Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.
Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów
Metoda
Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.
Teoria liczb i arytmetyka modularna
Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metoda
Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Teoria grafów
Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij
Metoda
Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).
Podsieci IPv4
Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n
2Zadania do ćwiczenia
1.Systemy liczboweŚredni
8-bitowy wzór 1101 0011 zapisuje liczbę całkowitą ze znakiem w kodzie uzupełnień do dwóch. Jaka jest jej wartość N dziesiętnie?
1101 00118 bit
N =
2.Systemy liczboweTrudny
System musi nadać każdemu z 3443 elementów własny kod dwójkowy tej samej długości. Ile co najmniej bitów b potrzeba?
3443
b = bit
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
Chcesz udowodnić (p ∧ r) → ¬q nie wprost. Jakie zdanie zakładasz na początku? Kliknij je.
(p ∧ r) → ¬q
1(p ∧ r) ∧ ¬¬q
2¬(p ∧ r) → ¬¬q
3¬(p ∧ r) ∧ ¬q
4¬(p ∧ r) ∧ ¬¬q
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny
Które zdanie jest równoważne ¬∃x ∀y R(x, y), gdy negację przesunięto całkiem do środka? Kliknij je.
¬∃x ∀y R(x, y)
1∃x ∃y ¬R(x, y)
2∀x ∃y ¬R(x, y)
3∀x ∀y ¬R(x, y)
4∃x ∀y ¬R(x, y)
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
Użyj mapy Karnaugha, aby znaleźć minimalną postać sumy iloczynów (SOP) funkcji F(A, B, C, D) = Σm(2, 5, 9, 11, 12, 15). Ile literałów L zawiera łącznie (zmienna z negacją liczy się jako jeden literał)?
F(A, B, C, D) = Σm(2, 5, 9, 11, 12, 15)
L =
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
Przerzutnik JK wyzwalany zboczem narastającym startuje z Q = 0 i dostaje pokazane wejścia. Kliknij pierwsze zbocze zegara, przy którym Q przechodzi z 1 z powrotem na 0.
Q₀ = 0JK
1zbocze zegara 1
2zbocze zegara 2
3zbocze zegara 3
4zbocze zegara 4
5zbocze zegara 5
6zbocze zegara 6
7.Teoria liczb i arytmetyka modularnaŚredni
Znajdź najmniejszą dodatnią liczbę całkowitą x, dla której x ≡ 5 (mod 9) i x ≡ 9 (mod 13).
x ≡ 5 (mod 9)x ≡ 9 (mod 13)
x =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny
Ile rozwiązań N ma 22x ≡ 30 (mod 60) w zbiorze {0, 1, …, 59}?
22x ≡ 30 (mod 60)
N =
9.Algorytmy i złożonośćŚredni
Która reguła zachłanna w problemie wyboru zajęć zawsze daje maksymalną liczbę nienakładających się zajęć?
AWybierz zajęcie, które zaczyna się najwcześniej
BWybierz najpierw najkrótsze zajęcie
CWybierz najpierw zajęcie z najmniejszą liczbą kolizji, a potem powtarzaj dla zgodnych zajęć
DWybierz zajęcie, które kończy się najwcześniej, i powtórz dla zgodnych z nim
10.Algorytmy i złożonośćTrudny
Która technika zapewnia oczekiwany czas działania O(n log n) dla quicksorta na dowolnych danych wejściowych?
ALosowanie pivota z rozkładem jednostajnym
BPosortowanie danych przed uruchomieniem quicksorta
CWybieranie zawsze pierwszego elementu
DStosowanie rekurencji tylko po lewej stronie
11.Struktury danychŚredni
Klucze 50, 30, 70, 20, 40 wstawia się w tej kolejności do pustego binarnego drzewa poszukiwań. Co jest lewym dzieckiem 30?
A40
B70
C20
D50
12.Struktury danychTrudny
Klucze 5, 3, 8, 1 wstawia się w tej kolejności do pustego binarnego kopca minimalnego opartego na tablicy. Jak wygląda końcowa tablica?
A[3, 1, 8, 5]
B[1, 3, 5, 8]
C[1, 3, 8, 5]
D[1, 5, 8, 3]
13.Teoria grafówŚredni
Graf spójny: liczba wierzchołków 10, liczba krawędzi 19. Ile krawędzi k trzeba usunąć, aby zostało drzewo rozpinające?
|V| = 10|E| = 19
k =
14.Teoria grafówTrudny
Algorytm Dijkstry rusza z A. Kliknij wierzchołek zatwierdzony (uczyniony stałym) w rundzie 6; sam A to runda 1.
start: Arunda 6
1A
2B
3C
4D
5E
6F
7G
15.Bazy danych i SQLŚredni
Które stwierdzenie dotyczące HAVING jest prawdziwe?
ASortuje wyniki
BMusi występować przed WHERE w instrukcji SELECT
CNie może być używane z GROUP BY
DMoże używać funkcji agregujących do filtrowania grup
16.Bazy danych i SQLTrudny
Dlaczego wiele DBMS stosuje ścisłe blokowanie dwufazowe (strict 2PL), utrzymując blokady wyłączne aż do zatwierdzenia?
AUniemożliwia zakleszczenia
BPozwala transakcjom bezpiecznie odczytywać brudne dane
CEliminuje potrzebę dziennika transakcji
DZapobiega kaskadowym wycofaniom, bo nikt nie może odczytać niezatwierdzonych zapisów
17.Sieci komputeroweŚredni
Dlaczego przełącznik czasem wysyła ramkę na wszystkie porty oprócz tego, z którego przyszła?
APrzełącznik działa jako router
BRamka jest za duża dla jednego portu
CDocelowego adresu MAC nie ma jeszcze w jego tablicy adresów
DRamka ma błędną sumę kontrolną IP i musi zostać sprawdzona przez każdego hosta
18.Sieci komputeroweTrudny
Stacje A i C docierają do punktu dostępowego B, ale nie słyszą się nawzajem, więc ich ramki kolidują w B. Jak pomaga 802,11?
AOpcjonalną wymianą RTS/CTS: CTS punktu dostępowego każe czekać wszystkim pobliskim stacjom
BKażąc A i C używać wykrywania kolizji, aby przestały nadawać, gdy ramki się nakładają
CTrasując ramki A przez C
DZwiększając TTL ramek
19.Podsieci IPv4Średni
Sieć 192.168.10.0/24 trzeba podzielić na co najmniej 5 równych podsieci. Jeśli pożyczysz jak najmniej bitów, ile użytecznych hostów H będzie miała każda podsieć?
192.168.10.0/245 subnets
H =
20.Podsieci IPv4Trudny
Host ma adres 172.20.1.41/18. Jaki jest trzeci oktet x adresu rozgłoszeniowego jego podsieci?
172.20.1.41/18
x =
3Roztwory
1.Systemy liczbowe
Odpowiedź: N = −45
Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.
Dodaj wagi
Pozostałe bity mają swoje zwykłe dodatnie wartości.
−128 + 64 + 16 + 2 + 1 = −45
Odpowiedź
N = −45
2.Systemy liczbowe
Odpowiedź: b = 12 bit
Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.
Potęgi dwójki
211 = 2048 < 3443
212 = 4096 ≥ 3443
Odpowiedź
b = 12
3.Rachunek zdań i dowody
Odpowiedź: (p ∧ r) ∧ ¬¬q
Równoważność logiczna: dwie formuły są równoważne (≡), gdy mają tę samą wartość w każdym wierszu tablicy prawdy. Tautologia jest równa 1 w każdym wierszu, kontradykcja 0 w każdym wierszu, a formuła kontyngentna nie jest ani jednym, ani drugim. Przydatne prawa: prawa de Morgana, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b oraz ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozycja); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; oraz prawa rozdzielności, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Części implikacji
a = p ∧ r, b = ¬q
Zaprzeczenie implikacji
¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = (p ∧ r) ∧ ¬¬q
Odpowiedź
(p ∧ r) ∧ ¬¬q
Jeśli założenie prowadzi do sprzeczności, implikacja musi być prawdziwa.
4.Rachunek zdań i dowody
Odpowiedź: ∀x ∃y ¬R(x, y)
Kwantyfikatory i wnioskowania: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) oraz ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Przesuń negację do środka, zamień każdy kwantyfikator, który mija, i zaneguj formułę wewnętrzną prawami rachunku zdań, takimi jak ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Wnioskowanie jest poprawne, gdy wniosek jest równy 1 w każdym wierszu, w którym wszystkie przesłanki są równe 1. Pojedynczy wiersz z prawdziwymi przesłankami i fałszywym wnioskiem jest kontrprzykładem i pokazuje, że wnioskowanie jest niepoprawne.
Przesuń negację do środka
¬∃x ∀y R(x, y) ≡ ∀x ∃y ¬R(x, y)
Odpowiedź
∀x ∃y ¬R(x, y)
Pozostałe opcje albo zostawiają kwantyfikator bez zmian, albo zmieniają kolejność kwantyfikatorów, albo błędnie negują formułę wewnętrzną.
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Odpowiedź: L = 18
Mapy Karnaugha: komórki są ułożone w kodzie Graya (00, 01, 11, 10), więc sąsiednie komórki, także te przez brzegi, różnią się dokładnie jedną zmienną. Grupuj jedynki w prostokąty po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, jak największe i jak najmniej, aż każda jedynka będzie pokryta. Każda grupa to jeden iloczyn: zmienne, które wewnątrz niej pozostają stałe. Grupa 2ᵏ komórek traci k zmiennych. Stany nieokreślone (X) można wykorzystać, by powiększyć grupy, ale nigdy nie trzeba ich pokrywać. Grupowanie zer daje minimalną postać POS.
Zgrupuj jedynki
Każda grupa to prostokąt z 2ᵏ komórek; komórki na brzegu sąsiadują z komórkami na przeciwległym brzegu.
ACD
AB′D
A′B′CD′
A′BC′D
ABC′D′
Minimalna postać SOP
F = ACD + AB′D + A′B′CD′ + A′BC′D + ABC′D′
L = 18
Odpowiedź
L = 18
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Odpowiedź: zbocze zegara 5
Przerzutniki i liczniki: przerzutnik zmienia stan tylko przy aktywnym zboczu zegara. D kopiuje swoje wejście (Q⁺ = D); T zmienia stan na przeciwny, gdy T = 1; JK utrzymuje stan dla 00, zeruje dla 01, ustawia dla 10 i zmienia stan na przeciwny dla 11. N-bitowy licznik binarny ma 2ⁿ stanów i liczy modulo 2ⁿ; licznik mod-N liczy 0, 1, …, N − 1 i wraca do 0, a potrzebuje tylu przerzutników, ile wynosi najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N. Każdy stopień licznika asynchronicznego dzieli częstotliwość przez dwa, więc ostatnie wyjście licznika mod-N pracuje z częstotliwością fclk/N. Licznik Johnsona z n przerzutników ma 2n stanów, licznik pierścieniowy n.
Q po każdym zboczu
Przerzutnik JK: 00 utrzymuje, 01 zeruje (Q = 0), 10 ustawia (Q = 1), 11 zmienia stan na przeciwny.
1: J = 0, K = 1 → Q = 0
2: J = 1, K = 0 → Q = 1
3: J = 1, K = 0 → Q = 1
4: J = 0, K = 0 → Q = 1
5: J = 1, K = 1 → Q = 0
6: J = 0, K = 1 → Q = 0
Pierwsza zmiana z 1 na 0
zbocze zegara 5
Odpowiedź
zbocze zegara 5
7.Teoria liczb i arytmetyka modularna
Odpowiedź: x = 113
Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Pierwsza kongruencja
x = 5 + 9k
Druga kongruencja
5 + 9k ≡ 9 (mod 13) → 9k ≡ 4 (mod 13)
k ≡ 3·4 ≡ 12 (mod 13)
Wynik
x = 5 + 9·12 = 113
x = 113
sprawdzenie: 113 mod 9 = 5, 113 mod 13 = 9
Odpowiedź
x = 113
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna
Odpowiedź: N = 2
Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Podziel przez NWD
gcd(22, 60) = 2
11x ≡ 15 (mod 30)
Rozwiąż skróconą kongruencję
11−1 ≡ 11 (mod 30) → x ≡ 15 (mod 30)
Rozwiązania modulo 60
x ∈ {15, 45}
N = 2
Odpowiedź
N = 2
9.Algorytmy i złożoność
Odpowiedź: D · Wybierz zajęcie, które kończy się najwcześniej, i powtórz dla zgodnych z nim
Dlaczego to jest odpowiedź
Optymalność wyboru najwcześniejszego czasu zakończenia można udowodnić argumentem wymiany; dla pozostałych reguł istnieją kontrprzykłady.
Odpowiedź
D · Wybierz zajęcie, które kończy się najwcześniej, i powtórz dla zgodnych z nim
10.Algorytmy i złożoność
Odpowiedź: A · Losowanie pivota z rozkładem jednostajnym
Dlaczego to jest odpowiedź
Przy losowym pivocie oczekiwany czas działania wynosi O(n log n) dla każdych danych wejściowych; złe przypadki nadal istnieją, ale są bardzo mało prawdopodobne.
Odpowiedź
A · Losowanie pivota z rozkładem jednostajnym
11.Struktury danych
Odpowiedź: C · 20
Dlaczego to jest odpowiedź
20 jest mniejsze od 50 i mniejsze od 30, więc zostaje lewym dzieckiem 30; 40 zostaje jego prawym dzieckiem.
Odpowiedź
C · 20
12.Struktury danych
Odpowiedź: C · [1, 3, 8, 5]
Dlaczego to jest odpowiedź
Po 5, 3, 8 tablica to [3, 5, 8]; 1 trafia pod indeks 3, zamienia się z rodzicem 5, a potem z 3, co daje [1, 3, 8, 5].
Odpowiedź
C · [1, 3, 8, 5]
13.Teoria grafów
Odpowiedź: k = 10
Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.
Krawędzie drzewa rozpinającego
10 − 1 = 9
Krawędzie do usunięcia
k = 19 − 9 = 10
Odpowiedź
k = 10
14.Teoria grafów
Odpowiedź: E
Najkrótsze ścieżki i drzewa rozpinające: algorytm Dijkstry zatwierdza jeden wierzchołek na rundę: niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej tymczasowej odległości. Jego odległość jest wtedy ostateczna, a każdy sąsiad v dostaje d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algorytm Kruskala buduje minimalne drzewo rozpinające, biorąc krawędzie od lekkich do ciężkich i pomijając każdą, która zamknęłaby cykl; algorytm Prima rozbudowuje jedno drzewo od wierzchołka startowego, zawsze dodając najlżejszą krawędź wychodzącą z niego. Drzewo rozpinające o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.
Algorytm Dijkstry runda po rundzie
1. A (0): B: 15, C: 14
2. C (14): E: 19, G: 17
3. B (15): D: 18
4. G (17)
5. D (18): F: 29
6. E (19): F: 22
7. F (22)
runda 6
E
Odpowiedź
E
15.Bazy danych i SQL
Odpowiedź: D · Może używać funkcji agregujących do filtrowania grup
Dlaczego to jest odpowiedź
HAVING filtruje grupy po agregacji i może odwoływać się do funkcji agregujących; WHERE nie może.
Odpowiedź
D · Może używać funkcji agregujących do filtrowania grup
16.Bazy danych i SQL
Odpowiedź: D · Zapobiega kaskadowym wycofaniom, bo nikt nie może odczytać niezatwierdzonych zapisów
Dlaczego to jest odpowiedź
Podstawowe 2PL gwarantuje szeregowalność, ale wczesne zwalnianie blokad zapisu mogłoby pozwolić innym odczytać dane, które później zostaną wycofane; ścisłe 2PL tego unika.
Odpowiedź
D · Zapobiega kaskadowym wycofaniom, bo nikt nie może odczytać niezatwierdzonych zapisów
17.Sieci komputerowe
Odpowiedź: C · Docelowego adresu MAC nie ma jeszcze w jego tablicy adresów
Dlaczego to jest odpowiedź
Dla nieznanego adresu unicast przełącznik zalewa (flooding) sieć ramką. Gdy odbiorca odpowie, przełącznik uczy się jego portu z adresu źródłowego MAC.
Odpowiedź
C · Docelowego adresu MAC nie ma jeszcze w jego tablicy adresów
18.Sieci komputerowe
Odpowiedź: A · Opcjonalną wymianą RTS/CTS: CTS punktu dostępowego każe czekać wszystkim pobliskim stacjom
Dlaczego to jest odpowiedź
Stacja wysyła Request to Send; punkt dostępowy odpowiada Clear to Send, które słyszy każda stacja w jego zasięgu, więc ukryte stacje wstrzymują się na zarezerwowany czas.
Odpowiedź
A · Opcjonalną wymianą RTS/CTS: CTS punktu dostępowego każe czekać wszystkim pobliskim stacjom
19.Podsieci IPv4
Odpowiedź: H = 30
Podsieci IPv4: adres ma 32 bity. Prefiks /p mówi, ile początkowych bitów wskazuje sieć; pozostałe 32 − p bitów numeruje hosty. Podsieć ma 2³²⁻ᵖ adresów, ale pierwszego (adres sieci) i ostatniego (adres rozgłoszeniowy) nie można przydzielić hostom, więc mieści się 2³²⁻ᵖ − 2 hostów. Wyjątki: /31 (łącze punkt-punkt, RFC 3021) wykorzystuje oba swoje 2 adresy dla hostów, a /32 to jeden adres (pojedynczy host lub loopback).
Bity do pożyczenia
23 = 8 ≥ 5 → b = 3, /27
Hosty na podsieć
25 − 2 = 30
Odpowiedź
H = 30
20.Podsieci IPv4
Odpowiedź: x = 63
IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).