Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.
Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów
Metoda
Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.
Teoria liczb i arytmetyka modularna
Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metoda
Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Teoria grafów
Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij
Metoda
Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).
Podsieci IPv4
Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n
2Zadania do ćwiczenia
1.Systemy liczboweŚredni
Ustaw bity tak, aby zapisywały −106 w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch. Jaka jest wartość wzorca U odczytanego jako liczba bez znaku?
N = −1068 bit
U =
2.Systemy liczboweTrudny
Ustaw bity na 8-bitowy wynik działania 0100 0011 << 3. Jaka jest wartość wyniku R w zapisie dziesiętnym?
0100 0011<< 3
R =
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
Czy ((p ∨ r) ∧ p) → ¬r jest tautologią, kontradykcją czy kontyngencją? Kliknij swoją odpowiedź.
((p ∨ r) ∧ p) → ¬r
1tautologia
2kontradykcja
3kontyngencja
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny
Które zdanie jest równoważne ¬∀x (P(x) ∨ Q(x)), gdy negację przesunięto całkiem do środka? Kliknij je.
¬∀x (P(x) ∨ Q(x))
1∀x (¬P(x) ∨ ¬Q(x))
2∃x (¬P(x) ∨ ¬Q(x))
3∀x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))
4∃x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
Multiplekser 4-do-1 ma wejścia wyboru S₁ = A i S₀ = B, a wejścia danych podłączone do I₀ = C, I₁ = C′, I₂ = C′, I₃ = 0. Dla ilu z 8 kombinacji A, B i C wyjście F = 1? Znajdź N.
I₀ = CI₁ = C′I₂ = C′I₃ = 0
N =
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
Znajdź minimalną postać SOP funkcji F(A, B, C, D) = Σm(2, 5, 11, 12, 15) + d(10, 14), gdzie d oznacza stany nieokreślone. Ile literałów L zawiera?
F(A, B, C, D) = Σm(2, 5, 11, 12, 15) + d(10, 14)
L =
7.Teoria liczb i arytmetyka modularnaŚredni
Znajdź element odwrotny do 24 modulo 83: liczbę x, dla której 0 < x < 83 oraz 24·x ≡ 1 (mod 83).
a = 24n = 83
24−1 mod 83 =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny
Klucz RSA używa p = 17, q = 29 i e = 19. Odszyfruj szyfrogram c = 30: znajdź wiadomość m.
Która technika zapewnia oczekiwany czas działania O(n log n) dla quicksorta na dowolnych danych wejściowych?
AWybieranie zawsze pierwszego elementu
BLosowanie pivota z rozkładem jednostajnym
CPosortowanie danych przed uruchomieniem quicksorta
DStosowanie rekurencji tylko po lewej stronie
11.Struktury danychŚredni
Jak wstawia się nowy element do kopca binarnego?
AUmieszcza się go na końcu tablicy i przesuwa w górę, dopóki narusza własność kopca
BBuduje się cały kopiec od nowa
CWstawia się go na właściwą posortowaną pozycję, przesuwając o jedno miejsce w prawo wszystkie większe elementy
DUmieszcza się go w korzeniu i przesuwa w dół
12.Struktury danychTrudny
Złożoność czasowa operacji decrease-key w kopcu binarnym (przy znanej pozycji elementu) wynosi:
AO(log n)
BO(n log n)
CO(n)
DO(1)
13.Teoria grafówŚredni
Drzewo ma 2× wierzchołek stopnia 3, 3× wierzchołek stopnia 5, 3× wierzchołek stopnia 2, a wszystkie jego pozostałe wierzchołki są liśćmi (stopień 1). Ile liści L ma to drzewo?
2 × deg 33 × deg 53 × deg 2
L =
14.Teoria grafówTrudny
Algorytm Kruskala buduje minimalne drzewo rozpinające. Kliknij krawędź, którą dodaje jako krawędź numer 4; pominięte krawędzie się nie liczą.
k = 4
1krawędź AB
2krawędź AC
3krawędź BC
4krawędź BD
5krawędź CE
6krawędź DE
7krawędź BE
15.Bazy danych i SQLŚredni
W algebrze relacji operator projekcji (π) odpowiada:
AWyborowi kolumn występujących w wyniku
BWyborowi wierszy spełniających dany warunek
CSortowaniu wyniku
DŁączeniu dwóch tabel według klucza
16.Bazy danych i SQLTrudny
Który poziom izolacji zapobiega brudnym odczytom (dirty reads), ale nadal dopuszcza odczyty niepowtarzalne (non-repeatable reads)?
ARead uncommitted
BSerializable
CRead committed
DRepeatable read
17.Sieci komputeroweŚredni
Który host jest w tej samej podsieci /16 co 10.1.2.3?
A10.0.2.3
B10.2.2.3
C11.1.2.3
D10.1.200.5
18.Sieci komputeroweTrudny
Ścieżka ma przepustowość 100 Mbit/s i czas podróży w obie strony (RTT) 40 ms. Ile danych musi być w drodze, aby była w pełni wykorzystana?
A50 kB
B4 kB
C500 kB
D2,5 MB
19.Podsieci IPv4Średni
Dział potrzebuje 1019 adresów hostów w jednej podsieci. Jaki jest najdłuższy prefiks p (najmniejsza podsieć), który wystarczy?
1019 hosts
p =
20.Podsieci IPv4Trudny
Host ma adres 10.20.34.89/26. Jaki jest czwarty oktet x jego adresu sieci?
10.20.34.89/26
x =
3Roztwory
1.Systemy liczbowe
Odpowiedź: U = 150
Ustawianie bitów: każdy bit ma wartość będącą potęgą dwójki (128, 64, …, 1). Jedna cyfra szesnastkowa to dokładnie cztery bity, a w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit ma wartość −128. Operacje bitowe działają osobno na każdej pozycji bitu.
Odwróć i dodaj jeden
106 = 0110 1010
odwrócone: 1001 0101
+1 → 1001 0110
Odczytaj bez znaku
1001 0110₂ = 256 − 106 = 150
Odpowiedź
U = 150
2.Systemy liczbowe
Odpowiedź: R = 24
Ustawianie bitów: każdy bit ma wartość będącą potęgą dwójki (128, 64, …, 1). Jedna cyfra szesnastkowa to dokładnie cztery bity, a w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit ma wartość −128. Operacje bitowe działają osobno na każdej pozycji bitu.
Bit po bicie
Przesunięcie w lewo o 3 przesuwa każdy bit o 3 pozycji w lewo; bity, które wypadną z lewego końca, są tracone, a z prawej wchodzą zera.
0100 0011 << 3
= 0001 1000
Wartość wyniku
0001 1000₂ = 24
Odpowiedź
R = 24
3.Rachunek zdań i dowody
Odpowiedź: kontyngencja
Równoważność logiczna: dwie formuły są równoważne (≡), gdy mają tę samą wartość w każdym wierszu tablicy prawdy. Tautologia jest równa 1 w każdym wierszu, kontradykcja 0 w każdym wierszu, a formuła kontyngentna nie jest ani jednym, ani drugim. Przydatne prawa: prawa de Morgana, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b oraz ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozycja); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; oraz prawa rozdzielności, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Tablica prawdy wiersz po wierszu
p = 1, r = 1: p ∨ r = 1, (p ∨ r) ∧ p = 1, ¬r = 0, ((p ∨ r) ∧ p) → ¬r = 0
p = 1, r = 0: p ∨ r = 1, (p ∨ r) ∧ p = 1, ¬r = 1, ((p ∨ r) ∧ p) → ¬r = 1
p = 0, r = 1: p ∨ r = 1, (p ∨ r) ∧ p = 0, ¬r = 0, ((p ∨ r) ∧ p) → ¬r = 1
p = 0, r = 0: p ∨ r = 0, (p ∨ r) ∧ p = 0, ¬r = 1, ((p ∨ r) ∧ p) → ¬r = 1
Sklasyfikuj
((p ∨ r) ∧ p) → ¬r: 0, 1, 1, 1
1 w 3 z 4 wierszy, 0 w pozostałych: kontyngencja.
Odpowiedź
kontyngencja
4.Rachunek zdań i dowody
Odpowiedź: ∃x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))
Kwantyfikatory i wnioskowania: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) oraz ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Przesuń negację do środka, zamień każdy kwantyfikator, który mija, i zaneguj formułę wewnętrzną prawami rachunku zdań, takimi jak ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Wnioskowanie jest poprawne, gdy wniosek jest równy 1 w każdym wierszu, w którym wszystkie przesłanki są równe 1. Pojedynczy wiersz z prawdziwymi przesłankami i fałszywym wnioskiem jest kontrprzykładem i pokazuje, że wnioskowanie jest niepoprawne.
Przesuń negację do środka
¬∀x (P(x) ∨ Q(x)) ≡ ∃x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))
Odpowiedź
∃x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))
Pozostałe opcje albo zostawiają kwantyfikator bez zmian, albo zmieniają kolejność kwantyfikatorów, albo błędnie negują formułę wewnętrzną.
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Odpowiedź: N = 3
Multiplekser: multiplekser 2ⁿ-do-1 przekazuje na wyjście jedno ze swoich wejść danych; linie wyboru, odczytane jako liczba binarna, wskazują które. Dla multipleksera 4-do-1 z wejściami wyboru S₁S₀ = AB: F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Podłączenie wejść danych do 0, 1, C lub C′ sprawia, że multiplekser realizuje dowolną funkcję A, B i C, co jest częstym sposobem budowania logiki w jednym układzie scalonym.
Wyrażenie wyjścia
F = A′B′C + A′BC′ + AB′C′
Wiersze z F = 1
ABC = 001, 010, 100
N = 3
Odpowiedź
N = 3
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Odpowiedź: L = 12
Mapy Karnaugha: komórki są ułożone w kodzie Graya (00, 01, 11, 10), więc sąsiednie komórki, także te przez brzegi, różnią się dokładnie jedną zmienną. Grupuj jedynki w prostokąty po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, jak największe i jak najmniej, aż każda jedynka będzie pokryta. Każda grupa to jeden iloczyn: zmienne, które wewnątrz niej pozostają stałe. Grupa 2ᵏ komórek traci k zmiennych. Stany nieokreślone (X) można wykorzystać, by powiększyć grupy, ale nigdy nie trzeba ich pokrywać. Grupowanie zer daje minimalną postać POS.
Implikanty proste
Największe grupy, jakie można utworzyć z jedynek i X.
B′CD′, AC, ABD′, A′BC′D
Minimalne pokrycie
F = B′CD′ + AC + ABD′ + A′BC′D
L = 12
Odpowiedź
L = 12
7.Teoria liczb i arytmetyka modularna
Odpowiedź: 24−1 mod 83 = 45
Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Rozszerzony algorytm Euklidesa
Każdą resztę r zapisujemy jako r ≡ t·24 (mod 83).
r = 83, t = 0
r = 24, q = 3, t = 1
r = 11, q = 2, t = −3
r = 2, q = 5, t = 7
r = 1, q = 2, t = −38
Odwrotność
1 ≡ −38·24 (mod 83)
x = 45
sprawdzenie: 24·45 = 1080 = 13·83 + 1
Odpowiedź
24−1 mod 83 = 45
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna
Odpowiedź: m = 378
Potęgi modularne i RSA: oblicz aᵏ mod n przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu: zapisz k binarnie, podnoś do kwadratu, redukuj po każdym kroku i mnóż potęgi, których bit jest równy 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) dla liczby pierwszej p niedzielącej a, więc wykładnik można redukować modulo p − 1. RSA: wybierz liczby pierwsze p i q, n = p·q i φ(n) = (p − 1)(q − 1); wykładnik publiczny e jest względnie pierwszy z φ(n), a wykładnik prywatny to d = e⁻¹ mod φ(n). Szyfruj wzorem c = mᵉ mod n, a odszyfrowuj wzorem m = cᵈ mod n.
Wykładnik prywatny
n = 493, φ(n) = 448
d = 19−1 mod 448 = 283
Odszyfruj przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu
283 = 256 + 16 + 8 + 2 + 1
301 ≡ 30 (mod 493)
302 ≡ 407 (mod 493)
304 ≡ 1 (mod 493)
308 ≡ 1 (mod 493)
3016 ≡ 1 (mod 493)
3032 ≡ 1 (mod 493)
3064 ≡ 1 (mod 493)
30128 ≡ 1 (mod 493)
30256 ≡ 1 (mod 493)
30283 ≡ 30·407·1·1·1 ≡ 378 (mod 493)
Wiadomość
m = 378
sprawdzenie: 37819 mod 493 = 30
Odpowiedź
m = 378
9.Algorytmy i złożoność
Odpowiedź: D · O(n log n)
Dlaczego to jest odpowiedź
Z twierdzenia o rekurencji uniwersalnej (master theorem) dla a = 2, b = 2, f(n) = n wynika T(n) = Θ(n log n).
Odpowiedź
D · O(n log n)
10.Algorytmy i złożoność
Odpowiedź: B · Losowanie pivota z rozkładem jednostajnym
Dlaczego to jest odpowiedź
Przy losowym pivocie oczekiwany czas działania wynosi O(n log n) dla każdych danych wejściowych; złe przypadki nadal istnieją, ale są bardzo mało prawdopodobne.
Odpowiedź
B · Losowanie pivota z rozkładem jednostajnym
11.Struktury danych
Odpowiedź: A · Umieszcza się go na końcu tablicy i przesuwa w górę, dopóki narusza własność kopca
Dlaczego to jest odpowiedź
Dodanie na końcu zachowuje zupełność drzewa; zamiany z rodzicem przywracają porządek w O(log n) krokach.
Odpowiedź
A · Umieszcza się go na końcu tablicy i przesuwa w górę, dopóki narusza własność kopca
12.Struktury danych
Odpowiedź: A · O(log n)
Dlaczego to jest odpowiedź
Po zmniejszeniu klucza element przesuwa się w górę co najwyżej o wysokość kopca. Kopce Fibonacciego osiągają zamortyzowane decrease-key w O(1).
Odpowiedź
A · O(log n)
13.Teoria grafów
Odpowiedź: L = 13
Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.
Lemat o uściskach dłoni dla drzewa
L + 27 = 2(L + 8) − 2
L = 13
Odpowiedź
L = 13
Skrót: L = 2 + Σ (d − 2) po wierzchołkach o stopniu d ≥ 3.
14.Teoria grafów
Odpowiedź: krawędź AC
Najkrótsze ścieżki i drzewa rozpinające: algorytm Dijkstry zatwierdza jeden wierzchołek na rundę: niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej tymczasowej odległości. Jego odległość jest wtedy ostateczna, a każdy sąsiad v dostaje d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algorytm Kruskala buduje minimalne drzewo rozpinające, biorąc krawędzie od lekkich do ciężkich i pomijając każdą, która zamknęłaby cykl; algorytm Prima rozbudowuje jedno drzewo od wierzchołka startowego, zawsze dodając najlżejszą krawędź wychodzącą z niego. Drzewo rozpinające o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.
Algorytm Kruskala
1. DE (6)
2. CE (8)
3. BC (12)
4. AC (13)
numer krawędzi 4
AC
Odpowiedź
krawędź AC
15.Bazy danych i SQL
Odpowiedź: A · Wyborowi kolumn występujących w wyniku
Read committed ukrywa niezatwierdzone zmiany; repeatable read dodatkowo zapobiega odczytom niepowtarzalnym; serializable zapobiega także odczytom fantomowym.
Odpowiedź
C · Read committed
17.Sieci komputerowe
Odpowiedź: D · 10.1.200.5
Dlaczego to jest odpowiedź
Przy /16 pierwsze 16 bitów (10,1) to część sieciowa. Tylko 10.1.200.5 ma je takie same, więc należy do 10.1.0.0/16.
Odpowiedź
D · 10.1.200.5
18.Sieci komputerowe
Odpowiedź: C · 500 kB
Dlaczego to jest odpowiedź
Iloczyn przepustowości i opóźnienia wynosi 100 × 10⁶ bit/s × 0,04 s = 4 × 10⁶ bitów = 500 kB. Okno nadawcy musi być co najmniej tak duże.
Odpowiedź
C · 500 kB
19.Podsieci IPv4
Odpowiedź: p = 22
Podsieci IPv4: adres ma 32 bity. Prefiks /p mówi, ile początkowych bitów wskazuje sieć; pozostałe 32 − p bitów numeruje hosty. Podsieć ma 2³²⁻ᵖ adresów, ale pierwszego (adres sieci) i ostatniego (adres rozgłoszeniowy) nie można przydzielić hostom, więc mieści się 2³²⁻ᵖ − 2 hostów. Wyjątki: /31 (łącze punkt-punkt, RFC 3021) wykorzystuje oba swoje 2 adresy dla hostów, a /32 to jeden adres (pojedynczy host lub loopback).
Potrzebne bity hosta
29 − 2 = 510 < 1019
210 − 2 = 1022 ≥ 1019 → h = 10
Długość prefiksu
p = 32 − 10 = 22
Odpowiedź
p = /22
20.Podsieci IPv4
Odpowiedź: x = 64
Podsieci IPv4: adres ma 32 bity. Prefiks /p mówi, ile początkowych bitów wskazuje sieć; pozostałe 32 − p bitów numeruje hosty. Podsieć ma 2³²⁻ᵖ adresów, ale pierwszego (adres sieci) i ostatniego (adres rozgłoszeniowy) nie można przydzielić hostom, więc mieści się 2³²⁻ᵖ − 2 hostów. Wyjątki: /31 (łącze punkt-punkt, RFC 3021) wykorzystuje oba swoje 2 adresy dla hostów, a /32 to jeden adres (pojedynczy host lub loopback).