Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.
Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów
Metoda
Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.
Teoria liczb i arytmetyka modularna
Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metoda
Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Teoria grafów
Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij
Metoda
Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).
Podsieci IPv4
Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n
2Zadania do ćwiczenia
1.Systemy liczboweŚredni
8-bitowy wzór 1010 1110 zapisuje liczbę całkowitą ze znakiem w kodzie uzupełnień do dwóch. Jaka jest jej wartość N dziesiętnie?
1010 11108 bit
N =
2.Systemy liczboweTrudny
System musi nadać każdemu z 759 elementów własny kod dwójkowy tej samej długości. Ile co najmniej bitów b potrzeba?
759
b = bit
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
Która formuła jest logicznie równoważna ¬(q ↔ r)? Kliknij ją.
¬(q ↔ r)
1¬q ∨ ¬r
2q ↔ ¬r
3¬q ↔ ¬r
4q ∧ ¬r
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny
Ile z 16 wierszy tablicy prawdy czyni ((¬q ∨ ¬s) ∧ p) ∧ ((r ↔ s) → ¬(¬q ∧ p)) prawdziwym? Nazwij tę liczbę N.
((¬q ∨ ¬s) ∧ p) ∧ ((r ↔ s) → ¬(¬q ∧ p))
N =
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
Uprość F = ABC′ + BC′ + A′BC′ do minimalnej postaci sumy iloczynów. Ile literałów L zawiera uproszczone wyrażenie?
F = ABC′ + BC′ + A′BC′
L =
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
Przerzutnik D wyzwalany zboczem narastającym startuje z Q = 0 i dostaje pokazane wejścia przy 8 zboczach narastających zegara. Ile razy N Q zmienia stan?
Q₀ = 0D
N =
7.Teoria liczb i arytmetyka modularnaŚredni
Znajdź element odwrotny do 13 modulo 61: liczbę x, dla której 0 < x < 61 oraz 13·x ≡ 1 (mod 61).
a = 13n = 61
13−1 mod 61 =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny
43 jest liczbą pierwszą. Użyj małego twierdzenia Fermata, aby znaleźć 831792 mod 43.
p = 43k = 31792
831792 mod 43 =
9.Algorytmy i złożonośćŚredni
Co oblicza algorytm Floyda–Warshalla i jak szybko?
APorządek topologiczny w O(V²)
BNajkrótsze ścieżki z jednego wierzchołka źródłowego do wszystkich pozostałych w O(V + E)
CNajkrótsze ścieżki między wszystkimi parami wierzchołków w O(V³)
DMinimalne drzewo rozpinające w O(E log V)
10.Algorytmy i złożonośćTrudny
Problem jest NP-zupełny, jeśli:
ADa się go rozwiązać w czasie wielomianowym
BLeży poza NP, ale jest trudniejszy od wszystkich problemów NP, jak problem stopu
CNie da się go rozwiązać
DNależy do NP i każdy problem z NP sprowadza się do niego w czasie wielomianowym
11.Struktury danychŚredni
Kolejkę zaimplementowano za pomocą dwóch stosów: push na stos „in”, a pop ze stosu „out”, który, gdy jest pusty, uzupełnia się ze stosu „in”. Jaki jest zamortyzowany koszt jednej operacji?
AO(1)
BO(n)
CO(log n)
DO(n²)
12.Struktury danychTrudny
Dlaczego serwer może losowo wybierać funkcję mieszającą z rodziny uniwersalnej?
ABy tablica mieszająca była posortowana
BBy było bardzo mało prawdopodobne, że atakujący dobierze wiele kluczy, które wszystkie kolidują
CBy zagwarantować, że żadne dwa klucze nigdy nie będą kolidować, jakie klucze by nie wysłał atakujący
DBy wyeliminować potrzebę zmiany rozmiaru tablicy
13.Teoria grafówŚredni
Ile różnych cykli Hamiltona H ma graf pełny K7? Cykle różniące się tylko wierzchołkiem startowym lub kierunkiem liczą się jako ten sam.
K7
H =
14.Teoria grafówTrudny
Znajdź łączną wagę W minimalnego drzewa rozpinającego grafu ważonego.
|V| = 6|E| = 8
W =
15.Bazy danych i SQLŚredni
Trzecia postać normalna (3NF) eliminuje:
AWartości atomowe
BZbędne indeksy na kolumnach, które nie są częścią klucza
CKlucze złożone
DZależności przechodnie między atrybutami niekluczowymi
16.Bazy danych i SQLTrudny
Czym jest indeks pokrywający (covering index) dla zapytania?
AIndeksem zawierającym wszystkie kolumny potrzebne zapytaniu, dzięki czemu nie trzeba czytać samej tabeli
BIndeksem wyłącznie na kluczu głównym
CIndeksem obejmującym każdą kolumnę każdej tabeli
DIndeksem przebudowywanym co noc
17.Sieci komputeroweŚredni
Które pole nagłówka IPv4 zapobiega nieskończonemu krążeniu pakietów w pętli routingu?
ACzas życia (TTL)
BSuma kontrolna nagłówka
CTyp usługi
DIdentyfikacja
18.Sieci komputeroweTrudny
Dlaczego wprowadzono opcję skalowania okna TCP (window scale)?
AUDP potrzebował sposobu na kontrolę szybkości wysyłania na przeciążonych ścieżkach
BBez niej TCP nie mógłby wykrywać utraconych segmentów na łączach dalekosiężnych
C32-bitowe pole okna było za duże i marnowało miejsce w nagłówku każdego wysyłanego segmentu TCP
D16-bitowe pole okna ogranicza okno do 65,535 bajtów, co jest za mało dla szybkich ścieżek na duże odległości
19.Podsieci IPv4Średni
Sieć 192.168.10.0/24 trzeba podzielić na co najmniej 10 równych podsieci. Jeśli pożyczysz jak najmniej bitów, ile użytecznych hostów H będzie miała każda podsieć?
192.168.10.0/2410 subnets
H =
20.Podsieci IPv4Trudny
Host ma adres 10.20.251.243/26. Jaka jest ostatnia liczba (czwarty oktet) x adresu rozgłoszeniowego jego podsieci?
10.20.251.243/26
x =
3Roztwory
1.Systemy liczbowe
Odpowiedź: N = −82
Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.
Dodaj wagi
Pozostałe bity mają swoje zwykłe dodatnie wartości.
−128 + 32 + 8 + 4 + 2 = −82
Odpowiedź
N = −82
2.Systemy liczbowe
Odpowiedź: b = 10 bit
Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.
Potęgi dwójki
29 = 512 < 759
210 = 1024 ≥ 759
Odpowiedź
b = 10
3.Rachunek zdań i dowody
Odpowiedź: q ↔ ¬r
Równoważność logiczna: dwie formuły są równoważne (≡), gdy mają tę samą wartość w każdym wierszu tablicy prawdy. Tautologia jest równa 1 w każdym wierszu, kontradykcja 0 w każdym wierszu, a formuła kontyngentna nie jest ani jednym, ani drugim. Przydatne prawa: prawa de Morgana, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b oraz ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozycja); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; oraz prawa rozdzielności, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Prawo
¬(a ↔ b) jest równe 1 dokładnie wtedy, gdy a i b się różnią, czyli a ↔ ¬b.
¬(q ↔ r) ≡ q ↔ ¬r
Sprawdź tablicą prawdy
q = 1, r = 1: 0 | 0 0 1 0
q = 1, r = 0: 1 | 1 1 0 1
q = 0, r = 1: 1 | 1 1 0 0
q = 0, r = 0: 0 | 1 0 1 0
Odpowiedź
q ↔ ¬r
Kolumny po kresce to opcje w pokazanej kolejności.
4.Rachunek zdań i dowody
Odpowiedź: N = 4
Tablice prawdy: formuła z n różnymi zmiennymi ma 2ⁿ wierszy, po jednym dla każdej kombinacji wartości logicznych (1 = prawda, 0 = fałsz). Pracuj od wewnątrz na zewnątrz i każdej podformule daj osobną kolumnę. ¬a odwraca wartość; a ∧ b jest równe 1 tylko wtedy, gdy oba są równe 1; a ∨ b jest równe 0 tylko wtedy, gdy oba są równe 0; a → b jest równe 0 tylko wtedy, gdy a = 1 i b = 0; a ↔ b jest równe 1, gdy obie strony są równe.
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Odpowiedź: L = 2
Algebra Boole’a: reguły upraszczające wyrażenia to X + X′ = 1 i X·X′ = 0, X + X = X, absorpcja X + X·Y = X, reguła sklejania X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y oraz twierdzenie o konsensusie XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Prawa de Morgana zamieniają (X·Y)′ na X′ + Y′ oraz (X + Y)′ na X′·Y′. Mapa Karnaugha stosuje te reguły graficznie: każda grupa dwóch sąsiednich komórek to jedno użycie XY + XY′ = X.
Mintermy wyrażenia
ABC′ → m(6)
BC′ → m(2, 6)
A′BC′ → m(2)
Pogrupuj i odczytaj
F = BC′
Policz literały
L = 2
Odpowiedź
L = 2
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Odpowiedź: N = 2
Przerzutniki i liczniki: przerzutnik zmienia stan tylko przy aktywnym zboczu zegara. D kopiuje swoje wejście (Q⁺ = D); T zmienia stan na przeciwny, gdy T = 1; JK utrzymuje stan dla 00, zeruje dla 01, ustawia dla 10 i zmienia stan na przeciwny dla 11. N-bitowy licznik binarny ma 2ⁿ stanów i liczy modulo 2ⁿ; licznik mod-N liczy 0, 1, …, N − 1 i wraca do 0, a potrzebuje tylu przerzutników, ile wynosi najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N. Każdy stopień licznika asynchronicznego dzieli częstotliwość przez dwa, więc ostatnie wyjście licznika mod-N pracuje z częstotliwością fclk/N. Licznik Johnsona z n przerzutników ma 2n stanów, licznik pierścieniowy n.
Q po każdym zboczu
Przerzutnik D kopiuje D przy każdym zboczu narastającym: Q⁺ = D.
1: D = 0 → Q = 0
2: D = 0 → Q = 0
3: D = 1 → Q = 1
4: D = 0 → Q = 0
5: D = 0 → Q = 0
6: D = 0 → Q = 0
7: D = 0 → Q = 0
8: D = 0 → Q = 0
Policz zmiany
0 → 0 → 0 → 1 → 0 → 0 → 0 → 0 → 0
N = 2
Odpowiedź
N = 2
7.Teoria liczb i arytmetyka modularna
Odpowiedź: 13−1 mod 61 = 47
Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Rozszerzony algorytm Euklidesa
Każdą resztę r zapisujemy jako r ≡ t·13 (mod 61).
r = 61, t = 0
r = 13, q = 4, t = 1
r = 9, q = 1, t = −4
r = 4, q = 2, t = 5
r = 1, q = 4, t = −14
Odwrotność
1 ≡ −14·13 (mod 61)
x = 47
sprawdzenie: 13·47 = 611 = 10·61 + 1
Odpowiedź
13−1 mod 61 = 47
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna
Odpowiedź: 831792 mod 43 = 41
Potęgi modularne i RSA: oblicz aᵏ mod n przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu: zapisz k binarnie, podnoś do kwadratu, redukuj po każdym kroku i mnóż potęgi, których bit jest równy 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) dla liczby pierwszej p niedzielącej a, więc wykładnik można redukować modulo p − 1. RSA: wybierz liczby pierwsze p i q, n = p·q i φ(n) = (p − 1)(q − 1); wykładnik publiczny e jest względnie pierwszy z φ(n), a wykładnik prywatny to d = e⁻¹ mod φ(n). Szyfruj wzorem c = mᵉ mod n, a odszyfrowuj wzorem m = cᵈ mod n.
Zredukuj wykładnik
31792 mod 42 = 40
831792 ≡ 840 (mod 43)
Mała potęga
840 mod 43 = 41
Odpowiedź
831792 mod 43 = 41
9.Algorytmy i złożoność
Odpowiedź: C · Najkrótsze ścieżki między wszystkimi parami wierzchołków w O(V³)
Dlaczego to jest odpowiedź
Floyd–Warshall to algorytm programowania dynamicznego, który kolejno dopuszcza każdy wierzchołek jako punkt pośredni, w czasie O(V³).
Odpowiedź
C · Najkrótsze ścieżki między wszystkimi parami wierzchołków w O(V³)
10.Algorytmy i złożoność
Odpowiedź: D · Należy do NP i każdy problem z NP sprowadza się do niego w czasie wielomianowym
Dlaczego to jest odpowiedź
Problemy NP-zupełne są najtrudniejsze w NP; wielomianowy algorytm dla jednego z nich dałby wielomianowy algorytm dla całej klasy NP.
Odpowiedź
D · Należy do NP i każdy problem z NP sprowadza się do niego w czasie wielomianowym
11.Struktury danych
Odpowiedź: A · O(1)
Dlaczego to jest odpowiedź
Każdy element jest łącznie co najwyżej dwa razy odkładany i zdejmowany, więc choć jedno uzupełnienie może zająć O(n), średnia w ciągu operacji wynosi O(1).
Odpowiedź
A · O(1)
12.Struktury danych
Odpowiedź: B · By było bardzo mało prawdopodobne, że atakujący dobierze wiele kluczy, które wszystkie kolidują
Dlaczego to jest odpowiedź
Przy haszowaniu uniwersalnym oczekiwana liczba kolizji jest mała dla dowolnego zbioru kluczy, bo atakujący nie wie, którą funkcję wybrano.
Odpowiedź
B · By było bardzo mało prawdopodobne, że atakujący dobierze wiele kluczy, które wszystkie kolidują
13.Teoria grafów
Odpowiedź: H = 360
Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.
Policz
H = (7 − 1)!/2 = 720/2 = 360
Odpowiedź
H = 360
14.Teoria grafów
Odpowiedź: W = 57
Najkrótsze ścieżki i drzewa rozpinające: algorytm Dijkstry zatwierdza jeden wierzchołek na rundę: niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej tymczasowej odległości. Jego odległość jest wtedy ostateczna, a każdy sąsiad v dostaje d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algorytm Kruskala buduje minimalne drzewo rozpinające, biorąc krawędzie od lekkich do ciężkich i pomijając każdą, która zamknęłaby cykl; algorytm Prima rozbudowuje jedno drzewo od wierzchołka startowego, zawsze dodając najlżejszą krawędź wychodzącą z niego. Drzewo rozpinające o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.
Algorytm Kruskala
BD (8): weź
DE (10): weź
BC (11): weź
AB (12): weź
BE (14): pomiń, zamyka cykl
CE (15): pomiń, zamyka cykl
EF (16): weź
Łączna waga
W = 8 + 10 + 11 + 12 + 16 = 57
Odpowiedź
W = 57
15.Bazy danych i SQL
Odpowiedź: D · Zależności przechodnie między atrybutami niekluczowymi
Dlaczego to jest odpowiedź
W 3NF żaden atrybut niekluczowy nie zależy od innego atrybutu niekluczowego, jak np. przy przechowywaniu miasta i kodu pocztowego, gdy miasto zależy od kodu pocztowego.
Odpowiedź
D · Zależności przechodnie między atrybutami niekluczowymi
16.Bazy danych i SQL
Odpowiedź: A · Indeksem zawierającym wszystkie kolumny potrzebne zapytaniu, dzięki czemu nie trzeba czytać samej tabeli
Dlaczego to jest odpowiedź
Jeśli wszystkie użyte kolumny są w indeksie, DBMS może wykonać skanowanie samego indeksu (index-only scan) i pominąć pobieranie wierszy tabeli, co oszczędza operacje we/wy.
Odpowiedź
A · Indeksem zawierającym wszystkie kolumny potrzebne zapytaniu, dzięki czemu nie trzeba czytać samej tabeli
17.Sieci komputerowe
Odpowiedź: A · Czas życia (TTL)
Dlaczego to jest odpowiedź
Każdy router zmniejsza TTL; gdy osiągnie zero, pakiet jest odrzucany i zwykle wysyłany jest komunikat ICMP Time Exceeded. W IPv6 pole to nazywa się hop limit.
Odpowiedź
A · Czas życia (TTL)
18.Sieci komputerowe
Odpowiedź: D · 16-bitowe pole okna ogranicza okno do 65,535 bajtów, co jest za mało dla szybkich ścieżek na duże odległości
Dlaczego to jest odpowiedź
Oryginalny nagłówek pozwala na co najwyżej 65,535 bajtów niepotwierdzonych danych. Skalowanie okna mnoży tę wartość przez potęgę dwójki, aby można było wypełnić ścieżki o dużym iloczynie przepustowości i opóźnienia.
Odpowiedź
D · 16-bitowe pole okna ogranicza okno do 65,535 bajtów, co jest za mało dla szybkich ścieżek na duże odległości
19.Podsieci IPv4
Odpowiedź: H = 14
Podsieci IPv4: adres ma 32 bity. Prefiks /p mówi, ile początkowych bitów wskazuje sieć; pozostałe 32 − p bitów numeruje hosty. Podsieć ma 2³²⁻ᵖ adresów, ale pierwszego (adres sieci) i ostatniego (adres rozgłoszeniowy) nie można przydzielić hostom, więc mieści się 2³²⁻ᵖ − 2 hostów. Wyjątki: /31 (łącze punkt-punkt, RFC 3021) wykorzystuje oba swoje 2 adresy dla hostów, a /32 to jeden adres (pojedynczy host lub loopback).
Bity do pożyczenia
24 = 16 ≥ 10 → b = 4, /28
Hosty na podsieć
24 − 2 = 14
Odpowiedź
H = 14
20.Podsieci IPv4
Odpowiedź: x = 255
Podsieci IPv4: adres ma 32 bity. Prefiks /p mówi, ile początkowych bitów wskazuje sieć; pozostałe 32 − p bitów numeruje hosty. Podsieć ma 2³²⁻ᵖ adresów, ale pierwszego (adres sieci) i ostatniego (adres rozgłoszeniowy) nie można przydzielić hostom, więc mieści się 2³²⁻ᵖ − 2 hostów. Wyjątki: /31 (łącze punkt-punkt, RFC 3021) wykorzystuje oba swoje 2 adresy dla hostów, a /32 to jeden adres (pojedynczy host lub loopback).