Podstawy informatyki: zestaw na powtórkę

Wzory, najważniejsze kroki metod dla każdego tematu i 20 zadań do ćwiczenia, z pełnymi rozwiązaniami na końcu.

Nowe zadaniaWróć do przedmiotu

W oknie drukowania wybierz „Zapisz jako PDF”, aby zachować kopię na swoim urządzeniu.

1Wzory i metody

Systemy liczbowe

Wagi pozycji
dwójkowy 2k, ósemkowy 8k, szesnastkowy 16k
Na dziesiętny
Σ dk·bk
Z dziesiętnego
dziel przez podstawę, czytaj reszty od dołu do góry
Szesnastkowy ↔ dwójkowy
jedna cyfra szesnastkowa = 4 bity
Kod uzupełnień do dwóch (U2)
odwróć bity i dodaj 1

Rachunek zdań i dowody

Wiersze tablicy prawdy
2ⁿ
Implikacja
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Zaprzeczenie implikacji
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Równoważność
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
Prawa de Morgana
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Prawa rozdzielności
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Zaprzeczanie kwantyfikatorów
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metoda

  1. Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
  2. Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
  3. Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
  4. Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
  5. Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.

Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów

Metoda

  1. Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
  2. Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
  3. Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
  4. Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.

Teoria liczb i arytmetyka modularna

Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metoda

  1. Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
  2. Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
  3. Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
  4. Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
  5. Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teoria grafów

Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij

Metoda

  1. Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
  2. W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
  3. Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
  4. W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
  5. Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).

Podsieci IPv4

Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n

2Zadania do ćwiczenia

1.Systemy liczboweŚredni
8-bitowy kod U2?−128?64?32?16?8?4?2?1

Zapisz −44 jako 8-bitowy wzór w kodzie U2. Odczytaj ten wzór jako liczbę dwójkową bez znaku: jaka jest jego wartość U dziesiętnie?

N = −448 bit
U =
2.Systemy liczboweTrudny
klikaj bity, aby je ustawić012806403201608040201

Ustaw bity na 8-bitowy wynik działania 1010 1000 XOR 1011 0011. Jaka jest wartość wyniku R w zapisie dziesiętnym?

1010 1000XOR1011 0011
R =
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
(p ∨ r) ∧ ¬q¬(p ∨ r) ∧ ¬q¬(p ∨ r) → ¬q¬(p ∨ r) ∧ q

Chcesz udowodnić (p ∨ r) → q nie wprost. Jakie zdanie zakładasz na początku? Kliknij je.

(p ∨ r) → q
  1. 1(p ∨ r) ∧ ¬q
  2. 2¬(p ∨ r) ∧ ¬q
  3. 3¬(p ∨ r) → ¬q
  4. 4¬(p ∨ r) ∧ q
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny

Ile z 16 wierszy tablicy prawdy czyni ((p ∧ r) → ¬s) ↔ ((r ∨ p) ∧ ¬q) prawdziwym? Nazwij tę liczbę N.

((p ∧ r) → ¬s) ↔ ((r ∨ p) ∧ ¬q)
N =
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
MUX0I0​CI1​0I2​CI3​ABS1​S0​F

Multiplekser 4-do-1 ma wejścia wyboru S₁ = A i S₀ = B, a wejścia danych podłączone do I₀ = 0, I₁ = C, I₂ = 0, I₃ = C. Dla ilu z 8 kombinacji A, B i C wyjście F = 1? Znajdź N.

I₀ = 0I₁ = CI₂ = 0I₃ = C
N =
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
ABCD00011110000111100011X30214051716012013015014X819111110

Dla F(A, B, C, D) = Σm(1, 4, 6, 7, 9, 10, 11) + d(3, 8), gdzie d oznacza stany nieokreślone, znajdź liczbę N istotnych implikantów prostych.

F(A, B, C, D) = Σm(1, 4, 6, 7, 9, 10, 11) + d(3, 8)
N =
7.Teoria liczb i arytmetyka modularnaŚredni

Znajdź element odwrotny do 19 modulo 61: liczbę x, dla której 0 < x < 61 oraz 19·x ≡ 1 (mod 61).

a = 19n = 61
19−1 mod 61 =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny
mc = me​ mod n670m = cd​ mod n?(n, e) = (851, 19)d

Klucz RSA używa p = 23, q = 37 i e = 19. Odszyfruj szyfrogram c = 670: znajdź wiadomość m.

p = 23q = 37e = 19c = 670
m =
9.Algorytmy i złożonośćŚredni

Jaka jest pesymistyczna złożoność czasowa sortowania szybkiego (quicksort)?

  1. AO(n²)
  2. BO(log n)
  3. CO(n)
  4. DO(n log n)
10.Algorytmy i złożonośćTrudny

Który z tych problemów spełnialności jest rozwiązywalny w czasie wielomianowym?

  1. AOgólny SAT dla formuł w koniunkcyjnej postaci normalnej
  2. BSpełnialność układów logicznych (circuit SAT)
  3. C3-SAT, w którym każda klauzula ma dokładnie trzy literały
  4. D2-SAT, w którym każda klauzula ma najwyżej dwa literały
11.Struktury danychŚredni

Której struktury danych używa przeszukiwanie w głąb (DFS) w wersji iteracyjnej?

  1. AWyłącznie tablicy mieszającej
  2. BKolejki
  3. CKopca
  4. DStosu
12.Struktury danychTrudny

Dlaczego B-drzewa są używane w bazach danych i systemach plików?

  1. AZajmują mniej pamięci niż jakakolwiek tablica, więc cały indeks zawsze mieści się w pamięci głównej
  2. BDuży stopień rozgałęzienia utrzymuje drzewo płytkim, ograniczając wolne odczyty z dysku
  3. CPrzechowują dane nieposortowane
  4. DNie wymagają równoważenia
13.Teoria grafówŚredni
ABCDECykl EuleraŚcieżka Eulera, bez cykluani jedno, ani drugie

Czy graf spójny ma cykl Eulera, ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, czy żadne z nich? Kliknij odpowiedź.

|V| = 5|E| = 6
  1. 1Cykl Eulera
  2. 2Ścieżka Eulera, bez cyklu
  3. 3ani jedno, ani drugie
14.Teoria grafówTrudny
102117614101111ABCDEF

Algorytm Dijkstry rusza z A. Kliknij wierzchołek zatwierdzony (uczyniony stałym) w rundzie 4; sam A to runda 1.

start: Arunda 4
  1. 1A
  2. 2B
  3. 3C
  4. 4D
  5. 5E
  6. 6F
15.Bazy danych i SQLŚredni

Co oznacza litera „A” w skrócie ACID?

  1. AAtomowość (Atomicity)
  2. BDostępność (Availability)
  3. CAgregacja (Aggregation)
  4. DDokładność (Accuracy)
16.Bazy danych i SQLTrudny

Blokowanie dwufazowe (2PL) zapewnia:

  1. AHarmonogramy konfliktowo szeregowalne (conflict-serializable)
  2. BŻe zakleszczenia nigdy nie wystąpią
  3. CŻe transakcje nigdy nie czekają
  4. DŻe żadne blokady nie są potrzebne
17.Sieci komputeroweŚredni

Sygnał pokonuje 2000 km w światłowodzie z prędkością około 2 × 10⁸ m/s. Ile wynosi opóźnienie propagacji?

  1. A10 ms
  2. B100 ms
  3. C1 ms
  4. D0,1 ms
18.Sieci komputeroweTrudny

Użytkownik może wykonać ping do 8.8.8.8, ale nie może otworzyć żadnej strony po nazwie. Gdzie najprawdopodobniej leży problem?

  1. AW sterowniku karty sieciowej
  2. BW rozwiązywaniu nazw (DNS)
  3. CW kablu fizycznym
  4. DW bramie domyślnej
19.Podsieci IPv4Średni
/24 → /2911111111111111111111111111111000bity siecibity hosta

Sieć 192.168.172.0/24 podzielono na podsieci /29, ponumerowane 1, 2, 3, … od najniższego adresu (podsieć 1 zaczyna się od .0). Jaki jest czwarty oktet x adresu rozgłoszeniowego podsieci 4?

192.168.172.0/24/29podsieć 4 (podsieć 1 zaczyna się od .0)
x =
20.Podsieci IPv4Trudny
ostatni oktet = 192112816403201608040201siećhost

Host ma adres 10.20.7.192/25. Jaki jest czwarty oktet x ostatniego użytecznego adresu hosta w jego podsieci?

10.20.7.192/25
x =

3Roztwory

1.Systemy liczbowe

Odpowiedź: U = 212

Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.

Odwróć i dodaj jeden

44 = 0010 1100
odwrócone: 1101 0011
+1 → 1101 0100

Odczytaj bez znaku

1101 0100₂ = 256 − 44 = 212

Odpowiedź

U = 212
2.Systemy liczbowe

Odpowiedź: R = 27

Ustawianie bitów: każdy bit ma wartość będącą potęgą dwójki (128, 64, …, 1). Jedna cyfra szesnastkowa to dokładnie cztery bity, a w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit ma wartość −128. Operacje bitowe działają osobno na każdej pozycji bitu.

Bit po bicie

XOR daje 1 tam, gdzie oba bity się różnią.

1010 1000
XOR 1011 0011
= 0001 1011

Wartość wyniku

0001 1011₂ = 27

Odpowiedź

R = 27
3.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: (p ∨ r) ∧ ¬q

Równoważność logiczna: dwie formuły są równoważne (≡), gdy mają tę samą wartość w każdym wierszu tablicy prawdy. Tautologia jest równa 1 w każdym wierszu, kontradykcja 0 w każdym wierszu, a formuła kontyngentna nie jest ani jednym, ani drugim. Przydatne prawa: prawa de Morgana, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b oraz ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozycja); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; oraz prawa rozdzielności, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Części implikacji

a = p ∨ r, b = q

Zaprzeczenie implikacji

¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = (p ∨ r) ∧ ¬q

Odpowiedź

(p ∨ r) ∧ ¬q

Jeśli założenie prowadzi do sprzeczności, implikacja musi być prawdziwa.

4.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: N = 6

Tablice prawdy: formuła z n różnymi zmiennymi ma 2ⁿ wierszy, po jednym dla każdej kombinacji wartości logicznych (1 = prawda, 0 = fałsz). Pracuj od wewnątrz na zewnątrz i każdej podformule daj osobną kolumnę. ¬a odwraca wartość; a ∧ b jest równe 1 tylko wtedy, gdy oba są równe 1; a ∨ b jest równe 0 tylko wtedy, gdy oba są równe 0; a → b jest równe 0 tylko wtedy, gdy a = 1 i b = 0; a ↔ b jest równe 1, gdy obie strony są równe.

Kolumny

p ∧ r; ¬s; (p ∧ r) → ¬s; r ∨ p; ¬q; (r ∨ p) ∧ ¬q; ((p ∧ r) → ¬s) ↔ ((r ∨ p) ∧ ¬q)

Podział względem p

p = 1: 4
p = 0: 2
N = 4 + 2 = 6

Odpowiedź

N = 6
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: N = 2

Multiplekser: multiplekser 2ⁿ-do-1 przekazuje na wyjście jedno ze swoich wejść danych; linie wyboru, odczytane jako liczba binarna, wskazują które. Dla multipleksera 4-do-1 z wejściami wyboru S₁S₀ = AB: F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Podłączenie wejść danych do 0, 1, C lub C′ sprawia, że multiplekser realizuje dowolną funkcję A, B i C, co jest częstym sposobem budowania logiki w jednym układzie scalonym.

Wyrażenie wyjścia

F = A′BC + ABC

Wiersze z F = 1

ABC = 011, 111
N = 2

Odpowiedź

N = 2
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: N = 3

Mapy Karnaugha: komórki są ułożone w kodzie Graya (00, 01, 11, 10), więc sąsiednie komórki, także te przez brzegi, różnią się dokładnie jedną zmienną. Grupuj jedynki w prostokąty po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, jak największe i jak najmniej, aż każda jedynka będzie pokryta. Każda grupa to jeden iloczyn: zmienne, które wewnątrz niej pozostają stałe. Grupa 2ᵏ komórek traci k zmiennych. Stany nieokreślone (X) można wykorzystać, by powiększyć grupy, ale nigdy nie trzeba ich pokrywać. Grupowanie zer daje minimalną postać POS.

Implikanty proste

Największe grupy, jakie można utworzyć z jedynek i X.

B′D, A′CD, AB′, A′BD′, A′BC
ABCD00011110000111100011X30214051716012013015014X819111110

Istotne implikanty proste

B′D, AB′, A′BD′
N = 3

Odpowiedź

N = 3
7.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: 19−1 mod 61 = 45

Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Rozszerzony algorytm Euklidesa

Każdą resztę r zapisujemy jako r ≡ t·19 (mod 61).

r = 61, t = 0
r = 19, q = 3, t = 1
r = 4, q = 4, t = −3
r = 3, q = 1, t = 13
r = 1, q = 3, t = −16

Odwrotność

1 ≡ −16·19 (mod 61)
x = 45
sprawdzenie: 19·45 = 855 = 14·61 + 1

Odpowiedź

19−1 mod 61 = 45
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: m = 485

Potęgi modularne i RSA: oblicz aᵏ mod n przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu: zapisz k binarnie, podnoś do kwadratu, redukuj po każdym kroku i mnóż potęgi, których bit jest równy 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) dla liczby pierwszej p niedzielącej a, więc wykładnik można redukować modulo p − 1. RSA: wybierz liczby pierwsze p i q, n = p·q i φ(n) = (p − 1)(q − 1); wykładnik publiczny e jest względnie pierwszy z φ(n), a wykładnik prywatny to d = e⁻¹ mod φ(n). Szyfruj wzorem c = mᵉ mod n, a odszyfrowuj wzorem m = cᵈ mod n.

Wykładnik prywatny

n = 851, φ(n) = 792
d = 19−1 mod 792 = 667

Odszyfruj przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu

667 = 512 + 128 + 16 + 8 + 2 + 1
6701 ≡ 670 (mod 851)
6702 ≡ 423 (mod 851)
6704 ≡ 219 (mod 851)
6708 ≡ 305 (mod 851)
67016 ≡ 266 (mod 851)
67032 ≡ 123 (mod 851)
67064 ≡ 662 (mod 851)
670128 ≡ 830 (mod 851)
670256 ≡ 441 (mod 851)
670512 ≡ 453 (mod 851)
670667 ≡ 670·423·305·266·830·453 ≡ 485 (mod 851)

Wiadomość

m = 485
sprawdzenie: 48519 mod 851 = 670

Odpowiedź

m = 485
9.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: A · O(n²)

Dlaczego to jest odpowiedź

Przy konsekwentnie złych pivotach (np. dane już posortowane i pierwszy element jako pivot) podziały są niezrównoważone, co daje O(n²). Przypadek średni to O(n log n).

Odpowiedź

A · O(n²)
10.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: D · 2-SAT, w którym każda klauzula ma najwyżej dwa literały

Dlaczego to jest odpowiedź

2-SAT należy do P (czas liniowy dzięki silnie spójnym składowym), a 3-SAT jest NP-zupełny.

Odpowiedź

D · 2-SAT, w którym każda klauzula ma najwyżej dwa literały
11.Struktury danych

Odpowiedź: D · Stosu

Dlaczego to jest odpowiedź

DFS schodzi jak najgłębiej, naturalnie korzystając ze stosu (lub stosu wywołań rekurencji); BFS używa kolejki.

Odpowiedź

D · Stosu
12.Struktury danych

Odpowiedź: B · Duży stopień rozgałęzienia utrzymuje drzewo płytkim, ograniczając wolne odczyty z dysku

Dlaczego to jest odpowiedź

B-drzewa przechowują wiele kluczy w węźle, więc wysokość jest mała i na jedno wyszukiwanie potrzeba niewielu odczytów bloków; B+ drzewa dodatkowo łączą liście na potrzeby skanowania zakresów.

Odpowiedź

B · Duży stopień rozgałęzienia utrzymuje drzewo płytkim, ograniczając wolne odczyty z dysku
13.Teoria grafów

Odpowiedź: Ścieżka Eulera, bez cyklu

Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.

Stopnie

deg(A) = 2, deg(B) = 4, deg(C) = 3, deg(D) = 1, deg(E) = 2

Wierzchołki nieparzyste

C, D → 2
Ścieżka Eulera, bez cyklu

Odpowiedź

Ścieżka Eulera, bez cyklu

Ścieżka Eulera zaczyna się w jednym wierzchołku nieparzystym i kończy w drugim.

14.Teoria grafów

Odpowiedź: B

Najkrótsze ścieżki i drzewa rozpinające: algorytm Dijkstry zatwierdza jeden wierzchołek na rundę: niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej tymczasowej odległości. Jego odległość jest wtedy ostateczna, a każdy sąsiad v dostaje d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algorytm Kruskala buduje minimalne drzewo rozpinające, biorąc krawędzie od lekkich do ciężkich i pomijając każdą, która zamknęłaby cykl; algorytm Prima rozbudowuje jedno drzewo od wierzchołka startowego, zawsze dodając najlżejszą krawędź wychodzącą z niego. Drzewo rozpinające o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.

Algorytm Dijkstry runda po rundzie

1. A (0): B: 10, C: 2
2. C (2): E: 8
3. E (8): D: 22, F: 19
4. B (10): D: 17
5. D (17)
6. F (19)

runda 4

B

Odpowiedź

B
15.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: A · Atomowość (Atomicity)

Dlaczego to jest odpowiedź

ACID: atomowość, spójność, izolacja, trwałość (atomicity, consistency, isolation, durability). Atomowość oznacza, że transakcja jest wykonywana w całości albo wcale.

Odpowiedź

A · Atomowość (Atomicity)
16.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: A · Harmonogramy konfliktowo szeregowalne (conflict-serializable)

Dlaczego to jest odpowiedź

2PL gwarantuje szeregowalność, ale zakleszczenia (deadlocks) nadal są możliwe i trzeba je wykrywać lub im zapobiegać.

Odpowiedź

A · Harmonogramy konfliktowo szeregowalne (conflict-serializable)
17.Sieci komputerowe

Odpowiedź: A · 10 ms

Dlaczego to jest odpowiedź

2 × 10⁶ m / 2 × 10⁸ m/s = 0,01 s = 10 ms. Opóźnienie propagacji zależy od odległości i ośrodka, a nie od rozmiaru pakietu.

Odpowiedź

A · 10 ms
18.Sieci komputerowe

Odpowiedź: B · W rozwiązywaniu nazw (DNS)

Dlaczego to jest odpowiedź

Udany ping do zewnętrznego adresu IP dowodzi, że okablowanie, adresacja i routing działają. Niedziałające nazwy wskazują na problem z serwerem DNS lub ustawieniami resolvera.

Odpowiedź

B · W rozwiązywaniu nazw (DNS)
19.Podsieci IPv4

Odpowiedź: x = 31

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Rozmiar bloku

23 = 8

Podsieć numer 4

sieć: (4 − 1)·8 = 24
rozgłoszeniowy: 24 + 8 − 1 = 31

Odpowiedź

x = 31
20.Podsieci IPv4

Odpowiedź: x = 254

Podsieci IPv4: adres ma 32 bity. Prefiks /p mówi, ile początkowych bitów wskazuje sieć; pozostałe 32 − p bitów numeruje hosty. Podsieć ma 2³²⁻ᵖ adresów, ale pierwszego (adres sieci) i ostatniego (adres rozgłoszeniowy) nie można przydzielić hostom, więc mieści się 2³²⁻ᵖ − 2 hostów. Wyjątki: /31 (łącze punkt-punkt, RFC 3021) wykorzystuje oba swoje 2 adresy dla hostów, a /32 to jeden adres (pojedynczy host lub loopback).

Rozmiar bloku

27 = 128

Podsieć tego hosta

sieć: ⌊192/128⌋·128 = 128
rozgłoszeniowy: 128 + 128 − 1 = 255
użyteczne hosty: 129 … 254

Odpowiedź

x = 254

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals