Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.
Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów
Metoda
Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.
Teoria liczb i arytmetyka modularna
Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metoda
Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Teoria grafów
Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij
Metoda
Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).
Podsieci IPv4
Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n
2Zadania do ćwiczenia
1.Systemy liczboweŚredni
8-bitowy wzór 1011 0101 zapisuje liczbę całkowitą ze znakiem w kodzie uzupełnień do dwóch. Jaka jest jej wartość N dziesiętnie?
1011 01018 bit
N =
2.Systemy liczboweTrudny
Jaka jest największa liczba całkowita bez znaku N, która mieści się w 20 bitach?
20 bit
N =
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
Czy (a ↔ b) ∧ (a ↔ ¬b) jest tautologią, kontradykcją czy kontyngencją? Kliknij swoją odpowiedź.
(a ↔ b) ∧ (a ↔ ¬b)
1tautologia
2kontradykcja
3kontyngencja
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny
Dane są przesłanki q → r; r → p; ¬p. Jaki wniosek z nich wynika? Kliknij go.
q → rr → p¬p
1¬q ∧ p
2¬q
3q
4p
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
Na tej mapie Karnaugha dokładnie jedna jedynka nie ma sąsiedniej jedynki, więc w minimalnej postaci SOP pozostaje grupą jednej komórki (pełnym mintermem o czterech literałach). Sąsiedztwo przez brzegi mapy się liczy. Kliknij tę komórkę.
F = Σm(2, 4, 9, 10, 11, 14, 15)
1AB = 00, CD = 00
2AB = 00, CD = 01
3AB = 00, CD = 11
4AB = 00, CD = 10
5AB = 01, CD = 00
6AB = 01, CD = 01
7AB = 01, CD = 11
8AB = 01, CD = 10
9AB = 11, CD = 00
10AB = 11, CD = 01
11AB = 11, CD = 11
12AB = 11, CD = 10
13AB = 10, CD = 00
14AB = 10, CD = 01
15AB = 10, CD = 11
16AB = 10, CD = 10
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
Przerzutnik D wyzwalany zboczem narastającym startuje z Q = 0 i dostaje pokazane wejścia przy 8 zboczach narastających zegara. Ile razy N Q zmienia stan?
Q₀ = 0D
N =
7.Teoria liczb i arytmetyka modularnaŚredni
Znajdź funkcję φ Eulera φ(392), czyli liczbę liczb całkowitych od 1 do 392 względnie pierwszych z 392.
n = 392 = 23·72
φ(392) =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny
Klucz RSA używa p = 11, q = 47 i e = 19. Odszyfruj szyfrogram c = 259: znajdź wiadomość m.
p = 11q = 47e = 19c = 259
m =
9.Algorytmy i złożonośćŚredni
Jaka jest złożoność czasowa standardowego algorytmu programowania dynamicznego dla najdłuższego wspólnego podciągu napisów o długościach m i n?
AO(mn)
BO(2m+n)
CO(m + n)
DO(mn log n)
10.Algorytmy i złożonośćTrudny
Który algorytm znajduje minimalne drzewo rozpinające, wielokrotnie dodając najtańszą krawędź, która nie tworzy cyklu?
AAlgorytm Prima startujący z jednego wierzchołka
BAlgorytm Kruskala
CAlgorytm Dijkstry
DAlgorytm Floyda–Warshalla
11.Struktury danychŚredni
Co się dzieje, gdy tablica mieszająca wykonuje rehashing po przekroczeniu progu współczynnika zapełnienia?
ANajstarsze klucze są usuwane, by zrobić miejsce
BAlokuje się większą tablicę i ponownie wstawia każdy klucz
CTylko kolidujące klucze są przenoszone na nową listę nadmiarową na końcu tablicy
DIstniejące klucze są sortowane w miejscu
12.Struktury danychTrudny
Struktura union-find (zbiory rozłączne) z łączeniem według rangi i kompresją ścieżki ma zamortyzowany koszt operacji równy:
AO(n)
BO(n²)
CO(α(n)), gdzie α to odwrotność funkcji Ackermanna, praktycznie stała
DDokładnie O(log n)
13.Teoria grafówŚredni
Czy graf spójny ma cykl Eulera, ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, czy żadne z nich? Kliknij odpowiedź.
|V| = 5|E| = 6
1Cykl Eulera
2Ścieżka Eulera, bez cyklu
3ani jedno, ani drugie
14.Teoria grafówTrudny
Algorytm Dijkstry rusza z A. Kliknij wierzchołek zatwierdzony (uczyniony stałym) w rundzie 3; sam A to runda 1.
start: Arunda 3
1A
2B
3C
4D
5E
6F
7G
15.Bazy danych i SQLŚredni
Pierwsza postać normalna (1NF) wymaga, aby:
AKażda kolumna zawierała wartości atomowe i nie było powtarzających się grup
BNie było kluczy obcych
CKażda kolumna niekluczowa zależała od całego klucza i od niczego poza kluczem
DKażda tabela miała dokładnie jedną kolumnę
16.Bazy danych i SQLTrudny
Jaka jest znana wada dekompozycji tabel do BCNF w porównaniu z 3NF?
ATabele w BCNF nie mogą mieć kluczy głównych
BDekompozycja zawsze traci dane przy ponownym złączeniu
CBCNF dopuszcza większą redundancję niż 3NF
DNiektórych zależności funkcyjnych może nie dać się już sprawdzić w obrębie jednej tabeli
17.Sieci komputeroweŚredni
Dlaczego w rozmowach wideo na żywo często preferuje się UDP?
AUDP gwarantuje dotarcie każdego pakietu, więc obraz nigdy się nie zawiesza
BUDP jest wymagany dla każdego wideo
CUDP automatycznie szyfruje dane
DNiskie opóźnienie jest ważniejsze niż retransmisja każdego utraconego pakietu
18.Sieci komputeroweTrudny
Jaka jest główna zaleta trwałych połączeń (keep-alive) w HTTP/1,1?
AOdpowiedzi mogą przychodzić w dowolnej kolejności w jednym strumieniu, więc wolne odpowiedzi nie blokują innych
BKilka żądań korzysta z jednego połączenia TCP, co pozwala uniknąć powtarzania uzgadniania
CPołączenie pozostaje szyfrowane bez TLS
DSerwer może wysyłać aktualizacje przez UDP
19.Podsieci IPv4Średni
Sieć 192.168.10.0/24 trzeba podzielić na co najmniej 20 równych podsieci. Jeśli pożyczysz jak najmniej bitów, ile użytecznych hostów H będzie miała każda podsieć?
192.168.10.0/2420 subnets
H =
20.Podsieci IPv4Trudny
Router ma trasy do następujących sieci: 10.83.153.0/24, 10.83.154.0/24. Jaka jest największa długość prefiksu p pojedynczej trasy zbiorczej, która obejmuje je wszystkie?
10.83.153.0/24 … 10.83.154.0/24
p =
3Roztwory
1.Systemy liczbowe
Odpowiedź: N = −75
Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.
Dodaj wagi
Pozostałe bity mają swoje zwykłe dodatnie wartości.
−128 + 32 + 16 + 4 + 1 = −75
Odpowiedź
N = −75
2.Systemy liczbowe
Odpowiedź: N = 1,049 × 10⁶
Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.
Największa wartość
220 − 1 = 1048575
Odpowiedź
N = 1048575
3.Rachunek zdań i dowody
Odpowiedź: kontradykcja
Równoważność logiczna: dwie formuły są równoważne (≡), gdy mają tę samą wartość w każdym wierszu tablicy prawdy. Tautologia jest równa 1 w każdym wierszu, kontradykcja 0 w każdym wierszu, a formuła kontyngentna nie jest ani jednym, ani drugim. Przydatne prawa: prawa de Morgana, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b oraz ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozycja); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; oraz prawa rozdzielności, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Tablica prawdy wiersz po wierszu
a = 1, b = 1: a ↔ b = 1, ¬b = 0, a ↔ ¬b = 0, (a ↔ b) ∧ (a ↔ ¬b) = 0
a = 1, b = 0: a ↔ b = 0, ¬b = 1, a ↔ ¬b = 1, (a ↔ b) ∧ (a ↔ ¬b) = 0
a = 0, b = 1: a ↔ b = 0, ¬b = 0, a ↔ ¬b = 1, (a ↔ b) ∧ (a ↔ ¬b) = 0
a = 0, b = 0: a ↔ b = 1, ¬b = 1, a ↔ ¬b = 0, (a ↔ b) ∧ (a ↔ ¬b) = 0
Sklasyfikuj
(a ↔ b) ∧ (a ↔ ¬b): 0, 0, 0, 0
0 w każdym wierszu: kontradykcja.
Odpowiedź
kontradykcja
4.Rachunek zdań i dowody
Odpowiedź: ¬q
Kwantyfikatory i wnioskowania: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) oraz ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Przesuń negację do środka, zamień każdy kwantyfikator, który mija, i zaneguj formułę wewnętrzną prawami rachunku zdań, takimi jak ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Wnioskowanie jest poprawne, gdy wniosek jest równy 1 w każdym wierszu, w którym wszystkie przesłanki są równe 1. Pojedynczy wiersz z prawdziwymi przesłankami i fałszywym wnioskiem jest kontrprzykładem i pokazuje, że wnioskowanie jest niepoprawne.
Wiersze z wszystkimi prawdziwymi przesłankami
p = 0, q = 0, r = 0: ¬q ∧ p = 0, ¬q = 1, q = 0, p = 0
Wniosek
¬q (dwukrotny modus tollens)
Odpowiedź
¬q
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Odpowiedź: AB = 01, CD = 00
Mapy Karnaugha: komórki są ułożone w kodzie Graya (00, 01, 11, 10), więc sąsiednie komórki, także te przez brzegi, różnią się dokładnie jedną zmienną. Grupuj jedynki w prostokąty po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, jak największe i jak najmniej, aż każda jedynka będzie pokryta. Każda grupa to jeden iloczyn: zmienne, które wewnątrz niej pozostają stałe. Grupa 2ᵏ komórek traci k zmiennych. Stany nieokreślone (X) można wykorzystać, by powiększyć grupy, ale nigdy nie trzeba ich pokrywać. Grupowanie zer daje minimalną postać POS.
Sąsiedzi każdej jedynki
Jedynka z sąsiednią jedynką może dołączyć do grupy dwóch lub więcej.
m4: m5, m6, m0, m12 → 0
Izolowana jedynka
m4 = A′BC′D′ → AB = 01, CD = 00
Odpowiedź
AB = 01, CD = 00
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Odpowiedź: N = 6
Przerzutniki i liczniki: przerzutnik zmienia stan tylko przy aktywnym zboczu zegara. D kopiuje swoje wejście (Q⁺ = D); T zmienia stan na przeciwny, gdy T = 1; JK utrzymuje stan dla 00, zeruje dla 01, ustawia dla 10 i zmienia stan na przeciwny dla 11. N-bitowy licznik binarny ma 2ⁿ stanów i liczy modulo 2ⁿ; licznik mod-N liczy 0, 1, …, N − 1 i wraca do 0, a potrzebuje tylu przerzutników, ile wynosi najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N. Każdy stopień licznika asynchronicznego dzieli częstotliwość przez dwa, więc ostatnie wyjście licznika mod-N pracuje z częstotliwością fclk/N. Licznik Johnsona z n przerzutników ma 2n stanów, licznik pierścieniowy n.
Q po każdym zboczu
Przerzutnik D kopiuje D przy każdym zboczu narastającym: Q⁺ = D.
1: D = 1 → Q = 1
2: D = 0 → Q = 0
3: D = 1 → Q = 1
4: D = 0 → Q = 0
5: D = 1 → Q = 1
6: D = 1 → Q = 1
7: D = 1 → Q = 1
8: D = 0 → Q = 0
Policz zmiany
0 → 1 → 0 → 1 → 0 → 1 → 1 → 1 → 0
N = 6
Odpowiedź
N = 6
7.Teoria liczb i arytmetyka modularna
Odpowiedź: φ(392) = 168
Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Czynniki pierwsze
392 = 23·72
Funkcja φ
φ(392) = φ(8)·φ(49) = 4·42 = 168
Odpowiedź
φ(392) = 168
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna
Odpowiedź: m = 299
Potęgi modularne i RSA: oblicz aᵏ mod n przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu: zapisz k binarnie, podnoś do kwadratu, redukuj po każdym kroku i mnóż potęgi, których bit jest równy 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) dla liczby pierwszej p niedzielącej a, więc wykładnik można redukować modulo p − 1. RSA: wybierz liczby pierwsze p i q, n = p·q i φ(n) = (p − 1)(q − 1); wykładnik publiczny e jest względnie pierwszy z φ(n), a wykładnik prywatny to d = e⁻¹ mod φ(n). Szyfruj wzorem c = mᵉ mod n, a odszyfrowuj wzorem m = cᵈ mod n.
Wykładnik prywatny
n = 517, φ(n) = 460
d = 19−1 mod 460 = 339
Odszyfruj przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu
339 = 256 + 64 + 16 + 2 + 1
2591 ≡ 259 (mod 517)
2592 ≡ 388 (mod 517)
2594 ≡ 97 (mod 517)
2598 ≡ 103 (mod 517)
25916 ≡ 269 (mod 517)
25932 ≡ 498 (mod 517)
25964 ≡ 361 (mod 517)
259128 ≡ 37 (mod 517)
259256 ≡ 335 (mod 517)
259339 ≡ 259·388·269·361·335 ≡ 299 (mod 517)
Wiadomość
m = 299
sprawdzenie: 29919 mod 517 = 259
Odpowiedź
m = 299
9.Algorytmy i złożoność
Odpowiedź: A · O(mn)
Dlaczego to jest odpowiedź
Tablica ma (m + 1)(n + 1) komórek, a każda jest obliczana w O(1) z sąsiednich.
Odpowiedź
A · O(mn)
10.Algorytmy i złożoność
Odpowiedź: B · Algorytm Kruskala
Dlaczego to jest odpowiedź
Algorytm Kruskala sortuje krawędzie według wag i dodaje je, jeśli łączą różne składowe; algorytm Prima rozbudowuje jedno drzewo od wierzchołka startowego.
Odpowiedź
B · Algorytm Kruskala
11.Struktury danych
Odpowiedź: B · Alokuje się większą tablicę i ponownie wstawia każdy klucz
Dlaczego to jest odpowiedź
Ponieważ indeks oblicza się modulo rozmiar tablicy, wszystkie klucze trzeba ponownie zahaszować do nowej, większej tablicy; przy podwajaniu koszt zamortyzowany pozostaje O(1).
Odpowiedź
B · Alokuje się większą tablicę i ponownie wstawia każdy klucz
12.Struktury danych
Odpowiedź: C · O(α(n)), gdzie α to odwrotność funkcji Ackermanna, praktycznie stała
Dlaczego to jest odpowiedź
Przy obu optymalizacjach operacje zajmują zamortyzowany czas O(α(n)); α(n) ≤ 4 dla każdego realistycznego n.
Odpowiedź
C · O(α(n)), gdzie α to odwrotność funkcji Ackermanna, praktycznie stała
13.Teoria grafów
Odpowiedź: Cykl Eulera
Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.
Najkrótsze ścieżki i drzewa rozpinające: algorytm Dijkstry zatwierdza jeden wierzchołek na rundę: niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej tymczasowej odległości. Jego odległość jest wtedy ostateczna, a każdy sąsiad v dostaje d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algorytm Kruskala buduje minimalne drzewo rozpinające, biorąc krawędzie od lekkich do ciężkich i pomijając każdą, która zamknęłaby cykl; algorytm Prima rozbudowuje jedno drzewo od wierzchołka startowego, zawsze dodając najlżejszą krawędź wychodzącą z niego. Drzewo rozpinające o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.
Algorytm Dijkstry runda po rundzie
1. A (0): B: 10, C: 4
2. C (4): B: 9, E: 13, G: 12
3. B (9): D: 16
4. G (12)
5. E (13): F: 15
6. F (15)
7. D (16)
runda 3
B
Odpowiedź
B
15.Bazy danych i SQL
Odpowiedź: A · Każda kolumna zawierała wartości atomowe i nie było powtarzających się grup
Dlaczego to jest odpowiedź
1NF wymaga wartości atomowych w każdej komórce i jednoznacznej identyfikacji wierszy, bez powtarzających się grup.
Odpowiedź
A · Każda kolumna zawierała wartości atomowe i nie było powtarzających się grup
16.Bazy danych i SQL
Odpowiedź: D · Niektórych zależności funkcyjnych może nie dać się już sprawdzić w obrębie jednej tabeli
Dlaczego to jest odpowiedź
Bezstratna dekompozycja do BCNF zawsze istnieje, ale może nie zachowywać zależności; dekompozycja do 3NF zawsze może być zarówno bezstratna, jak i zachowująca zależności.
Odpowiedź
D · Niektórych zależności funkcyjnych może nie dać się już sprawdzić w obrębie jednej tabeli
17.Sieci komputerowe
Odpowiedź: D · Niskie opóźnienie jest ważniejsze niż retransmisja każdego utraconego pakietu
Dlaczego to jest odpowiedź
Retransmisja utraconych pakietów zwiększyłaby opóźnienie; media czasu rzeczywistego tolerują pewne straty, dlatego używa się protokołów opartych na UDP, takich jak RTP.
Odpowiedź
D · Niskie opóźnienie jest ważniejsze niż retransmisja każdego utraconego pakietu
18.Sieci komputerowe
Odpowiedź: B · Kilka żądań korzysta z jednego połączenia TCP, co pozwala uniknąć powtarzania uzgadniania
Dlaczego to jest odpowiedź
Ponowne użycie połączenia pozwala uniknąć nowego uzgadniania i powolnego startu dla każdego obiektu, więc strony z wieloma zasobami ładują się szybciej.
Odpowiedź
B · Kilka żądań korzysta z jednego połączenia TCP, co pozwala uniknąć powtarzania uzgadniania
19.Podsieci IPv4
Odpowiedź: H = 6
Podsieci IPv4: adres ma 32 bity. Prefiks /p mówi, ile początkowych bitów wskazuje sieć; pozostałe 32 − p bitów numeruje hosty. Podsieć ma 2³²⁻ᵖ adresów, ale pierwszego (adres sieci) i ostatniego (adres rozgłoszeniowy) nie można przydzielić hostom, więc mieści się 2³²⁻ᵖ − 2 hostów. Wyjątki: /31 (łącze punkt-punkt, RFC 3021) wykorzystuje oba swoje 2 adresy dla hostów, a /32 to jeden adres (pojedynczy host lub loopback).
Bity do pożyczenia
25 = 32 ≥ 20 → b = 5, /29
Hosty na podsieć
23 − 2 = 6
Odpowiedź
H = 6
20.Podsieci IPv4
Odpowiedź: p = 22
Sumaryzacja tras: trasa zbiorcza a.b.c.0/p obejmuje wszystkie sieci, których pierwsze p bitów jest zgodnych. Zapisz binarnie różniący się oktet pierwszej i ostatniej sieci; liczba wspólnych bitów wiodących plus bity poprzedzających oktetów to najdłuższy prefiks trasy zbiorczej.
Porównaj bity
153 = 10011001
154 = 10011010
wspólne bity wiodące: 6
Długość prefiksu
p = 16 + 6 = 22
Odpowiedź
p = /22
Trasa zbiorcza: 10.83.152.0/22 (obejmuje też 2 sieci spoza listy).