 1 1 0

Odpowiedź

¬r ∧ ¬p

Kolumny po kresce to opcje w pokazanej kolejności.

4.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: p = 1, r = 0

Kwantyfikatory i wnioskowania: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) oraz ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Przesuń negację do środka, zamień każdy kwantyfikator, który mija, i zaneguj formułę wewnętrzną prawami rachunku zdań, takimi jak ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Wnioskowanie jest poprawne, gdy wniosek jest równy 1 w każdym wierszu, w którym wszystkie przesłanki są równe 1. Pojedynczy wiersz z prawdziwymi przesłankami i fałszywym wnioskiem jest kontrprzykładem i pokazuje, że wnioskowanie jest niepoprawne.

Przesłanki i wniosek wiersz po wierszu

p = 1, r = 1: 1 0 | 0
p = 1, r = 0: 1 1 | 0
p = 0, r = 1: 0 0 | 1
p = 0, r = 0: 1 1 | 1

Kontrprzykład

p = 1, r = 0

Odpowiedź

p = 1, r = 0

Wnioskowanie o tej postaci wygląda jak poprawna reguła, ale jeden wiersz wystarczy, by pokazać, że nią nie jest.

5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: N = 5

Multiplekser: multiplekser 2ⁿ-do-1 przekazuje na wyjście jedno ze swoich wejść danych; linie wyboru, odczytane jako liczba binarna, wskazują które. Dla multipleksera 4-do-1 z wejściami wyboru S₁S₀ = AB: F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Podłączenie wejść danych do 0, 1, C lub C′ sprawia, że multiplekser realizuje dowolną funkcję A, B i C, co jest częstym sposobem budowania logiki w jednym układzie scalonym.

Wyrażenie wyjścia

F = A′B′ + A′B + AB′C

Wiersze z F = 1

ABC = 000, 001, 010, 011, 101
N = 5

Odpowiedź

N = 5
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: N = 4

Mapy Karnaugha: komórki są ułożone w kodzie Graya (00, 01, 11, 10), więc sąsiednie komórki, także te przez brzegi, różnią się dokładnie jedną zmienną. Grupuj jedynki w prostokąty po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, jak największe i jak najmniej, aż każda jedynka będzie pokryta. Każda grupa to jeden iloczyn: zmienne, które wewnątrz niej pozostają stałe. Grupa 2ᵏ komórek traci k zmiennych. Stany nieokreślone (X) można wykorzystać, by powiększyć grupy, ale nigdy nie trzeba ich pokrywać. Grupowanie zer daje minimalną postać POS.

Implikanty proste

Największe grupy, jakie można utworzyć z jedynek i X.

BD′, B′C′D, AC′D′, AB′D, A′BC, AB′C′
ABCD00011110000111100011030214051716X12013015X141819111010

Istotne implikanty proste

BD′, B′C′D, AB′D, A′BC
N = 4

Odpowiedź

N = 4
7.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: x = 8

Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Pierwsza kongruencja

x = 2 + 3k

Druga kongruencja

2 + 3k ≡ 1 (mod 7) → 3k ≡ 6 (mod 7)
k ≡ 5·6 ≡ 2 (mod 7)

Wynik

x = 2 + 3·2 = 8
x = 8
sprawdzenie: 8 mod 3 = 2, 8 mod 7 = 1

Odpowiedź

x = 8
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: m = 450

Potęgi modularne i RSA: oblicz aᵏ mod n przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu: zapisz k binarnie, podnoś do kwadratu, redukuj po każdym kroku i mnóż potęgi, których bit jest równy 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) dla liczby pierwszej p niedzielącej a, więc wykładnik można redukować modulo p − 1. RSA: wybierz liczby pierwsze p i q, n = p·q i φ(n) = (p − 1)(q − 1); wykładnik publiczny e jest względnie pierwszy z φ(n), a wykładnik prywatny to d = e⁻¹ mod φ(n). Szyfruj wzorem c = mᵉ mod n, a odszyfrowuj wzorem m = cᵈ mod n.

Wykładnik prywatny

n = 551, φ(n) = 504
d = 5−1 mod 504 = 101

Odszyfruj przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu

101 = 64 + 32 + 4 + 1
2421 ≡ 242 (mod 551)
2422 ≡ 158 (mod 551)
2424 ≡ 169 (mod 551)
2428 ≡ 460 (mod 551)
24216 ≡ 16 (mod 551)
24232 ≡ 256 (mod 551)
24264 ≡ 518 (mod 551)
242101 ≡ 242·169·256·518 ≡ 450 (mod 551)

Wiadomość

m = 450
sprawdzenie: 4505 mod 551 = 242

Odpowiedź

m = 450
9.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: D · O(n log n + k log n)

Dlaczego to jest odpowiedź

Sortowanie kosztuje O(n log n), a każde zapytanie O(log n); przy dużym k jest to lepsze niż k przeszukań liniowych (O(nk)).

Odpowiedź

D · O(n log n + k log n)
10.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: B · O(n)

Dlaczego to jest odpowiedź

Suma kosztów przesiewania w dół (sift-down) po wszystkich poziomach tworzy szereg zbieżny, więc budowa kopca (heapify) działa w czasie liniowym.

Odpowiedź

B · O(n)
11.Struktury danych

Odpowiedź: B · Listy sąsiedztwa

Dlaczego to jest odpowiedź

Macierz wymagałaby 1010 komórek, prawie wszystkich pustych; listy sąsiedztwa przechowują tylko około 400 000 wpisów krawędzi.

Odpowiedź

B · Listy sąsiedztwa
12.Struktury danych

Odpowiedź: B · Duży stopień rozgałęzienia utrzymuje drzewo płytkim, ograniczając wolne odczyty z dysku

Dlaczego to jest odpowiedź

B-drzewa przechowują wiele kluczy w węźle, więc wysokość jest mała i na jedno wyszukiwanie potrzeba niewielu odczytów bloków; B+ drzewa dodatkowo łączą liście na potrzeby skanowania zakresów.

Odpowiedź

B · Duży stopień rozgałęzienia utrzymuje drzewo płytkim, ograniczając wolne odczyty z dysku
13.Teoria grafów

Odpowiedź: Cykl Eulera

Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.

Stopnie

deg(A) = 2, deg(B) = 4, deg(C) = 2, deg(D) = 2, deg(E) = 2

Wierzchołki nieparzyste

0
Cykl Eulera

Odpowiedź

Cykl Eulera
14.Teoria grafów

Odpowiedź: W = 24

Najkrótsze ścieżki i drzewa rozpinające: algorytm Dijkstry zatwierdza jeden wierzchołek na rundę: niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej tymczasowej odległości. Jego odległość jest wtedy ostateczna, a każdy sąsiad v dostaje d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algorytm Kruskala buduje minimalne drzewo rozpinające, biorąc krawędzie od lekkich do ciężkich i pomijając każdą, która zamknęłaby cykl; algorytm Prima rozbudowuje jedno drzewo od wierzchołka startowego, zawsze dodając najlżejszą krawędź wychodzącą z niego. Drzewo rozpinające o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.

Algorytm Kruskala

BE (1): weź
DE (4): weź
AB (7): weź
BD (9): pomiń, zamyka cykl
BC (12): weź

Łączna waga

W = 1 + 4 + 7 + 12 = 24

Odpowiedź

W = 24
15.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: B · Kodem uruchamianym automatycznie, gdy w tabeli zajdzie określone zdarzenie, takie jak INSERT, UPDATE lub DELETE

Dlaczego to jest odpowiedź

Wyzwalacze wykonują się automatycznie przed zmianą danych lub po niej, np. by zapisać dziennik audytu lub wymusić złożoną regułę.

Odpowiedź

B · Kodem uruchamianym automatycznie, gdy w tabeli zajdzie określone zdarzenie, takie jak INSERT, UPDATE lub DELETE
16.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: C · Nadmiarowe kopie trzeba utrzymywać w spójności przy każdej zmianie danych klienta

Dlaczego to jest odpowiedź

Denormalizacja przyspiesza odczyty, ale przywraca redundancję, więc aktualizacje muszą zmieniać każdą kopię, inaczej pojawiają się anomalie.

Odpowiedź

C · Nadmiarowe kopie trzeba utrzymywać w spójności przy każdej zmianie danych klienta
17.Sieci komputerowe

Odpowiedź: A · 0–1023

Dlaczego to jest odpowiedź

Porty 0–1023 to porty dobrze znane dla standardowych usług. 1024–49151 to porty zarejestrowane, a 49152–65535 to porty dynamiczne lub prywatne.

Odpowiedź

A · 0–1023
18.Sieci komputerowe

Odpowiedź: B · Opcjonalną wymianą RTS/CTS: CTS punktu dostępowego każe czekać wszystkim pobliskim stacjom

Dlaczego to jest odpowiedź

Stacja wysyła Request to Send; punkt dostępowy odpowiada Clear to Send, które słyszy każda stacja w jego zasięgu, więc ukryte stacje wstrzymują się na zarezerwowany czas.

Odpowiedź

B · Opcjonalną wymianą RTS/CTS: CTS punktu dostępowego każe czekać wszystkim pobliskim stacjom
19.Podsieci IPv4

Odpowiedź: H = 14

Podsieci IPv4: adres ma 32 bity. Prefiks /p mówi, ile początkowych bitów wskazuje sieć; pozostałe 32 − p bitów numeruje hosty. Podsieć ma 2³²⁻ᵖ adresów, ale pierwszego (adres sieci) i ostatniego (adres rozgłoszeniowy) nie można przydzielić hostom, więc mieści się 2³²⁻ᵖ − 2 hostów. Wyjątki: /31 (łącze punkt-punkt, RFC 3021) wykorzystuje oba swoje 2 adresy dla hostów, a /32 to jeden adres (pojedynczy host lub loopback).

Bity do pożyczenia

24 = 16 ≥ 12 → b = 4, /28

Hosty na podsieć

24 − 2 = 14

Odpowiedź

H = 14
20.Podsieci IPv4

Odpowiedź: x = 160

VLSM: każda sieć LAN dostaje najmniejszą podsieć z 2ʰ − 2 ≥ jej liczba hostów, czyli prefiks 32 − h. Przydzielanie największych podsieci najpierw sprawia, że każdy blok jest wyrównany do wielokrotności własnego rozmiaru, więc adresy sieci wynikają z sumowania rozmiarów bloków.

Rozmiar bloku dla każdej sieci LAN

A: 33 hosty → 26 = 64 (/26)
C: 32 hosty → 26 = 64 (/26)
D: 28 hosty → 25 = 32 (/27)
B: 7 hosty → 24 = 16 (/28)

Przydział, od największej

A: .0 – .63
C: .64 – .127
D: .128 – .159
B: .160 – .175

Odpowiedź

x = 160

LAN B: 192.168.243.160/28.

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals