Podstawy informatyki: zestaw na powtórkę

Wzory, najważniejsze kroki metod dla każdego tematu i 20 zadań do ćwiczenia, z pełnymi rozwiązaniami na końcu.

Nowe zadaniaWróć do przedmiotu

W oknie drukowania wybierz „Zapisz jako PDF”, aby zachować kopię na swoim urządzeniu.

1Wzory i metody

Systemy liczbowe

Wagi pozycji
dwójkowy 2k, ósemkowy 8k, szesnastkowy 16k
Na dziesiętny
Σ dk·bk
Z dziesiętnego
dziel przez podstawę, czytaj reszty od dołu do góry
Szesnastkowy ↔ dwójkowy
jedna cyfra szesnastkowa = 4 bity
Kod uzupełnień do dwóch (U2)
odwróć bity i dodaj 1

Rachunek zdań i dowody

Wiersze tablicy prawdy
2ⁿ
Implikacja
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Zaprzeczenie implikacji
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Równoważność
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
Prawa de Morgana
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Prawa rozdzielności
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Zaprzeczanie kwantyfikatorów
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metoda

  1. Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
  2. Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
  3. Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
  4. Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
  5. Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.

Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów

Metoda

  1. Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
  2. Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
  3. Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
  4. Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.

Teoria liczb i arytmetyka modularna

Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metoda

  1. Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
  2. Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
  3. Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
  4. Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
  5. Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teoria grafów

Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij

Metoda

  1. Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
  2. W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
  3. Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
  4. W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
  5. Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).

Podsieci IPv4

Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n

2Zadania do ćwiczenia

1.Systemy liczboweŚredni
wagi w kodzie U21−12806413211618041211

8-bitowy wzór 1011 1011 zapisuje liczbę całkowitą ze znakiem w kodzie uzupełnień do dwóch. Jaka jest jej wartość N dziesiętnie?

1011 10118 bit
N =
2.Systemy liczboweTrudny
8 bit1 px640 px480 pxM = ? KiB

Nieskompresowany obraz ma 640 × 480 pikseli i 8 bitów na piksel. Ile pamięci M zajmuje, w KiB (1 KiB = 1024 bajty)?

640 × 480 px8 bit/px1 KiB = 1024 B
M = KiB
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
(q ∨ p) ∧ (q ∨ r)(q ∧ p) ∨ (q ∧ r)q ∧ (p ∨ r)(q ∨ p) ∧ r

Która formuła jest logicznie równoważna q ∨ (p ∧ r)? Kliknij ją.

q ∨ (p ∧ r)
  1. 1(q ∨ p) ∧ (q ∨ r)
  2. 2(q ∧ p) ∨ (q ∧ r)
  3. 3q ∧ (p ∨ r)
  4. 4(q ∨ p) ∧ r
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny

Ile z 16 wierszy tablicy prawdy czyni (a ↔ b) ↔ (¬d ∨ (c ∨ a)) prawdziwym? Nazwij tę liczbę N.

(a ↔ b) ↔ (¬d ∨ (c ∨ a))
N =
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
ABCD0001111000011110111111

Na tej mapie Karnaugha dokładnie jedna jedynka nie ma sąsiedniej jedynki, więc w minimalnej postaci SOP pozostaje grupą jednej komórki (pełnym mintermem o czterech literałach). Sąsiedztwo przez brzegi mapy się liczy. Kliknij tę komórkę.

F = Σm(1, 4, 7, 9, 11, 12)
  1. 1AB = 00, CD = 00
  2. 2AB = 00, CD = 01
  3. 3AB = 00, CD = 11
  4. 4AB = 00, CD = 10
  5. 5AB = 01, CD = 00
  6. 6AB = 01, CD = 01
  7. 7AB = 01, CD = 11
  8. 8AB = 01, CD = 10
  9. 9AB = 11, CD = 00
  10. 10AB = 11, CD = 01
  11. 11AB = 11, CD = 11
  12. 12AB = 11, CD = 10
  13. 13AB = 10, CD = 00
  14. 14AB = 10, CD = 01
  15. 15AB = 10, CD = 11
  16. 16AB = 10, CD = 10
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
ABCD000111100001111000X1030204051716112X130150140819111X10

Znajdź minimalną postać SOP funkcji F(A, B, C, D) = Σm(6, 7, 9, 11, 12) + d(1, 10, 13), gdzie d oznacza stany nieokreślone. Ile literałów L zawiera?

F(A, B, C, D) = Σm(6, 7, 9, 11, 12) + d(1, 10, 13)
L =
7.Teoria liczb i arytmetyka modularnaŚredni

Rozwiąż 8x ≡ 10 (mod 13). Podaj rozwiązanie x z 0 < x < 13.

8x ≡ 10 (mod 13)
x =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny
mc = me​ mod n101m = cd​ mod n?(n, e) = (133, 11)d

Klucz RSA używa p = 7, q = 19 i e = 11. Odszyfruj szyfrogram c = 101: znajdź wiadomość m.

p = 7q = 19e = 11c = 101
m =
9.Algorytmy i złożonośćŚredni

Dlaczego w notacji dużego O zwykle pomija się podstawę logarytmu, jak w O(log n)?

  1. ALogarytmy zawsze zaokrągla się do liczb całkowitych
  2. BWszystkie logarytmy w informatyce mają podstawę 10, więc jest ona domyślna
  3. CLogarytmy o różnych podstawach różnią się tylko stałym czynnikiem
  4. DPodstawa ma znaczenie tylko dla małych n
10.Algorytmy i złożonośćTrudny

Algorytm programowania dynamicznego Helda–Karpa rozwiązuje dokładnie problem komiwojażera. Jaki jest jego czas działania dla n miast?

  1. AO(n³)
  2. BO(n!)
  3. CO(n² 2ⁿ)
  4. DO(2n²)
11.Struktury danychŚredni

Jak wstawia się nowy element do kopca binarnego?

  1. AUmieszcza się go w korzeniu i przesuwa w dół
  2. BBuduje się cały kopiec od nowa
  3. CWstawia się go na właściwą posortowaną pozycję, przesuwając o jedno miejsce w prawo wszystkie większe elementy
  4. DUmieszcza się go na końcu tablicy i przesuwa w górę, dopóki narusza własność kopca
12.Struktury danychTrudny

Jaką gwarancję co do wysokości drzewa z n kluczami dają reguły drzewa czerwono-czarnego?

  1. AWysokość wynosi co najwyżej n / 2
  2. BWysokość wynosi co najwyżej 2 log2(n + 1)
  3. CWysokość wynosi co najwyżej log2 n + 1
  4. DWysokość wynosi dokładnie log2 n
13.Teoria grafówŚredni

Graf spójny: liczba wierzchołków 17, liczba krawędzi 18. Ile krawędzi k trzeba usunąć, aby zostało drzewo rozpinające?

|V| = 17|E| = 18
k =
14.Teoria grafówTrudny
ABCDEF

Ile jest marszów o długości 2 z D do B? Marsz może powtarzać wierzchołki i krawędzie. Nazwij tę liczbę N.

M = macierz sąsiedztwaL = 2
N =
15.Bazy danych i SQLŚredni

Które stwierdzenie dotyczące HAVING jest prawdziwe?

  1. AMusi występować przed WHERE w instrukcji SELECT
  2. BMoże używać funkcji agregujących do filtrowania grup
  3. CNie może być używane z GROUP BY
  4. DSortuje wyniki
16.Bazy danych i SQLTrudny

Dlaczego wiele DBMS stosuje ścisłe blokowanie dwufazowe (strict 2PL), utrzymując blokady wyłączne aż do zatwierdzenia?

  1. AEliminuje potrzebę dziennika transakcji
  2. BUniemożliwia zakleszczenia
  3. CPozwala transakcjom bezpiecznie odczytywać brudne dane
  4. DZapobiega kaskadowym wycofaniom, bo nikt nie może odczytać niezatwierdzonych zapisów
17.Sieci komputeroweŚredni

Co określa rekord MX w DNS?

  1. ANazwę aliasu dla innego hosta
  2. BAdres IPv4 serwera WWW
  3. CSerwery pocztowe przyjmujące pocztę e-mail dla domeny
  4. DSerwery nazw dla strefy
18.Sieci komputeroweTrudny

Jaka jest główna zaleta trwałych połączeń (keep-alive) w HTTP/1,1?

  1. ASerwer może wysyłać aktualizacje przez UDP
  2. BKilka żądań korzysta z jednego połączenia TCP, co pozwala uniknąć powtarzania uzgadniania
  3. CPołączenie pozostaje szyfrowane bez TLS
  4. DOdpowiedzi mogą przychodzić w dowolnej kolejności w jednym strumieniu, więc wolne odpowiedzi nie blokują innych
19.Podsieci IPv4Średni
/22 → /2711111111111111111111111111100000bity siecibity hosta

Sieć 10.45.148.0/22 podzielono na równe podsieci z prefiksem /27. Ile jest podsieci N?

10.45.148.0/22/27
N =
20.Podsieci IPv4Trudny
ostatni oktet = 130112806403201608041201siećhost

Host ma adres 10.20.91.130/25. Jaka jest ostatnia liczba (czwarty oktet) x adresu rozgłoszeniowego jego podsieci?

10.20.91.130/25
x =

3Roztwory

1.Systemy liczbowe

Odpowiedź: N = −69

Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.

Dodaj wagi

Pozostałe bity mają swoje zwykłe dodatnie wartości.

−128 + 32 + 16 + 8 + 2 + 1 = −69

Odpowiedź

N = −69
2.Systemy liczbowe

Odpowiedź: M = 300 KiB

Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.

Bity i bajty

640·480·8 = 2457600 bit = 307200 B

Zamień na KiB

307200/1024 = 300 KiB

Odpowiedź

M = 300 KiB
3.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: (q ∨ p) ∧ (q ∨ r)

Równoważność logiczna: dwie formuły są równoważne (≡), gdy mają tę samą wartość w każdym wierszu tablicy prawdy. Tautologia jest równa 1 w każdym wierszu, kontradykcja 0 w każdym wierszu, a formuła kontyngentna nie jest ani jednym, ani drugim. Przydatne prawa: prawa de Morgana, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b oraz ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozycja); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; oraz prawa rozdzielności, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Prawo

∨ jest rozdzielne względem ∧: a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
q ∨ (p ∧ r) ≡ (q ∨ p) ∧ (q ∨ r)

Sprawdź tablicą prawdy

p = 1, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 1, r = 0: 1 | 1 1 1 0
p = 1, q = 0, r = 1: 1 | 1 0 0 1
p = 1, q = 0, r = 0: 0 | 0 0 0 0
p = 0, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 0, q = 1, r = 0: 1 | 1 0 0 0
p = 0, q = 0, r = 1: 0 | 0 0 0 0
p = 0, q = 0, r = 0: 0 | 0 0 0 0

Odpowiedź

(q ∨ p) ∧ (q ∨ r)

Kolumny po kresce to opcje w pokazanej kolejności.

4.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: N = 8

Tablice prawdy: formuła z n różnymi zmiennymi ma 2ⁿ wierszy, po jednym dla każdej kombinacji wartości logicznych (1 = prawda, 0 = fałsz). Pracuj od wewnątrz na zewnątrz i każdej podformule daj osobną kolumnę. ¬a odwraca wartość; a ∧ b jest równe 1 tylko wtedy, gdy oba są równe 1; a ∨ b jest równe 0 tylko wtedy, gdy oba są równe 0; a → b jest równe 0 tylko wtedy, gdy a = 1 i b = 0; a ↔ b jest równe 1, gdy obie strony są równe.

Kolumny

a ↔ b; ¬d; c ∨ a; ¬d ∨ (c ∨ a); (a ↔ b) ↔ (¬d ∨ (c ∨ a))

Podział względem a

a = 1: 4
a = 0: 4
N = 4 + 4 = 8

Odpowiedź

N = 8
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: AB = 01, CD = 11

Mapy Karnaugha: komórki są ułożone w kodzie Graya (00, 01, 11, 10), więc sąsiednie komórki, także te przez brzegi, różnią się dokładnie jedną zmienną. Grupuj jedynki w prostokąty po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, jak największe i jak najmniej, aż każda jedynka będzie pokryta. Każda grupa to jeden iloczyn: zmienne, które wewnątrz niej pozostają stałe. Grupa 2ᵏ komórek traci k zmiennych. Stany nieokreślone (X) można wykorzystać, by powiększyć grupy, ale nigdy nie trzeba ich pokrywać. Grupowanie zer daje minimalną postać POS.

Sąsiedzi każdej jedynki

Jedynka z sąsiednią jedynką może dołączyć do grupy dwóch lub więcej.

m7: m6, m5, m3, m15 → 0
ABCD0001111000011110111111

Izolowana jedynka

m7 = A′BCD → AB = 01, CD = 11

Odpowiedź

AB = 01, CD = 11
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: L = 9

Mapy Karnaugha: komórki są ułożone w kodzie Graya (00, 01, 11, 10), więc sąsiednie komórki, także te przez brzegi, różnią się dokładnie jedną zmienną. Grupuj jedynki w prostokąty po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, jak największe i jak najmniej, aż każda jedynka będzie pokryta. Każda grupa to jeden iloczyn: zmienne, które wewnątrz niej pozostają stałe. Grupa 2ᵏ komórek traci k zmiennych. Stany nieokreślone (X) można wykorzystać, by powiększyć grupy, ale nigdy nie trzeba ich pokrywać. Grupowanie zer daje minimalną postać POS.

Implikanty proste

Największe grupy, jakie można utworzyć z jedynek i X.

B′C′D, AC′D, AB′D, A′BC, AB′C, ABC′
ABCD000111100001111000X1030204051716112X130150140819111X10

Minimalne pokrycie

F = AB′D + A′BC + ABC′
L = 9

Odpowiedź

L = 9
7.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: x = 11

Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Element odwrotny do 8

r = 13, t = 0
r = 8, q = 1, t = 1
r = 5, q = 1, t = −1
r = 3, q = 1, t = 2
r = 2, q = 1, t = −3
r = 1, q = 2, t = 5
8−1 ≡ 5 (mod 13)

Rozwiąż

x ≡ 5·10 = 50 ≡ 11 (mod 13)
sprawdzenie: 8·11 = 88 ≡ 10 (mod 13)

Odpowiedź

x = 11
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: m = 5

Potęgi modularne i RSA: oblicz aᵏ mod n przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu: zapisz k binarnie, podnoś do kwadratu, redukuj po każdym kroku i mnóż potęgi, których bit jest równy 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) dla liczby pierwszej p niedzielącej a, więc wykładnik można redukować modulo p − 1. RSA: wybierz liczby pierwsze p i q, n = p·q i φ(n) = (p − 1)(q − 1); wykładnik publiczny e jest względnie pierwszy z φ(n), a wykładnik prywatny to d = e⁻¹ mod φ(n). Szyfruj wzorem c = mᵉ mod n, a odszyfrowuj wzorem m = cᵈ mod n.

Wykładnik prywatny

n = 133, φ(n) = 108
d = 11−1 mod 108 = 59

Odszyfruj przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu

59 = 32 + 16 + 8 + 2 + 1
1011 ≡ 101 (mod 133)
1012 ≡ 93 (mod 133)
1014 ≡ 4 (mod 133)
1018 ≡ 16 (mod 133)
10116 ≡ 123 (mod 133)
10132 ≡ 100 (mod 133)
10159 ≡ 101·93·16·123·100 ≡ 5 (mod 133)

Wiadomość

m = 5
sprawdzenie: 511 mod 133 = 101

Odpowiedź

m = 5
9.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: C · Logarytmy o różnych podstawach różnią się tylko stałym czynnikiem

Dlaczego to jest odpowiedź

Zmiana podstawy mnoży logarytm przez stałą, a duże O pomija stałe czynniki.

Odpowiedź

C · Logarytmy o różnych podstawach różnią się tylko stałym czynnikiem
10.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: C · O(n² 2ⁿ)

Dlaczego to jest odpowiedź

Jest około n 2ⁿ stanów, każdy obliczany w O(n); to czas wykładniczy, ale znacznie szybszy niż sprawdzanie wszystkich (n − 1)! tras.

Odpowiedź

C · O(n² 2ⁿ)
11.Struktury danych

Odpowiedź: D · Umieszcza się go na końcu tablicy i przesuwa w górę, dopóki narusza własność kopca

Dlaczego to jest odpowiedź

Dodanie na końcu zachowuje zupełność drzewa; zamiany z rodzicem przywracają porządek w O(log n) krokach.

Odpowiedź

D · Umieszcza się go na końcu tablicy i przesuwa w górę, dopóki narusza własność kopca
12.Struktury danych

Odpowiedź: B · Wysokość wynosi co najwyżej 2 log2(n + 1)

Dlaczego to jest odpowiedź

Każda ścieżka ma tyle samo czarnych węzłów, a czerwone węzły nie mogą sąsiadować, więc najdłuższa ścieżka jest co najwyżej dwa razy dłuższa od najkrótszej, co daje wysokość O(log n).

Odpowiedź

B · Wysokość wynosi co najwyżej 2 log2(n + 1)
13.Teoria grafów

Odpowiedź: k = 2

Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.

Krawędzie drzewa rozpinającego

17 − 1 = 16

Krawędzie do usunięcia

k = 18 − 16 = 2

Odpowiedź

k = 2
14.Teoria grafów

Odpowiedź: N = 1

Stopnie: stopień wierzchołka to liczba krawędzi, które się w nim stykają. Każda krawędź ma dwa końce, więc stopnie sumują się do dwukrotności liczby krawędzi: Σ deg(v) = 2|E| (lemat o uściskach dłoni). Liczba wierzchołków o nieparzystym stopniu jest zatem parzysta. Kn ma n(n − 1)/2 krawędzi, graf k-regularny o n wierzchołkach ma nk/2, a drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.

Macierz sąsiedztwa

A: 0 1 1 0 0 0
B: 1 0 1 0 1 0
C: 1 1 0 0 1 0
D: 0 0 0 0 1 1
E: 0 1 1 1 0 0
F: 0 0 0 1 0 0

Wspólni sąsiedzi

(M²)DB = 0·1 + 0·0 + 0·1 + 0·0 + 1·1 + 1·0 = 1

Odpowiedź

N = 1
15.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: B · Może używać funkcji agregujących do filtrowania grup

Dlaczego to jest odpowiedź

HAVING filtruje grupy po agregacji i może odwoływać się do funkcji agregujących; WHERE nie może.

Odpowiedź

B · Może używać funkcji agregujących do filtrowania grup
16.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: D · Zapobiega kaskadowym wycofaniom, bo nikt nie może odczytać niezatwierdzonych zapisów

Dlaczego to jest odpowiedź

Podstawowe 2PL gwarantuje szeregowalność, ale wczesne zwalnianie blokad zapisu mogłoby pozwolić innym odczytać dane, które później zostaną wycofane; ścisłe 2PL tego unika.

Odpowiedź

D · Zapobiega kaskadowym wycofaniom, bo nikt nie może odczytać niezatwierdzonych zapisów
17.Sieci komputerowe

Odpowiedź: C · Serwery pocztowe przyjmujące pocztę e-mail dla domeny

Dlaczego to jest odpowiedź

Rekordy MX (mail exchange) wymieniają serwery pocztowe wraz z priorytetami, dzięki czemu serwery nadawcze wiedzą, gdzie dostarczać pocztę dla tej domeny.

Odpowiedź

C · Serwery pocztowe przyjmujące pocztę e-mail dla domeny
18.Sieci komputerowe

Odpowiedź: B · Kilka żądań korzysta z jednego połączenia TCP, co pozwala uniknąć powtarzania uzgadniania

Dlaczego to jest odpowiedź

Ponowne użycie połączenia pozwala uniknąć nowego uzgadniania i powolnego startu dla każdego obiektu, więc strony z wieloma zasobami ładują się szybciej.

Odpowiedź

B · Kilka żądań korzysta z jednego połączenia TCP, co pozwala uniknąć powtarzania uzgadniania
19.Podsieci IPv4

Odpowiedź: N = 32

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Pożyczone bity

27 − 22 = 5

Liczba podsieci

N = 25 = 32

Odpowiedź

N = 32

Każda podsieć /27 ma 25 − 2 = 30 użytecznych hostów.

20.Podsieci IPv4

Odpowiedź: x = 255

Podsieci IPv4: adres ma 32 bity. Prefiks /p mówi, ile początkowych bitów wskazuje sieć; pozostałe 32 − p bitów numeruje hosty. Podsieć ma 2³²⁻ᵖ adresów, ale pierwszego (adres sieci) i ostatniego (adres rozgłoszeniowy) nie można przydzielić hostom, więc mieści się 2³²⁻ᵖ − 2 hostów. Wyjątki: /31 (łącze punkt-punkt, RFC 3021) wykorzystuje oba swoje 2 adresy dla hostów, a /32 to jeden adres (pojedynczy host lub loopback).

Rozmiar bloku

27 = 128

Podsieć tego hosta

sieć: ⌊130/128⌋·128 = 128
rozgłoszeniowy: 128 + 128 − 1 = 255
użyteczne hosty: 129 … 254

Odpowiedź

x = 255

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals