Podstawy informatyki: zestaw na powtórkę

Wzory, najważniejsze kroki metod dla każdego tematu i 20 zadań do ćwiczenia, z pełnymi rozwiązaniami na końcu.

Nowe zadaniaWróć do przedmiotu

W oknie drukowania wybierz „Zapisz jako PDF”, aby zachować kopię na swoim urządzeniu.

1Wzory i metody

Systemy liczbowe

Wagi pozycji
dwójkowy 2k, ósemkowy 8k, szesnastkowy 16k
Na dziesiętny
Σ dk·bk
Z dziesiętnego
dziel przez podstawę, czytaj reszty od dołu do góry
Szesnastkowy ↔ dwójkowy
jedna cyfra szesnastkowa = 4 bity
Kod uzupełnień do dwóch (U2)
odwróć bity i dodaj 1

Rachunek zdań i dowody

Wiersze tablicy prawdy
2ⁿ
Implikacja
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Zaprzeczenie implikacji
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Równoważność
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
Prawa de Morgana
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Prawa rozdzielności
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Zaprzeczanie kwantyfikatorów
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metoda

  1. Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
  2. Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
  3. Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
  4. Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
  5. Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.

Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów

Metoda

  1. Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
  2. Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
  3. Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
  4. Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.

Teoria liczb i arytmetyka modularna

Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metoda

  1. Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
  2. Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
  3. Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
  4. Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
  5. Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teoria grafów

Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij

Metoda

  1. Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
  2. W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
  3. Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
  4. W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
  5. Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).

Podsieci IPv4

Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n

2Zadania do ćwiczenia

1.Systemy liczboweŚredni
wagi w kodzie U21−12806403211618140201

8-bitowy wzór 1001 1100 zapisuje liczbę całkowitą ze znakiem w kodzie uzupełnień do dwóch. Jaka jest jej wartość N dziesiętnie?

1001 11008 bit
N =
2.Systemy liczboweTrudny
klikaj bity, aby je ustawić012806403201608040201

Ustaw bity na 8-bitowy wynik działania 1101 1010 AND 0100 0111. Jaka jest wartość wyniku R w zapisie dziesiętnym?

1101 1010AND0100 0111
R =
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
tautologiakontradykcjakontyngencja

Czy ((r → q) ∧ (r → p)) → (q → p) jest tautologią, kontradykcją czy kontyngencją? Kliknij swoją odpowiedź.

((r → q) ∧ (r → p)) → (q → p)
  1. 1tautologia
  2. 2kontradykcja
  3. 3kontyngencja
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny
∀x P(x)∃x P(x)∃x ¬P(x)∀x ¬P(x)

Które zdanie jest równoważne ¬∃x P(x), gdy negację przesunięto całkiem do środka? Kliknij je.

¬∃x P(x)
  1. 1∀x P(x)
  2. 2∃x P(x)
  3. 3∃x ¬P(x)
  4. 4∀x ¬P(x)
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
MUXCI0​C′I1​0I2​0I3​ABS1​S0​F

Multiplekser 4-do-1 ma wejścia wyboru S₁ = A i S₀ = B, a wejścia danych podłączone do I₀ = C, I₁ = C′, I₂ = 0, I₃ = 0. Dla ilu z 8 kombinacji A, B i C wyjście F = 1? Znajdź N.

I₀ = CI₁ = C′I₂ = 0I₃ = 0
N =
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
DQ3​Q3​DQ2​Q2​DQ1​Q1​DQ0​Q0​CLKPIERŚCIENIOWY

4-bitowy licznik pierścieniowy Q₃Q₂Q₁Q₀ startuje od 1100. Przy każdym zboczu zegara bity przesuwają się o jedno miejsce w prawo (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀), a Q₃ dostaje Q₀. Podaj stan Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ jako liczbę dziesiętną po 7 zboczach zegara.

Q₃Q₂Q₁Q₀ = 11007
Q =
7.Teoria liczb i arytmetyka modularnaŚredni

Znajdź funkcję φ Eulera φ(13), czyli liczbę liczb całkowitych od 1 do 13 względnie pierwszych z 13.

n = 13 = 13
φ(13) =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny

71 jest liczbą pierwszą. Użyj małego twierdzenia Fermata, aby znaleźć 386936 mod 71.

p = 71k = 86936
386936 mod 71 =
9.Algorytmy i złożonośćŚredni

Jaka jest złożoność czasowa: for i = 1 to n: (j = 1; while j < n: j = j × 2)?

  1. AO(log n)
  2. BO(n log n)
  3. CO(n)
  4. DO(n²)
10.Algorytmy i złożonośćTrudny

Dla którego wariantu problemu plecakowego reguła zachłanna „bierz przedmioty według wartości na jednostkę wagi" zawsze daje optymalną odpowiedź?

  1. ACiągłego (ułamkowego) problemu plecakowego, w którym przedmioty można dzielić
  2. BObu wariantów
  3. CDyskretnego problemu plecakowego 0/1, w którym przedmioty zawsze trzeba brać w całości
  4. DŻadnego z wariantów
11.Struktury danychŚredni

Co się dzieje, gdy tablica mieszająca wykonuje rehashing po przekroczeniu progu współczynnika zapełnienia?

  1. ATylko kolidujące klucze są przenoszone na nową listę nadmiarową na końcu tablicy
  2. BAlokuje się większą tablicę i ponownie wstawia każdy klucz
  3. CIstniejące klucze są sortowane w miejscu
  4. DNajstarsze klucze są usuwane, by zrobić miejsce
12.Struktury danychTrudny

Jak wykryć, czy lista jednokierunkowa zawiera cykl, używając O(1) dodatkowej pamięci?

  1. ALiczyć węzły, aż liczba przekroczy pole z długością listy
  2. BZapisywać każdy odwiedzony węzeł w zbiorze mieszającym
  3. CPosortować listę i szukać duplikatów
  4. DPrzesuwać jeden wskaźnik o jeden krok, a drugi o dwa i sprawdzać, czy się spotkają
13.Teoria grafówŚredni

Ile różnych cykli Hamiltona H ma graf pełny K4? Cykle różniące się tylko wierzchołkiem startowym lub kierunkiem liczą się jako ten sam.

K4
H =
14.Teoria grafówTrudny
1310177142212ABCDEFG

Użyj algorytmu Dijkstry, aby znaleźć długość d(E) najkrótszej ścieżki z A do E w grafie ważonym.

start: Akoniec: E
d(E) =
15.Bazy danych i SQLŚredni

Co zwraca EXCEPT (w Oracle nazywane MINUS)?

  1. AWiersze drugiego zapytania, które nie występują w pierwszym
  2. BWiersze występujące w obu zapytaniach
  3. CWszystkie wiersze z obu zapytań bez duplikatów
  4. DWiersze pierwszego zapytania, które nie występują w drugim
16.Bazy danych i SQLTrudny

Tabela ma milion wierszy i kolumnę logiczną is_active, która jest TRUE dla 95% z nich. Dlaczego optymalizator może zignorować indeks na is_active dla WHERE is_active = TRUE?

  1. AIndeks traktuje TRUE jak NULL
  2. BOptymalizator nigdy nie używa indeksów w klauzulach WHERE
  3. CPasuje większość wierszy, więc pełne skanowanie tabeli jest tańsze niż wiele wyszukiwań w indeksie
  4. DIndeksów nie można tworzyć na kolumnach logicznych
17.Sieci komputeroweŚredni

Który z tych zakresów jest prywatnym zakresem adresów IPv4?

  1. A192.168.0.0/16
  2. B200.1.1.0/24
  3. C100.0.0.0/8
  4. D8.8.8.0/24
18.Sieci komputeroweTrudny

Dlaczego wprowadzono opcję skalowania okna TCP (window scale)?

  1. A32-bitowe pole okna było za duże i marnowało miejsce w nagłówku każdego wysyłanego segmentu TCP
  2. B16-bitowe pole okna ogranicza okno do 65,535 bajtów, co jest za mało dla szybkich ścieżek na duże odległości
  3. CUDP potrzebował sposobu na kontrolę szybkości wysyłania na przeciążonych ścieżkach
  4. DBez niej TCP nie mógłby wykrywać utraconych segmentów na łączach dalekosiężnych
19.Podsieci IPv4Średni
255.255.255.24011111111111111111111111111110000bity siecibity hosta

Podsieć używa maski 255.255.255.240. Ile ma użytecznych adresów hostów H?

255.255.255.240
H =
20.Podsieci IPv4Trudny
trzeci oktet 100 … 103012816413201608140201wspólneróżne

Router ma trasy do następujących sieci: 10.240.100.0/24, 10.240.101.0/24, 10.240.102.0/24, 10.240.103.0/24. Jaka jest największa długość prefiksu p pojedynczej trasy zbiorczej, która obejmuje je wszystkie?

10.240.100.0/24 … 10.240.103.0/24
p =

3Roztwory

1.Systemy liczbowe

Odpowiedź: N = −100

Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.

Dodaj wagi

Pozostałe bity mają swoje zwykłe dodatnie wartości.

−128 + 16 + 8 + 4 = −100

Odpowiedź

N = −100
2.Systemy liczbowe

Odpowiedź: R = 66

Ustawianie bitów: każdy bit ma wartość będącą potęgą dwójki (128, 64, …, 1). Jedna cyfra szesnastkowa to dokładnie cztery bity, a w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit ma wartość −128. Operacje bitowe działają osobno na każdej pozycji bitu.

Bit po bicie

AND daje 1 tylko tam, gdzie oba bity są równe 1.

1101 1010
AND 0100 0111
= 0100 0010

Wartość wyniku

0100 0010₂ = 66

Odpowiedź

R = 66
3.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: kontyngencja

Równoważność logiczna: dwie formuły są równoważne (≡), gdy mają tę samą wartość w każdym wierszu tablicy prawdy. Tautologia jest równa 1 w każdym wierszu, kontradykcja 0 w każdym wierszu, a formuła kontyngentna nie jest ani jednym, ani drugim. Przydatne prawa: prawa de Morgana, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b oraz ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozycja); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; oraz prawa rozdzielności, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Tablica prawdy wiersz po wierszu

p = 1, q = 1, r = 1: r → q = 1, r → p = 1, (r → q) ∧ (r → p) = 1, q → p = 1, ((r → q) ∧ (r → p)) → (q → p) = 1
p = 1, q = 1, r = 0: r → q = 1, r → p = 1, (r → q) ∧ (r → p) = 1, q → p = 1, ((r → q) ∧ (r → p)) → (q → p) = 1
p = 1, q = 0, r = 1: r → q = 0, r → p = 1, (r → q) ∧ (r → p) = 0, q → p = 1, ((r → q) ∧ (r → p)) → (q → p) = 1
p = 1, q = 0, r = 0: r → q = 1, r → p = 1, (r → q) ∧ (r → p) = 1, q → p = 1, ((r → q) ∧ (r → p)) → (q → p) = 1
p = 0, q = 1, r = 1: r → q = 1, r → p = 0, (r → q) ∧ (r → p) = 0, q → p = 0, ((r → q) ∧ (r → p)) → (q → p) = 1
p = 0, q = 1, r = 0: r → q = 1, r → p = 1, (r → q) ∧ (r → p) = 1, q → p = 0, ((r → q) ∧ (r → p)) → (q → p) = 0
p = 0, q = 0, r = 1: r → q = 0, r → p = 0, (r → q) ∧ (r → p) = 0, q → p = 1, ((r → q) ∧ (r → p)) → (q → p) = 1
p = 0, q = 0, r = 0: r → q = 1, r → p = 1, (r → q) ∧ (r → p) = 1, q → p = 1, ((r → q) ∧ (r → p)) → (q → p) = 1

Sklasyfikuj

((r → q) ∧ (r → p)) → (q → p): 1, 1, 1, 1, 1, 0, 1, 1
1 w 7 z 8 wierszy, 0 w pozostałych: kontyngencja.

Odpowiedź

kontyngencja
4.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: ∀x ¬P(x)

Kwantyfikatory i wnioskowania: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) oraz ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Przesuń negację do środka, zamień każdy kwantyfikator, który mija, i zaneguj formułę wewnętrzną prawami rachunku zdań, takimi jak ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Wnioskowanie jest poprawne, gdy wniosek jest równy 1 w każdym wierszu, w którym wszystkie przesłanki są równe 1. Pojedynczy wiersz z prawdziwymi przesłankami i fałszywym wnioskiem jest kontrprzykładem i pokazuje, że wnioskowanie jest niepoprawne.

Przesuń negację do środka

¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)

Odpowiedź

∀x ¬P(x)

Pozostałe opcje albo zostawiają kwantyfikator bez zmian, albo zmieniają kolejność kwantyfikatorów, albo błędnie negują formułę wewnętrzną.

5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: N = 2

Multiplekser: multiplekser 2ⁿ-do-1 przekazuje na wyjście jedno ze swoich wejść danych; linie wyboru, odczytane jako liczba binarna, wskazują które. Dla multipleksera 4-do-1 z wejściami wyboru S₁S₀ = AB: F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Podłączenie wejść danych do 0, 1, C lub C′ sprawia, że multiplekser realizuje dowolną funkcję A, B i C, co jest częstym sposobem budowania logiki w jednym układzie scalonym.

Wyrażenie wyjścia

F = A′B′C + A′BC′

Wiersze z F = 1

ABC = 001, 010
N = 2

Odpowiedź

N = 2
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: Q = 9

Przerzutniki i liczniki: przerzutnik zmienia stan tylko przy aktywnym zboczu zegara. D kopiuje swoje wejście (Q⁺ = D); T zmienia stan na przeciwny, gdy T = 1; JK utrzymuje stan dla 00, zeruje dla 01, ustawia dla 10 i zmienia stan na przeciwny dla 11. N-bitowy licznik binarny ma 2ⁿ stanów i liczy modulo 2ⁿ; licznik mod-N liczy 0, 1, …, N − 1 i wraca do 0, a potrzebuje tylu przerzutników, ile wynosi najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N. Każdy stopień licznika asynchronicznego dzieli częstotliwość przez dwa, więc ostatnie wyjście licznika mod-N pracuje z częstotliwością fclk/N. Licznik Johnsona z n przerzutników ma 2n stanów, licznik pierścieniowy n.

Stan po każdym zboczu

1100 → 0110 → 0011 → 1001 → 1100 → 0110 → 0011 → 1001

Wartość dziesiętna

1001₂ = 9

Odpowiedź

Q = 9
7.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: φ(13) = 12

Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Czynniki pierwsze

13 = 13

Funkcja φ

φ(13) = 13 − 1 = 12

Odpowiedź

φ(13) = 12
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: 386936 mod 71 = 64

Potęgi modularne i RSA: oblicz aᵏ mod n przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu: zapisz k binarnie, podnoś do kwadratu, redukuj po każdym kroku i mnóż potęgi, których bit jest równy 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) dla liczby pierwszej p niedzielącej a, więc wykładnik można redukować modulo p − 1. RSA: wybierz liczby pierwsze p i q, n = p·q i φ(n) = (p − 1)(q − 1); wykładnik publiczny e jest względnie pierwszy z φ(n), a wykładnik prywatny to d = e⁻¹ mod φ(n). Szyfruj wzorem c = mᵉ mod n, a odszyfrowuj wzorem m = cᵈ mod n.

Zredukuj wykładnik

86936 mod 70 = 66
386936 ≡ 366 (mod 71)

Mała potęga

366 mod 71 = 64

Odpowiedź

386936 mod 71 = 64
9.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: B · O(n log n)

Dlaczego to jest odpowiedź

Pętla wewnętrzna wykonuje się około log₂ n razy dla każdej z n iteracji zewnętrznych, co daje O(n log n).

Odpowiedź

B · O(n log n)
10.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: A · Ciągłego (ułamkowego) problemu plecakowego, w którym przedmioty można dzielić

Dlaczego to jest odpowiedź

Gdy przedmioty można dzielić, wybór najpierw najlepszego stosunku jest optymalny; w problemie 0/1 przedmiot o wysokim stosunku może zablokować lepszą kombinację, więc potrzebne jest programowanie dynamiczne.

Odpowiedź

A · Ciągłego (ułamkowego) problemu plecakowego, w którym przedmioty można dzielić
11.Struktury danych

Odpowiedź: B · Alokuje się większą tablicę i ponownie wstawia każdy klucz

Dlaczego to jest odpowiedź

Ponieważ indeks oblicza się modulo rozmiar tablicy, wszystkie klucze trzeba ponownie zahaszować do nowej, większej tablicy; przy podwajaniu koszt zamortyzowany pozostaje O(1).

Odpowiedź

B · Alokuje się większą tablicę i ponownie wstawia każdy klucz
12.Struktury danych

Odpowiedź: D · Przesuwać jeden wskaźnik o jeden krok, a drugi o dwa i sprawdzać, czy się spotkają

Dlaczego to jest odpowiedź

W algorytmie Floyda, jeśli jest cykl, szybki wskaźnik w końcu dogania wolny; w przeciwnym razie szybki wskaźnik dochodzi do null.

Odpowiedź

D · Przesuwać jeden wskaźnik o jeden krok, a drugi o dwa i sprawdzać, czy się spotkają
13.Teoria grafów

Odpowiedź: H = 3

Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.

Policz

H = (4 − 1)!/2 = 6/2 = 3

Odpowiedź

H = 3
14.Teoria grafów

Odpowiedź: d(E) = 21

Najkrótsze ścieżki i drzewa rozpinające: algorytm Dijkstry zatwierdza jeden wierzchołek na rundę: niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej tymczasowej odległości. Jego odległość jest wtedy ostateczna, a każdy sąsiad v dostaje d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algorytm Kruskala buduje minimalne drzewo rozpinające, biorąc krawędzie od lekkich do ciężkich i pomijając każdą, która zamknęłaby cykl; algorytm Prima rozbudowuje jedno drzewo od wierzchołka startowego, zawsze dodając najlżejszą krawędź wychodzącą z niego. Drzewo rozpinające o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.

Algorytm Dijkstry runda po rundzie

Każdy wiersz: zatwierdzony wierzchołek, jego ostateczna odległość oraz sąsiedzi, których odległość się poprawia.

A (0): B: 13
B (13): C: 23, D: 14
D (14): E: 21, F: 28
E (21): F: 23, G: 33
C (23): G: 25
F (23)
G (25)

Najkrótsza ścieżka

A → B → D → E
d(E) = 21

Odpowiedź

d(E) = 21
15.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: D · Wiersze pierwszego zapytania, które nie występują w drugim

Dlaczego to jest odpowiedź

A EXCEPT B daje wiersze z A, których nie ma w B, więc zamiana zapytań daje inny wynik.

Odpowiedź

D · Wiersze pierwszego zapytania, które nie występują w drugim
16.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: C · Pasuje większość wierszy, więc pełne skanowanie tabeli jest tańsze niż wiele wyszukiwań w indeksie

Dlaczego to jest odpowiedź

Indeks pomaga, gdy zawęża wyszukiwanie do niewielu wierszy; gdy kwalifikuje się większość wierszy, losowe wyszukiwania w indeksie kosztują więcej niż sekwencyjny odczyt tabeli.

Odpowiedź

C · Pasuje większość wierszy, więc pełne skanowanie tabeli jest tańsze niż wiele wyszukiwań w indeksie
17.Sieci komputerowe

Odpowiedź: A · 192.168.0.0/16

Dlaczego to jest odpowiedź

Zakresy prywatne to 10.0.0.0/8, 172.16.0.0/12 i 192.168.0.0/16; nie są one trasowane w publicznym internecie.

Odpowiedź

A · 192.168.0.0/16
18.Sieci komputerowe

Odpowiedź: B · 16-bitowe pole okna ogranicza okno do 65,535 bajtów, co jest za mało dla szybkich ścieżek na duże odległości

Dlaczego to jest odpowiedź

Oryginalny nagłówek pozwala na co najwyżej 65,535 bajtów niepotwierdzonych danych. Skalowanie okna mnoży tę wartość przez potęgę dwójki, aby można było wypełnić ścieżki o dużym iloczynie przepustowości i opóźnienia.

Odpowiedź

B · 16-bitowe pole okna ogranicza okno do 65,535 bajtów, co jest za mało dla szybkich ścieżek na duże odległości
19.Podsieci IPv4

Odpowiedź: H = 14

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Długość prefiksu

255.255.255.240 = /28

Użyteczne hosty

24 − 2 = 14

Odpowiedź

H = 14
20.Podsieci IPv4

Odpowiedź: p = 22

Sumaryzacja tras: trasa zbiorcza a.b.c.0/p obejmuje wszystkie sieci, których pierwsze p bitów jest zgodnych. Zapisz binarnie różniący się oktet pierwszej i ostatniej sieci; liczba wspólnych bitów wiodących plus bity poprzedzających oktetów to najdłuższy prefiks trasy zbiorczej.

Porównaj bity

100 = 01100100
103 = 01100111
wspólne bity wiodące: 6

Długość prefiksu

p = 16 + 6 = 22

Odpowiedź

p = /22

Trasa zbiorcza: 10.240.100.0/22

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals