Podstawy informatyki: zestaw na powtórkę

Wzory, najważniejsze kroki metod dla każdego tematu i 20 zadań do ćwiczenia, z pełnymi rozwiązaniami na końcu.

Nowe zadaniaWróć do przedmiotu

W oknie drukowania wybierz „Zapisz jako PDF”, aby zachować kopię na swoim urządzeniu.

1Wzory i metody

Systemy liczbowe

Wagi pozycji
dwójkowy 2k, ósemkowy 8k, szesnastkowy 16k
Na dziesiętny
Σ dk·bk
Z dziesiętnego
dziel przez podstawę, czytaj reszty od dołu do góry
Szesnastkowy ↔ dwójkowy
jedna cyfra szesnastkowa = 4 bity
Kod uzupełnień do dwóch (U2)
odwróć bity i dodaj 1

Rachunek zdań i dowody

Wiersze tablicy prawdy
2ⁿ
Implikacja
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Zaprzeczenie implikacji
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Równoważność
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
Prawa de Morgana
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Prawa rozdzielności
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Zaprzeczanie kwantyfikatorów
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metoda

  1. Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
  2. Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
  3. Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
  4. Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
  5. Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.

Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów

Metoda

  1. Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
  2. Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
  3. Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
  4. Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.

Teoria liczb i arytmetyka modularna

Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metoda

  1. Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
  2. Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
  3. Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
  4. Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
  5. Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teoria grafów

Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij

Metoda

  1. Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
  2. W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
  3. Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
  4. W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
  5. Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).

Podsieci IPv4

Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n

2Zadania do ćwiczenia

1.Systemy liczboweŚredni
8-bitowy kod U20−12806403201608040201

Ustaw bity tak, aby zapisywały −81 w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch. Jaka jest wartość wzorca U odczytanego jako liczba bez znaku?

N = −818 bit
U =
2.Systemy liczboweTrudny
1725 kodów, b = ? bitów?2ᵇ⁻¹…?4?2?1

System musi nadać każdemu z 1725 elementów własny kod dwójkowy tej samej długości. Ile co najmniej bitów b potrzeba?

1725
b = bit
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
¬r → ¬(p ∨ q)¬(p ∨ q) → ¬rr → (p ∨ q)(p ∨ q) ∧ ¬r

Chcesz udowodnić (p ∨ q) → r przez kontrapozycję. Którą implikację udowadniasz zamiast niej? Kliknij ją.

(p ∨ q) → r
  1. 1¬r → ¬(p ∨ q)
  2. 2¬(p ∨ q) → ¬r
  3. 3r → (p ∨ q)
  4. 4(p ∨ q) ∧ ¬r
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny

Ile z 16 wierszy tablicy prawdy czyni ((p ∨ ¬r) ∧ (p ∨ s)) → (¬q ∧ r) prawdziwym? Nazwij tę liczbę N.

((p ∨ ¬r) ∧ (p ∨ s)) → (¬q ∧ r)
N =
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
ABC00011110010011031214050706

Użyj mapy Karnaugha, aby znaleźć minimalną postać iloczynu sum (POS) funkcji F(A, B, C) = Σm(1, 2, 4). Ile sum (czynników) N ona ma?

F(A, B, C) = Σm(1, 2, 4)
N =
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
ABCD000111100001111010111312X4X517161120130150140819X11010

Znajdź minimalną postać SOP funkcji F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 2, 3, 6, 7, 9, 12) + d(4, 5, 11), gdzie d oznacza stany nieokreślone. Ile iloczynów N ona zawiera?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 2, 3, 6, 7, 9, 12) + d(4, 5, 11)
N =
7.Teoria liczb i arytmetyka modularnaŚredni

Znajdź element odwrotny do 79 modulo 83: liczbę x, dla której 0 < x < 83 oraz 79·x ≡ 1 (mod 83).

a = 79n = 83
79−1 mod 83 =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (1147, 7)d = ?

Klucz RSA używa liczb pierwszych p = 31 i q = 37 oraz wykładnika publicznego e = 7. Znajdź wykładnik prywatny d (0 < d < φ(n)).

p = 31q = 37e = 7
d =
9.Algorytmy i złożonośćŚredni

Algorytm zachłanny:

  1. AUżywa wyłącznie rekurencji
  2. BW każdym kroku dokonuje lokalnie najlepszego wyboru
  3. CZawsze daje rozwiązanie optymalne
  4. DSprawdza każde możliwe rozwiązanie
10.Algorytmy i złożonośćTrudny

Jak klasyfikuje się problem komiwojażera?

  1. AJest nierozstrzygalny
  2. BWersja decyzyjna należy do P, a wersja optymalizacyjna jest NP-zupełna
  3. CNależy do P, bo rozwiązuje go algorytm Dijkstry, odwiedzając każde miasto raz
  4. DWersja decyzyjna jest NP-zupełna, a wersja optymalizacyjna NP-trudna
11.Struktury danychŚredni

Jak znaleźć najmniejszy klucz w binarnym drzewie poszukiwań?

  1. AIść od korzenia do prawych dzieci, aż zabraknie prawego dziecka
  2. BOdwiedzić każdy liść i porównać je
  3. CSprawdzić tylko korzeń
  4. DIść od korzenia do lewych dzieci, aż zabraknie lewego dziecka
12.Struktury danychTrudny

Która struktura danych umożliwia pamięć podręczną LRU (least recently used) z operacjami get i put w O(1)?

  1. AMapa mieszająca połączona z listą dwukierunkową
  2. BPojedyncza posortowana tablica
  3. CWyłącznie stos
  4. DWyłącznie binarne drzewo poszukiwań
13.Teoria grafówŚredni

Graf spójny: liczba wierzchołków 18, liczba krawędzi 25. Ile krawędzi k trzeba usunąć, aby zostało drzewo rozpinające?

|V| = 18|E| = 25
k =
14.Teoria grafówTrudny
ABCDEF

Ile jest marszów zamkniętych o długości 3, które zaczynają się i kończą w E? Marsz może powtarzać wierzchołki i krawędzie. Nazwij tę liczbę N.

M = macierz sąsiedztwaL = 3
N =
15.Bazy danych i SQLŚredni

Co robi ROLLBACK TO SAVEPOINT s1?

  1. ACofa zmiany dokonane po punkcie zapisu s1, pozostawiając transakcję otwartą
  2. BUsuwa punkt zapisu i wszystkie tabele zmienione od tego czasu
  3. CCofa całą transakcję od początku
  4. DKończy transakcję i zatwierdza wszystko
16.Bazy danych i SQLTrudny

Tabela enrolment(student_id, course_id, student_name, grade) ma klucz (student_id, course_id). Którą postać normalną narusza?

  1. ATylko trzecią postać normalną, bo grade zależy od student_name
  2. BŻadnej, jest w BCNF
  3. CDrugą postać normalną, bo student_name zależy tylko od student_id
  4. DPierwszą postać normalną, bo kolumna grade nie zawiera wartości atomowych
17.Sieci komputeroweŚredni

Jaki bit parzystości zostanie dodany do bitów danych 1011001 przy parzystości parzystej (even parity)?

  1. A2
  2. B4
  3. C1
  4. D0
18.Sieci komputeroweTrudny

Faza „powolnego startu” (slow start) w kontroli przeciążenia TCP:

  1. AZwiększa okno przeciążenia wykładniczo aż do osiągnięcia progu lub wystąpienia straty
  2. BZmniejsza o połowę okno przeciążenia w każdym czasie obiegu, aż wykryje utratę pakietu
  3. CUtrzymuje okno na stałym poziomie jednego segmentu
  4. DJest używana wyłącznie przez UDP
19.Podsieci IPv4Średni
/22 → /3011111111111111111111111111111100bity siecibity hosta

Sieć 10.119.12.0/22 podzielono na równe podsieci z prefiksem /30. Ile jest podsieci N?

10.119.12.0/22/30
N =
20.Podsieci IPv4Trudny

Sieć 192.168.10.0/24 dzieli się metodą VLSM dla następujących sieci LAN: A: 50 hosty, B: 7 hosty, C: 21 hosty, D: 42 hosty. Podsieci przydziela się od .0 w górę, zaczynając od sieci LAN z największą liczbą hostów, każdej najmniejszą pasującą podsieć. Jaki jest czwarty oktet x adresu sieci LAN B?

A: 50B: 7C: 21D: 42
x =

3Roztwory

1.Systemy liczbowe

Odpowiedź: U = 175

Ustawianie bitów: każdy bit ma wartość będącą potęgą dwójki (128, 64, …, 1). Jedna cyfra szesnastkowa to dokładnie cztery bity, a w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit ma wartość −128. Operacje bitowe działają osobno na każdej pozycji bitu.

Odwróć i dodaj jeden

81 = 0101 0001
odwrócone: 1010 1110
+1 → 1010 1111

Odczytaj bez znaku

1010 1111₂ = 256 − 81 = 175

Odpowiedź

U = 175
2.Systemy liczbowe

Odpowiedź: b = 11 bit

Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.

Potęgi dwójki

210 = 1024 < 1725
211 = 2048 ≥ 1725

Odpowiedź

b = 11
3.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: ¬r → ¬(p ∨ q)

Równoważność logiczna: dwie formuły są równoważne (≡), gdy mają tę samą wartość w każdym wierszu tablicy prawdy. Tautologia jest równa 1 w każdym wierszu, kontradykcja 0 w każdym wierszu, a formuła kontyngentna nie jest ani jednym, ani drugim. Przydatne prawa: prawa de Morgana, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b oraz ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozycja); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; oraz prawa rozdzielności, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Części implikacji

a = p ∨ q, b = r

Kontrapozycja

¬b → ¬a = ¬r → ¬(p ∨ q)

Odpowiedź

¬r → ¬(p ∨ q)

Kontrapozycja jest równoważna zdaniu wyjściowemu, więc jej udowodnienie dowodzi zdania.

4.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: N = 8

Tablice prawdy: formuła z n różnymi zmiennymi ma 2ⁿ wierszy, po jednym dla każdej kombinacji wartości logicznych (1 = prawda, 0 = fałsz). Pracuj od wewnątrz na zewnątrz i każdej podformule daj osobną kolumnę. ¬a odwraca wartość; a ∧ b jest równe 1 tylko wtedy, gdy oba są równe 1; a ∨ b jest równe 0 tylko wtedy, gdy oba są równe 0; a → b jest równe 0 tylko wtedy, gdy a = 1 i b = 0; a ↔ b jest równe 1, gdy obie strony są równe.

Kolumny

¬r; p ∨ ¬r; p ∨ s; (p ∨ ¬r) ∧ (p ∨ s); ¬q; ¬q ∧ r; ((p ∨ ¬r) ∧ (p ∨ s)) → (¬q ∧ r)

Podział względem p

p = 1: 2
p = 0: 6
N = 2 + 6 = 8

Odpowiedź

N = 8
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: N = 4

Mapy Karnaugha: komórki są ułożone w kodzie Graya (00, 01, 11, 10), więc sąsiednie komórki, także te przez brzegi, różnią się dokładnie jedną zmienną. Grupuj jedynki w prostokąty po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, jak największe i jak najmniej, aż każda jedynka będzie pokryta. Każda grupa to jeden iloczyn: zmienne, które wewnątrz niej pozostają stałe. Grupa 2ᵏ komórek traci k zmiennych. Stany nieokreślone (X) można wykorzystać, by powiększyć grupy, ale nigdy nie trzeba ich pokrywać. Grupowanie zer daje minimalną postać POS.

ABC00011110010011031214050706

Zgrupuj zera

Każda grupa to prostokąt z 2ᵏ komórek; komórki na brzegu sąsiadują z komórkami na przeciwległym brzegu.

(B′ + C′)
(A′ + C′)
(A′ + B′)
(A + B + C)

Minimalna postać POS

F = (B′ + C′)(A′ + C′)(A′ + B′)(A + B + C)
N = 4

Odpowiedź

N = 4
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: N = 3

Mapy Karnaugha: komórki są ułożone w kodzie Graya (00, 01, 11, 10), więc sąsiednie komórki, także te przez brzegi, różnią się dokładnie jedną zmienną. Grupuj jedynki w prostokąty po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, jak największe i jak najmniej, aż każda jedynka będzie pokryta. Każda grupa to jeden iloczyn: zmienne, które wewnątrz niej pozostają stałe. Grupa 2ᵏ komórek traci k zmiennych. Stany nieokreślone (X) można wykorzystać, by powiększyć grupy, ale nigdy nie trzeba ich pokrywać. Grupowanie zer daje minimalną postać POS.

Implikanty proste

Największe grupy, jakie można utworzyć z jedynek i X.

B′D, BC′D′, A′
ABCD000111100001111010111312X4X517161120130150140819X11010

Minimalne pokrycie

F = B′D + BC′D′ + A′
N = 3

Odpowiedź

N = 3
7.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: 79−1 mod 83 = 62

Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Rozszerzony algorytm Euklidesa

Każdą resztę r zapisujemy jako r ≡ t·79 (mod 83).

r = 83, t = 0
r = 79, q = 1, t = 1
r = 4, q = 19, t = −1
r = 3, q = 1, t = 20
r = 1, q = 3, t = −21

Odwrotność

1 ≡ −21·79 (mod 83)
x = 62
sprawdzenie: 79·62 = 4898 = 59·83 + 1

Odpowiedź

79−1 mod 83 = 62
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: d = 463

Potęgi modularne i RSA: oblicz aᵏ mod n przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu: zapisz k binarnie, podnoś do kwadratu, redukuj po każdym kroku i mnóż potęgi, których bit jest równy 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) dla liczby pierwszej p niedzielącej a, więc wykładnik można redukować modulo p − 1. RSA: wybierz liczby pierwsze p i q, n = p·q i φ(n) = (p − 1)(q − 1); wykładnik publiczny e jest względnie pierwszy z φ(n), a wykładnik prywatny to d = e⁻¹ mod φ(n). Szyfruj wzorem c = mᵉ mod n, a odszyfrowuj wzorem m = cᵈ mod n.

Moduł i funkcja φ

n = 31·37 = 1147
φ(n) = 30·36 = 1080

Rozszerzony algorytm Euklidesa

r = 1080, t = 0
r = 7, q = 154, t = 1
r = 2, q = 3, t = −154
r = 1, q = 2, t = 463

Wykładnik prywatny

d = 463
sprawdzenie: 7·463 = 3241 = 3·1080 + 1

Odpowiedź

d = 463
9.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: B · W każdym kroku dokonuje lokalnie najlepszego wyboru

Dlaczego to jest odpowiedź

Algorytmy zachłanne są szybkie i dla niektórych problemów optymalne (np. algorytm Dijkstry, kodowanie Huffmana), ale nie w ogólności (np. wydawanie reszty przy niektórych systemach monet).

Odpowiedź

B · W każdym kroku dokonuje lokalnie najlepszego wyboru
10.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: D · Wersja decyzyjna jest NP-zupełna, a wersja optymalizacyjna NP-trudna

Dlaczego to jest odpowiedź

„Czy istnieje trasa o długości najwyżej k?" jest NP-zupełne; znalezienie najkrótszej trasy jest NP-trudne, bo jest co najmniej tak trudne.

Odpowiedź

D · Wersja decyzyjna jest NP-zupełna, a wersja optymalizacyjna NP-trudna
11.Struktury danych

Odpowiedź: D · Iść od korzenia do lewych dzieci, aż zabraknie lewego dziecka

Dlaczego to jest odpowiedź

W drzewie nie ma klucza mniejszego niż w skrajnie lewym węźle, więc jest on minimum; koszt jest proporcjonalny do wysokości.

Odpowiedź

D · Iść od korzenia do lewych dzieci, aż zabraknie lewego dziecka
12.Struktury danych

Odpowiedź: A · Mapa mieszająca połączona z listą dwukierunkową

Dlaczego to jest odpowiedź

Mapa mieszająca znajduje węzły w O(1), a lista dwukierunkowa przenosi używane elementy na początek i usuwa elementy z końca w O(1).

Odpowiedź

A · Mapa mieszająca połączona z listą dwukierunkową
13.Teoria grafów

Odpowiedź: k = 8

Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.

Krawędzie drzewa rozpinającego

18 − 1 = 17

Krawędzie do usunięcia

k = 25 − 17 = 8

Odpowiedź

k = 8
14.Teoria grafów

Odpowiedź: N = 6

Stopnie: stopień wierzchołka to liczba krawędzi, które się w nim stykają. Każda krawędź ma dwa końce, więc stopnie sumują się do dwukrotności liczby krawędzi: Σ deg(v) = 2|E| (lemat o uściskach dłoni). Liczba wierzchołków o nieparzystym stopniu jest zatem parzysta. Kn ma n(n − 1)/2 krawędzi, graf k-regularny o n wierzchołkach ma nk/2, a drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.

Macierz sąsiedztwa

A: 0 1 0 0 0 0
B: 1 0 1 1 1 0
C: 0 1 0 0 1 0
D: 0 1 0 0 1 1
E: 0 1 1 1 0 1
F: 0 0 0 1 1 0

Jeszcze jeden krok

(M³)EE = 1·0 + 2·1 + 1·1 + 2·1 + 4·0 + 1·1 = 6

Odpowiedź

N = 6
15.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: A · Cofa zmiany dokonane po punkcie zapisu s1, pozostawiając transakcję otwartą

Dlaczego to jest odpowiedź

Punkt zapisu oznacza miejsce wewnątrz transakcji; wycofanie do niego anuluje późniejszą pracę, a wcześniejsze zmiany czekają na COMMIT.

Odpowiedź

A · Cofa zmiany dokonane po punkcie zapisu s1, pozostawiając transakcję otwartą
16.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: C · Drugą postać normalną, bo student_name zależy tylko od student_id

Dlaczego to jest odpowiedź

student_name zależy tylko od części klucza, co jest zależnością częściową; przeniesienie tej kolumny do tabeli students usuwa naruszenie 2NF.

Odpowiedź

C · Drugą postać normalną, bo student_name zależy tylko od student_id
17.Sieci komputerowe

Odpowiedź: D · 0

Dlaczego to jest odpowiedź

1011001 zawiera cztery bity równe 1, czyli już liczbę parzystą, więc bit parzystości wynosi 0. Przy parzystości nieparzystej wynosiłby 1.

Odpowiedź

D · 0
18.Sieci komputerowe

Odpowiedź: A · Zwiększa okno przeciążenia wykładniczo aż do osiągnięcia progu lub wystąpienia straty

Dlaczego to jest odpowiedź

Slow start zwiększa okno przeciążenia wykładniczo; po przekroczeniu progu faza unikania przeciążenia zwiększa je liniowo, a strata je zmniejsza.

Odpowiedź

A · Zwiększa okno przeciążenia wykładniczo aż do osiągnięcia progu lub wystąpienia straty
19.Podsieci IPv4

Odpowiedź: N = 256

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Pożyczone bity

30 − 22 = 8

Liczba podsieci

N = 28 = 256

Odpowiedź

N = 256

Każda podsieć /30 ma 22 − 2 = 2 użytecznych hostów.

20.Podsieci IPv4

Odpowiedź: x = 160

VLSM: każda sieć LAN dostaje najmniejszą podsieć z 2ʰ − 2 ≥ jej liczba hostów, czyli prefiks 32 − h. Przydzielanie największych podsieci najpierw sprawia, że każdy blok jest wyrównany do wielokrotności własnego rozmiaru, więc adresy sieci wynikają z sumowania rozmiarów bloków.

Rozmiar bloku dla każdej sieci LAN

A: 50 hosty → 26 = 64 (/26)
D: 42 hosty → 26 = 64 (/26)
C: 21 hosty → 25 = 32 (/27)
B: 7 hosty → 24 = 16 (/28)

Przydział, od największej

A: .0 – .63
D: .64 – .127
C: .128 – .159
B: .160 – .175

Odpowiedź

x = 160

LAN B: 192.168.10.160/28.

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals