Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.
Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów
Metoda
Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.
Teoria liczb i arytmetyka modularna
Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metoda
Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Teoria grafów
Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij
Metoda
Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).
Podsieci IPv4
Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n
2Zadania do ćwiczenia
1.Systemy liczboweŚredni
Ustaw bity tak, aby zapisywały −110 w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch. Jaka jest wartość wzorca U odczytanego jako liczba bez znaku?
N = −1108 bit
U =
2.Systemy liczboweTrudny
Jaka jest największa liczba całkowita bez znaku N, która mieści się w 10 bitach?
10 bit
N =
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
Która formuła jest logicznie równoważna ¬(r ∨ p)? Kliknij ją.
¬(r ∨ p)
1r ∨ ¬p
2¬r ∨ ¬p
3¬r ∧ ¬p
4¬r ∧ p
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny
Wnioskowanie z przesłankami r → p; ¬r i wnioskiem ¬p jest niepoprawne. Kliknij wiersz tablicy prawdy, który jest kontrprzykładem.
r → p¬r∴ ¬p
1p = 1, r = 1
2p = 1, r = 0
3p = 0, r = 1
4p = 0, r = 0
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
Multiplekser 4-do-1 ma wejścia wyboru S₁ = A i S₀ = B, a wejścia danych podłączone do I₀ = 1, I₁ = 1, I₂ = C, I₃ = 0. Dla ilu z 8 kombinacji A, B i C wyjście F = 1? Znajdź N.
I₀ = 1I₁ = 1I₂ = CI₃ = 0
N =
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
Dla F(A, B, C, D) = Σm(1, 4, 6, 7, 8, 9, 11) + d(12, 14), gdzie d oznacza stany nieokreślone, znajdź liczbę N istotnych implikantów prostych.
Znajdź najmniejszą dodatnią liczbę całkowitą x, dla której x ≡ 2 (mod 3) i x ≡ 1 (mod 7).
x ≡ 2 (mod 3)x ≡ 1 (mod 7)
x =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny
Klucz RSA używa p = 19, q = 29 i e = 5. Odszyfruj szyfrogram c = 242: znajdź wiadomość m.
p = 19q = 29e = 5c = 242
m =
9.Algorytmy i złożonośćŚredni
Sortujesz raz tablicę n elementów, a potem odpowiadasz na k zapytań o przynależność za pomocą wyszukiwania binarnego. Jaki jest łączny koszt?
AO(k n log n)
BO(nk)
CO(n + k)
DO(n log n + k log n)
10.Algorytmy i złożonośćTrudny
Jaka jest złożoność czasowa budowania kopca binarnego z n nieposortowanych elementów metodą wstępującą (bottom-up)?
AO(n²)
BO(n)
CO(log n)
DO(n log n)
11.Struktury danychŚredni
Sieć drogowa ma 100 000 skrzyżowań, z których każde łączy się z około 4 innymi. Która reprezentacja jest najodpowiedniejsza?
AJedna posortowana tablica wierzchołków
BListy sąsiedztwa
CMacierz sąsiedztwa
DKopiec binarny krawędzi
12.Struktury danychTrudny
Dlaczego B-drzewa są używane w bazach danych i systemach plików?
APrzechowują dane nieposortowane
BDuży stopień rozgałęzienia utrzymuje drzewo płytkim, ograniczając wolne odczyty z dysku
CZajmują mniej pamięci niż jakakolwiek tablica, więc cały indeks zawsze mieści się w pamięci głównej
DNie wymagają równoważenia
13.Teoria grafówŚredni
Czy graf spójny ma cykl Eulera, ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, czy żadne z nich? Kliknij odpowiedź.
|V| = 5|E| = 6
1Cykl Eulera
2Ścieżka Eulera, bez cyklu
3ani jedno, ani drugie
14.Teoria grafówTrudny
Znajdź łączną wagę W minimalnego drzewa rozpinającego grafu ważonego.
|V| = 5|E| = 7
W =
15.Bazy danych i SQLŚredni
Czym jest wyzwalacz (trigger) w bazie danych?
AZaplanowaną kopią zapasową bazy danych
BKodem uruchamianym automatycznie, gdy w tabeli zajdzie określone zdarzenie, takie jak INSERT, UPDATE lub DELETE
CZapytaniem uruchamianym ręcznie przez użytkownika
DRodzajem indeksu przyspieszającym wyszukiwanie
16.Bazy danych i SQLTrudny
Raportowa baza danych kopiuje nazwiska klientów do tabeli zamówień, by unikać złączeń. Jaki jest główny koszt tej denormalizacji?
ABaza danych nie może już używać indeksów
BZapytania na tabeli zamówień stają się wolniejsze
CNadmiarowe kopie trzeba utrzymywać w spójności przy każdej zmianie danych klienta
DNie można już używać kluczy głównych
17.Sieci komputeroweŚredni
Który zakres numerów portów TCP/UDP jest zarezerwowany jako porty „dobrze znane” (well-known)?
A0–1023
B49152–65535
C0–65535
D1024–49151
18.Sieci komputeroweTrudny
Stacje A i C docierają do punktu dostępowego B, ale nie słyszą się nawzajem, więc ich ramki kolidują w B. Jak pomaga 802,11?
AZwiększając TTL ramek
BOpcjonalną wymianą RTS/CTS: CTS punktu dostępowego każe czekać wszystkim pobliskim stacjom
CKażąc A i C używać wykrywania kolizji, aby przestały nadawać, gdy ramki się nakładają
DTrasując ramki A przez C
19.Podsieci IPv4Średni
Sieć 192.168.10.0/24 trzeba podzielić na co najmniej 12 równych podsieci. Jeśli pożyczysz jak najmniej bitów, ile użytecznych hostów H będzie miała każda podsieć?
192.168.10.0/2412 subnets
H =
20.Podsieci IPv4Trudny
Sieć 192.168.243.0/24 dzieli się metodą VLSM dla następujących sieci LAN: A: 33 hosty, B: 7 hosty, C: 32 hosty, D: 28 hosty. Podsieci przydziela się od .0 w górę, zaczynając od sieci LAN z największą liczbą hostów, każdej najmniejszą pasującą podsieć. Jaki jest czwarty oktet x adresu sieci LAN B?
A: 33B: 7C: 32D: 28
x =
3Roztwory
1.Systemy liczbowe
Odpowiedź: U = 146
Ustawianie bitów: każdy bit ma wartość będącą potęgą dwójki (128, 64, …, 1). Jedna cyfra szesnastkowa to dokładnie cztery bity, a w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit ma wartość −128. Operacje bitowe działają osobno na każdej pozycji bitu.
Odwróć i dodaj jeden
110 = 0110 1110
odwrócone: 1001 0001
+1 → 1001 0010
Odczytaj bez znaku
1001 0010₂ = 256 − 110 = 146
Odpowiedź
U = 146
2.Systemy liczbowe
Odpowiedź: N = 1023
Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.
Największa wartość
210 − 1 = 1023
Odpowiedź
N = 1023
3.Rachunek zdań i dowody
Odpowiedź: ¬r ∧ ¬p
Równoważność logiczna: dwie formuły są równoważne (≡), gdy mają tę samą wartość w każdym wierszu tablicy prawdy. Tautologia jest równa 1 w każdym wierszu, kontradykcja 0 w każdym wierszu, a formuła kontyngentna nie jest ani jednym, ani drugim. Przydatne prawa: prawa de Morgana, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b oraz ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozycja); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; oraz prawa rozdzielności, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Prawo
Prawa de Morgana: ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b. ∨ zamienia się w ∧, a obie części są zanegowane.
¬(r ∨ p) ≡ ¬r ∧ ¬p
Sprawdź tablicą prawdy
p = 1, r = 1: 0 | 1 0 0 0
p = 1, r = 0: 0 | 0 1 0 1
p = 0, r = 1: 0 | 1 1 0 0
p = 0, r = 0: 1 | 1 1 1 0
Odpowiedź
¬r ∧ ¬p
Kolumny po kresce to opcje w pokazanej kolejności.
4.Rachunek zdań i dowody
Odpowiedź: p = 1, r = 0
Kwantyfikatory i wnioskowania: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) oraz ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Przesuń negację do środka, zamień każdy kwantyfikator, który mija, i zaneguj formułę wewnętrzną prawami rachunku zdań, takimi jak ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Wnioskowanie jest poprawne, gdy wniosek jest równy 1 w każdym wierszu, w którym wszystkie przesłanki są równe 1. Pojedynczy wiersz z prawdziwymi przesłankami i fałszywym wnioskiem jest kontrprzykładem i pokazuje, że wnioskowanie jest niepoprawne.
Przesłanki i wniosek wiersz po wierszu
p = 1, r = 1: 1 0 | 0
p = 1, r = 0: 1 1 | 0
p = 0, r = 1: 0 0 | 1
p = 0, r = 0: 1 1 | 1
Kontrprzykład
p = 1, r = 0
Odpowiedź
p = 1, r = 0
Wnioskowanie o tej postaci wygląda jak poprawna reguła, ale jeden wiersz wystarczy, by pokazać, że nią nie jest.
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Odpowiedź: N = 5
Multiplekser: multiplekser 2ⁿ-do-1 przekazuje na wyjście jedno ze swoich wejść danych; linie wyboru, odczytane jako liczba binarna, wskazują które. Dla multipleksera 4-do-1 z wejściami wyboru S₁S₀ = AB: F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Podłączenie wejść danych do 0, 1, C lub C′ sprawia, że multiplekser realizuje dowolną funkcję A, B i C, co jest częstym sposobem budowania logiki w jednym układzie scalonym.
Wyrażenie wyjścia
F = A′B′ + A′B + AB′C
Wiersze z F = 1
ABC = 000, 001, 010, 011, 101
N = 5
Odpowiedź
N = 5
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Odpowiedź: N = 4
Mapy Karnaugha: komórki są ułożone w kodzie Graya (00, 01, 11, 10), więc sąsiednie komórki, także te przez brzegi, różnią się dokładnie jedną zmienną. Grupuj jedynki w prostokąty po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, jak największe i jak najmniej, aż każda jedynka będzie pokryta. Każda grupa to jeden iloczyn: zmienne, które wewnątrz niej pozostają stałe. Grupa 2ᵏ komórek traci k zmiennych. Stany nieokreślone (X) można wykorzystać, by powiększyć grupy, ale nigdy nie trzeba ich pokrywać. Grupowanie zer daje minimalną postać POS.
Implikanty proste
Największe grupy, jakie można utworzyć z jedynek i X.
BD′, B′C′D, AC′D′, AB′D, A′BC, AB′C′
Istotne implikanty proste
BD′, B′C′D, AB′D, A′BC
N = 4
Odpowiedź
N = 4
7.Teoria liczb i arytmetyka modularna
Odpowiedź: x = 8
Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Pierwsza kongruencja
x = 2 + 3k
Druga kongruencja
2 + 3k ≡ 1 (mod 7) → 3k ≡ 6 (mod 7)
k ≡ 5·6 ≡ 2 (mod 7)
Wynik
x = 2 + 3·2 = 8
x = 8
sprawdzenie: 8 mod 3 = 2, 8 mod 7 = 1
Odpowiedź
x = 8
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna
Odpowiedź: m = 450
Potęgi modularne i RSA: oblicz aᵏ mod n przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu: zapisz k binarnie, podnoś do kwadratu, redukuj po każdym kroku i mnóż potęgi, których bit jest równy 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) dla liczby pierwszej p niedzielącej a, więc wykładnik można redukować modulo p − 1. RSA: wybierz liczby pierwsze p i q, n = p·q i φ(n) = (p − 1)(q − 1); wykładnik publiczny e jest względnie pierwszy z φ(n), a wykładnik prywatny to d = e⁻¹ mod φ(n). Szyfruj wzorem c = mᵉ mod n, a odszyfrowuj wzorem m = cᵈ mod n.
Wykładnik prywatny
n = 551, φ(n) = 504
d = 5−1 mod 504 = 101
Odszyfruj przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu
101 = 64 + 32 + 4 + 1
2421 ≡ 242 (mod 551)
2422 ≡ 158 (mod 551)
2424 ≡ 169 (mod 551)
2428 ≡ 460 (mod 551)
24216 ≡ 16 (mod 551)
24232 ≡ 256 (mod 551)
24264 ≡ 518 (mod 551)
242101 ≡ 242·169·256·518 ≡ 450 (mod 551)
Wiadomość
m = 450
sprawdzenie: 4505 mod 551 = 242
Odpowiedź
m = 450
9.Algorytmy i złożoność
Odpowiedź: D · O(n log n + k log n)
Dlaczego to jest odpowiedź
Sortowanie kosztuje O(n log n), a każde zapytanie O(log n); przy dużym k jest to lepsze niż k przeszukań liniowych (O(nk)).
Odpowiedź
D · O(n log n + k log n)
10.Algorytmy i złożoność
Odpowiedź: B · O(n)
Dlaczego to jest odpowiedź
Suma kosztów przesiewania w dół (sift-down) po wszystkich poziomach tworzy szereg zbieżny, więc budowa kopca (heapify) działa w czasie liniowym.
Odpowiedź
B · O(n)
11.Struktury danych
Odpowiedź: B · Listy sąsiedztwa
Dlaczego to jest odpowiedź
Macierz wymagałaby 1010 komórek, prawie wszystkich pustych; listy sąsiedztwa przechowują tylko około 400 000 wpisów krawędzi.
Odpowiedź
B · Listy sąsiedztwa
12.Struktury danych
Odpowiedź: B · Duży stopień rozgałęzienia utrzymuje drzewo płytkim, ograniczając wolne odczyty z dysku
Dlaczego to jest odpowiedź
B-drzewa przechowują wiele kluczy w węźle, więc wysokość jest mała i na jedno wyszukiwanie potrzeba niewielu odczytów bloków; B+ drzewa dodatkowo łączą liście na potrzeby skanowania zakresów.
Odpowiedź
B · Duży stopień rozgałęzienia utrzymuje drzewo płytkim, ograniczając wolne odczyty z dysku
13.Teoria grafów
Odpowiedź: Cykl Eulera
Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.
Najkrótsze ścieżki i drzewa rozpinające: algorytm Dijkstry zatwierdza jeden wierzchołek na rundę: niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej tymczasowej odległości. Jego odległość jest wtedy ostateczna, a każdy sąsiad v dostaje d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algorytm Kruskala buduje minimalne drzewo rozpinające, biorąc krawędzie od lekkich do ciężkich i pomijając każdą, która zamknęłaby cykl; algorytm Prima rozbudowuje jedno drzewo od wierzchołka startowego, zawsze dodając najlżejszą krawędź wychodzącą z niego. Drzewo rozpinające o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.
Algorytm Kruskala
BE (1): weź
DE (4): weź
AB (7): weź
BD (9): pomiń, zamyka cykl
BC (12): weź
Łączna waga
W = 1 + 4 + 7 + 12 = 24
Odpowiedź
W = 24
15.Bazy danych i SQL
Odpowiedź: B · Kodem uruchamianym automatycznie, gdy w tabeli zajdzie określone zdarzenie, takie jak INSERT, UPDATE lub DELETE
Dlaczego to jest odpowiedź
Wyzwalacze wykonują się automatycznie przed zmianą danych lub po niej, np. by zapisać dziennik audytu lub wymusić złożoną regułę.
Odpowiedź
B · Kodem uruchamianym automatycznie, gdy w tabeli zajdzie określone zdarzenie, takie jak INSERT, UPDATE lub DELETE
16.Bazy danych i SQL
Odpowiedź: C · Nadmiarowe kopie trzeba utrzymywać w spójności przy każdej zmianie danych klienta
Dlaczego to jest odpowiedź
Denormalizacja przyspiesza odczyty, ale przywraca redundancję, więc aktualizacje muszą zmieniać każdą kopię, inaczej pojawiają się anomalie.
Odpowiedź
C · Nadmiarowe kopie trzeba utrzymywać w spójności przy każdej zmianie danych klienta
17.Sieci komputerowe
Odpowiedź: A · 0–1023
Dlaczego to jest odpowiedź
Porty 0–1023 to porty dobrze znane dla standardowych usług. 1024–49151 to porty zarejestrowane, a 49152–65535 to porty dynamiczne lub prywatne.
Odpowiedź
A · 0–1023
18.Sieci komputerowe
Odpowiedź: B · Opcjonalną wymianą RTS/CTS: CTS punktu dostępowego każe czekać wszystkim pobliskim stacjom
Dlaczego to jest odpowiedź
Stacja wysyła Request to Send; punkt dostępowy odpowiada Clear to Send, które słyszy każda stacja w jego zasięgu, więc ukryte stacje wstrzymują się na zarezerwowany czas.
Odpowiedź
B · Opcjonalną wymianą RTS/CTS: CTS punktu dostępowego każe czekać wszystkim pobliskim stacjom
19.Podsieci IPv4
Odpowiedź: H = 14
Podsieci IPv4: adres ma 32 bity. Prefiks /p mówi, ile początkowych bitów wskazuje sieć; pozostałe 32 − p bitów numeruje hosty. Podsieć ma 2³²⁻ᵖ adresów, ale pierwszego (adres sieci) i ostatniego (adres rozgłoszeniowy) nie można przydzielić hostom, więc mieści się 2³²⁻ᵖ − 2 hostów. Wyjątki: /31 (łącze punkt-punkt, RFC 3021) wykorzystuje oba swoje 2 adresy dla hostów, a /32 to jeden adres (pojedynczy host lub loopback).
Bity do pożyczenia
24 = 16 ≥ 12 → b = 4, /28
Hosty na podsieć
24 − 2 = 14
Odpowiedź
H = 14
20.Podsieci IPv4
Odpowiedź: x = 160
VLSM: każda sieć LAN dostaje najmniejszą podsieć z 2ʰ − 2 ≥ jej liczba hostów, czyli prefiks 32 − h. Przydzielanie największych podsieci najpierw sprawia, że każdy blok jest wyrównany do wielokrotności własnego rozmiaru, więc adresy sieci wynikają z sumowania rozmiarów bloków.