Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.
Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów
Metoda
Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.
Teoria liczb i arytmetyka modularna
Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metoda
Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Teoria grafów
Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij
Metoda
Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).
Podsieci IPv4
Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n
2Zadania do ćwiczenia
1.Systemy liczboweŚredni
Ustaw bity tak, aby zapisywały −81 w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch. Jaka jest wartość wzorca U odczytanego jako liczba bez znaku?
N = −818 bit
U =
2.Systemy liczboweTrudny
System musi nadać każdemu z 1725 elementów własny kod dwójkowy tej samej długości. Ile co najmniej bitów b potrzeba?
1725
b = bit
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
Chcesz udowodnić (p ∨ q) → r przez kontrapozycję. Którą implikację udowadniasz zamiast niej? Kliknij ją.
(p ∨ q) → r
1¬r → ¬(p ∨ q)
2¬(p ∨ q) → ¬r
3r → (p ∨ q)
4(p ∨ q) ∧ ¬r
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny
Ile z 16 wierszy tablicy prawdy czyni ((p ∨ ¬r) ∧ (p ∨ s)) → (¬q ∧ r) prawdziwym? Nazwij tę liczbę N.
((p ∨ ¬r) ∧ (p ∨ s)) → (¬q ∧ r)
N =
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
Użyj mapy Karnaugha, aby znaleźć minimalną postać iloczynu sum (POS) funkcji F(A, B, C) = Σm(1, 2, 4). Ile sum (czynników) N ona ma?
F(A, B, C) = Σm(1, 2, 4)
N =
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
Znajdź minimalną postać SOP funkcji F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 2, 3, 6, 7, 9, 12) + d(4, 5, 11), gdzie d oznacza stany nieokreślone. Ile iloczynów N ona zawiera?
Znajdź element odwrotny do 79 modulo 83: liczbę x, dla której 0 < x < 83 oraz 79·x ≡ 1 (mod 83).
a = 79n = 83
79−1 mod 83 =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny
Klucz RSA używa liczb pierwszych p = 31 i q = 37 oraz wykładnika publicznego e = 7. Znajdź wykładnik prywatny d (0 < d < φ(n)).
p = 31q = 37e = 7
d =
9.Algorytmy i złożonośćŚredni
Algorytm zachłanny:
AUżywa wyłącznie rekurencji
BW każdym kroku dokonuje lokalnie najlepszego wyboru
CZawsze daje rozwiązanie optymalne
DSprawdza każde możliwe rozwiązanie
10.Algorytmy i złożonośćTrudny
Jak klasyfikuje się problem komiwojażera?
AJest nierozstrzygalny
BWersja decyzyjna należy do P, a wersja optymalizacyjna jest NP-zupełna
CNależy do P, bo rozwiązuje go algorytm Dijkstry, odwiedzając każde miasto raz
DWersja decyzyjna jest NP-zupełna, a wersja optymalizacyjna NP-trudna
11.Struktury danychŚredni
Jak znaleźć najmniejszy klucz w binarnym drzewie poszukiwań?
AIść od korzenia do prawych dzieci, aż zabraknie prawego dziecka
BOdwiedzić każdy liść i porównać je
CSprawdzić tylko korzeń
DIść od korzenia do lewych dzieci, aż zabraknie lewego dziecka
12.Struktury danychTrudny
Która struktura danych umożliwia pamięć podręczną LRU (least recently used) z operacjami get i put w O(1)?
AMapa mieszająca połączona z listą dwukierunkową
BPojedyncza posortowana tablica
CWyłącznie stos
DWyłącznie binarne drzewo poszukiwań
13.Teoria grafówŚredni
Graf spójny: liczba wierzchołków 18, liczba krawędzi 25. Ile krawędzi k trzeba usunąć, aby zostało drzewo rozpinające?
|V| = 18|E| = 25
k =
14.Teoria grafówTrudny
Ile jest marszów zamkniętych o długości 3, które zaczynają się i kończą w E? Marsz może powtarzać wierzchołki i krawędzie. Nazwij tę liczbę N.
M = macierz sąsiedztwaL = 3
N =
15.Bazy danych i SQLŚredni
Co robi ROLLBACK TO SAVEPOINT s1?
ACofa zmiany dokonane po punkcie zapisu s1, pozostawiając transakcję otwartą
BUsuwa punkt zapisu i wszystkie tabele zmienione od tego czasu
CCofa całą transakcję od początku
DKończy transakcję i zatwierdza wszystko
16.Bazy danych i SQLTrudny
Tabela enrolment(student_id, course_id, student_name, grade) ma klucz (student_id, course_id). Którą postać normalną narusza?
ATylko trzecią postać normalną, bo grade zależy od student_name
BŻadnej, jest w BCNF
CDrugą postać normalną, bo student_name zależy tylko od student_id
DPierwszą postać normalną, bo kolumna grade nie zawiera wartości atomowych
17.Sieci komputeroweŚredni
Jaki bit parzystości zostanie dodany do bitów danych 1011001 przy parzystości parzystej (even parity)?
A2
B4
C1
D0
18.Sieci komputeroweTrudny
Faza „powolnego startu” (slow start) w kontroli przeciążenia TCP:
AZwiększa okno przeciążenia wykładniczo aż do osiągnięcia progu lub wystąpienia straty
BZmniejsza o połowę okno przeciążenia w każdym czasie obiegu, aż wykryje utratę pakietu
CUtrzymuje okno na stałym poziomie jednego segmentu
DJest używana wyłącznie przez UDP
19.Podsieci IPv4Średni
Sieć 10.119.12.0/22 podzielono na równe podsieci z prefiksem /30. Ile jest podsieci N?
10.119.12.0/22/30
N =
20.Podsieci IPv4Trudny
Sieć 192.168.10.0/24 dzieli się metodą VLSM dla następujących sieci LAN: A: 50 hosty, B: 7 hosty, C: 21 hosty, D: 42 hosty. Podsieci przydziela się od .0 w górę, zaczynając od sieci LAN z największą liczbą hostów, każdej najmniejszą pasującą podsieć. Jaki jest czwarty oktet x adresu sieci LAN B?
A: 50B: 7C: 21D: 42
x =
3Roztwory
1.Systemy liczbowe
Odpowiedź: U = 175
Ustawianie bitów: każdy bit ma wartość będącą potęgą dwójki (128, 64, …, 1). Jedna cyfra szesnastkowa to dokładnie cztery bity, a w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit ma wartość −128. Operacje bitowe działają osobno na każdej pozycji bitu.
Odwróć i dodaj jeden
81 = 0101 0001
odwrócone: 1010 1110
+1 → 1010 1111
Odczytaj bez znaku
1010 1111₂ = 256 − 81 = 175
Odpowiedź
U = 175
2.Systemy liczbowe
Odpowiedź: b = 11 bit
Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.
Potęgi dwójki
210 = 1024 < 1725
211 = 2048 ≥ 1725
Odpowiedź
b = 11
3.Rachunek zdań i dowody
Odpowiedź: ¬r → ¬(p ∨ q)
Równoważność logiczna: dwie formuły są równoważne (≡), gdy mają tę samą wartość w każdym wierszu tablicy prawdy. Tautologia jest równa 1 w każdym wierszu, kontradykcja 0 w każdym wierszu, a formuła kontyngentna nie jest ani jednym, ani drugim. Przydatne prawa: prawa de Morgana, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b oraz ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozycja); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; oraz prawa rozdzielności, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Części implikacji
a = p ∨ q, b = r
Kontrapozycja
¬b → ¬a = ¬r → ¬(p ∨ q)
Odpowiedź
¬r → ¬(p ∨ q)
Kontrapozycja jest równoważna zdaniu wyjściowemu, więc jej udowodnienie dowodzi zdania.
4.Rachunek zdań i dowody
Odpowiedź: N = 8
Tablice prawdy: formuła z n różnymi zmiennymi ma 2ⁿ wierszy, po jednym dla każdej kombinacji wartości logicznych (1 = prawda, 0 = fałsz). Pracuj od wewnątrz na zewnątrz i każdej podformule daj osobną kolumnę. ¬a odwraca wartość; a ∧ b jest równe 1 tylko wtedy, gdy oba są równe 1; a ∨ b jest równe 0 tylko wtedy, gdy oba są równe 0; a → b jest równe 0 tylko wtedy, gdy a = 1 i b = 0; a ↔ b jest równe 1, gdy obie strony są równe.
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Odpowiedź: N = 4
Mapy Karnaugha: komórki są ułożone w kodzie Graya (00, 01, 11, 10), więc sąsiednie komórki, także te przez brzegi, różnią się dokładnie jedną zmienną. Grupuj jedynki w prostokąty po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, jak największe i jak najmniej, aż każda jedynka będzie pokryta. Każda grupa to jeden iloczyn: zmienne, które wewnątrz niej pozostają stałe. Grupa 2ᵏ komórek traci k zmiennych. Stany nieokreślone (X) można wykorzystać, by powiększyć grupy, ale nigdy nie trzeba ich pokrywać. Grupowanie zer daje minimalną postać POS.
Zgrupuj zera
Każda grupa to prostokąt z 2ᵏ komórek; komórki na brzegu sąsiadują z komórkami na przeciwległym brzegu.
(B′ + C′)
(A′ + C′)
(A′ + B′)
(A + B + C)
Minimalna postać POS
F = (B′ + C′)(A′ + C′)(A′ + B′)(A + B + C)
N = 4
Odpowiedź
N = 4
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Odpowiedź: N = 3
Mapy Karnaugha: komórki są ułożone w kodzie Graya (00, 01, 11, 10), więc sąsiednie komórki, także te przez brzegi, różnią się dokładnie jedną zmienną. Grupuj jedynki w prostokąty po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, jak największe i jak najmniej, aż każda jedynka będzie pokryta. Każda grupa to jeden iloczyn: zmienne, które wewnątrz niej pozostają stałe. Grupa 2ᵏ komórek traci k zmiennych. Stany nieokreślone (X) można wykorzystać, by powiększyć grupy, ale nigdy nie trzeba ich pokrywać. Grupowanie zer daje minimalną postać POS.
Implikanty proste
Największe grupy, jakie można utworzyć z jedynek i X.
B′D, BC′D′, A′
Minimalne pokrycie
F = B′D + BC′D′ + A′
N = 3
Odpowiedź
N = 3
7.Teoria liczb i arytmetyka modularna
Odpowiedź: 79−1 mod 83 = 62
Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Rozszerzony algorytm Euklidesa
Każdą resztę r zapisujemy jako r ≡ t·79 (mod 83).
r = 83, t = 0
r = 79, q = 1, t = 1
r = 4, q = 19, t = −1
r = 3, q = 1, t = 20
r = 1, q = 3, t = −21
Odwrotność
1 ≡ −21·79 (mod 83)
x = 62
sprawdzenie: 79·62 = 4898 = 59·83 + 1
Odpowiedź
79−1 mod 83 = 62
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna
Odpowiedź: d = 463
Potęgi modularne i RSA: oblicz aᵏ mod n przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu: zapisz k binarnie, podnoś do kwadratu, redukuj po każdym kroku i mnóż potęgi, których bit jest równy 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) dla liczby pierwszej p niedzielącej a, więc wykładnik można redukować modulo p − 1. RSA: wybierz liczby pierwsze p i q, n = p·q i φ(n) = (p − 1)(q − 1); wykładnik publiczny e jest względnie pierwszy z φ(n), a wykładnik prywatny to d = e⁻¹ mod φ(n). Szyfruj wzorem c = mᵉ mod n, a odszyfrowuj wzorem m = cᵈ mod n.
Moduł i funkcja φ
n = 31·37 = 1147
φ(n) = 30·36 = 1080
Rozszerzony algorytm Euklidesa
r = 1080, t = 0
r = 7, q = 154, t = 1
r = 2, q = 3, t = −154
r = 1, q = 2, t = 463
Wykładnik prywatny
d = 463
sprawdzenie: 7·463 = 3241 = 3·1080 + 1
Odpowiedź
d = 463
9.Algorytmy i złożoność
Odpowiedź: B · W każdym kroku dokonuje lokalnie najlepszego wyboru
Dlaczego to jest odpowiedź
Algorytmy zachłanne są szybkie i dla niektórych problemów optymalne (np. algorytm Dijkstry, kodowanie Huffmana), ale nie w ogólności (np. wydawanie reszty przy niektórych systemach monet).
Odpowiedź
B · W każdym kroku dokonuje lokalnie najlepszego wyboru
10.Algorytmy i złożoność
Odpowiedź: D · Wersja decyzyjna jest NP-zupełna, a wersja optymalizacyjna NP-trudna
Dlaczego to jest odpowiedź
„Czy istnieje trasa o długości najwyżej k?" jest NP-zupełne; znalezienie najkrótszej trasy jest NP-trudne, bo jest co najmniej tak trudne.
Odpowiedź
D · Wersja decyzyjna jest NP-zupełna, a wersja optymalizacyjna NP-trudna
11.Struktury danych
Odpowiedź: D · Iść od korzenia do lewych dzieci, aż zabraknie lewego dziecka
Dlaczego to jest odpowiedź
W drzewie nie ma klucza mniejszego niż w skrajnie lewym węźle, więc jest on minimum; koszt jest proporcjonalny do wysokości.
Odpowiedź
D · Iść od korzenia do lewych dzieci, aż zabraknie lewego dziecka
12.Struktury danych
Odpowiedź: A · Mapa mieszająca połączona z listą dwukierunkową
Dlaczego to jest odpowiedź
Mapa mieszająca znajduje węzły w O(1), a lista dwukierunkowa przenosi używane elementy na początek i usuwa elementy z końca w O(1).
Odpowiedź
A · Mapa mieszająca połączona z listą dwukierunkową
13.Teoria grafów
Odpowiedź: k = 8
Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.
Krawędzie drzewa rozpinającego
18 − 1 = 17
Krawędzie do usunięcia
k = 25 − 17 = 8
Odpowiedź
k = 8
14.Teoria grafów
Odpowiedź: N = 6
Stopnie: stopień wierzchołka to liczba krawędzi, które się w nim stykają. Każda krawędź ma dwa końce, więc stopnie sumują się do dwukrotności liczby krawędzi: Σ deg(v) = 2|E| (lemat o uściskach dłoni). Liczba wierzchołków o nieparzystym stopniu jest zatem parzysta. Kn ma n(n − 1)/2 krawędzi, graf k-regularny o n wierzchołkach ma nk/2, a drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.
Macierz sąsiedztwa
A: 0 1 0 0 0 0
B: 1 0 1 1 1 0
C: 0 1 0 0 1 0
D: 0 1 0 0 1 1
E: 0 1 1 1 0 1
F: 0 0 0 1 1 0
Jeszcze jeden krok
(M³)EE = 1·0 + 2·1 + 1·1 + 2·1 + 4·0 + 1·1 = 6
Odpowiedź
N = 6
15.Bazy danych i SQL
Odpowiedź: A · Cofa zmiany dokonane po punkcie zapisu s1, pozostawiając transakcję otwartą
Dlaczego to jest odpowiedź
Punkt zapisu oznacza miejsce wewnątrz transakcji; wycofanie do niego anuluje późniejszą pracę, a wcześniejsze zmiany czekają na COMMIT.
Odpowiedź
A · Cofa zmiany dokonane po punkcie zapisu s1, pozostawiając transakcję otwartą
16.Bazy danych i SQL
Odpowiedź: C · Drugą postać normalną, bo student_name zależy tylko od student_id
Dlaczego to jest odpowiedź
student_name zależy tylko od części klucza, co jest zależnością częściową; przeniesienie tej kolumny do tabeli students usuwa naruszenie 2NF.
Odpowiedź
C · Drugą postać normalną, bo student_name zależy tylko od student_id
17.Sieci komputerowe
Odpowiedź: D · 0
Dlaczego to jest odpowiedź
1011001 zawiera cztery bity równe 1, czyli już liczbę parzystą, więc bit parzystości wynosi 0. Przy parzystości nieparzystej wynosiłby 1.
Odpowiedź
D · 0
18.Sieci komputerowe
Odpowiedź: A · Zwiększa okno przeciążenia wykładniczo aż do osiągnięcia progu lub wystąpienia straty
Dlaczego to jest odpowiedź
Slow start zwiększa okno przeciążenia wykładniczo; po przekroczeniu progu faza unikania przeciążenia zwiększa je liniowo, a strata je zmniejsza.
Odpowiedź
A · Zwiększa okno przeciążenia wykładniczo aż do osiągnięcia progu lub wystąpienia straty
19.Podsieci IPv4
Odpowiedź: N = 256
IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).
Pożyczone bity
30 − 22 = 8
Liczba podsieci
N = 28 = 256
Odpowiedź
N = 256
Każda podsieć /30 ma 22 − 2 = 2 użytecznych hostów.
20.Podsieci IPv4
Odpowiedź: x = 160
VLSM: każda sieć LAN dostaje najmniejszą podsieć z 2ʰ − 2 ≥ jej liczba hostów, czyli prefiks 32 − h. Przydzielanie największych podsieci najpierw sprawia, że każdy blok jest wyrównany do wielokrotności własnego rozmiaru, więc adresy sieci wynikają z sumowania rozmiarów bloków.