Podstawy informatyki: zestaw na powtórkę

Wzory, najważniejsze kroki metod dla każdego tematu i 20 zadań do ćwiczenia, z pełnymi rozwiązaniami na końcu.

Nowe zadaniaWróć do przedmiotu

W oknie drukowania wybierz „Zapisz jako PDF”, aby zachować kopię na swoim urządzeniu.

1Wzory i metody

Systemy liczbowe

Wagi pozycji
dwójkowy 2k, ósemkowy 8k, szesnastkowy 16k
Na dziesiętny
Σ dk·bk
Z dziesiętnego
dziel przez podstawę, czytaj reszty od dołu do góry
Szesnastkowy ↔ dwójkowy
jedna cyfra szesnastkowa = 4 bity
Kod uzupełnień do dwóch (U2)
odwróć bity i dodaj 1

Rachunek zdań i dowody

Wiersze tablicy prawdy
2ⁿ
Implikacja
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Zaprzeczenie implikacji
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Równoważność
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
Prawa de Morgana
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Prawa rozdzielności
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Zaprzeczanie kwantyfikatorów
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metoda

  1. Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
  2. Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
  3. Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
  4. Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
  5. Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.

Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów

Metoda

  1. Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
  2. Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
  3. Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
  4. Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.

Teoria liczb i arytmetyka modularna

Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metoda

  1. Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
  2. Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
  3. Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
  4. Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
  5. Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teoria grafów

Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij

Metoda

  1. Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
  2. W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
  3. Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
  4. W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
  5. Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).

Podsieci IPv4

Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n

2Zadania do ćwiczenia

1.Systemy liczboweŚredni
wagi w kodzie U21−12816413201618140211

8-bitowy wzór 1110 1101 zapisuje liczbę całkowitą ze znakiem w kodzie uzupełnień do dwóch. Jaka jest jej wartość N dziesiętnie?

1110 11018 bit
N =
2.Systemy liczboweTrudny
klikaj bity, aby je ustawić012806403201608040201

Ustaw bity na 8-bitowy wynik działania 0011 0101 << 2. Jaka jest wartość wyniku R w zapisie dziesiętnym?

0011 0101<< 2
R =
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
abc¬b¬b ↔ c((c ∨ a) ∧ b) ∧ (¬b ↔ c)111?110?101?100?011?010?001?000?

W ilu z 8 wierszy tablicy prawdy ((c ∨ a) ∧ b) ∧ (¬b ↔ c) jest prawdziwe? Nazwij tę liczbę N.

((c ∨ a) ∧ b) ∧ (¬b ↔ c)
N =
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny
∃x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))∀x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))∃x (¬P(x) ∨ ¬Q(x))∀x (¬P(x) ∨ ¬Q(x))

Które zdanie jest równoważne ¬∀x (P(x) ∨ Q(x)), gdy negację przesunięto całkiem do środka? Kliknij je.

¬∀x (P(x) ∨ Q(x))
  1. 1∃x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))
  2. 2∀x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))
  3. 3∃x (¬P(x) ∨ ¬Q(x))
  4. 4∀x (¬P(x) ∨ ¬Q(x))
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
MUX0I0​CI1​0I2​C′I3​ABS1​S0​F

Multiplekser 4-do-1 ma wejścia wyboru S₁ = A i S₀ = B, a wejścia danych podłączone do I₀ = 0, I₁ = C, I₂ = 0, I₃ = C′. Dla ilu z 8 kombinacji A, B i C wyjście F = 1? Znajdź N.

I₀ = 0I₁ = CI₂ = 0I₃ = C′
N =
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
DQ0​Q0​DQ1​Q1​DQ2​Q2​DQ3​Q3​DQ4​Q4​CLKPIERŚCIENIOWY

Licznik pierścieniowy zbudowano z 5 przerzutników D (ostatnie wyjście sprzężone z pierwszym wejściem); startuje z jedną jedynką. Przez ile różnych stanów N przechodzi?

n = 5
N =
7.Teoria liczb i arytmetyka modularnaŚredni

Rozwiąż 85x ≡ 27 (mod 99). Podaj rozwiązanie x z 0 < x < 99.

85x ≡ 27 (mod 99)
x =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny

97 jest liczbą pierwszą. Użyj małego twierdzenia Fermata, aby znaleźć 737377 mod 97.

p = 97k = 37377
737377 mod 97 =
9.Algorytmy i złożonośćŚredni

Jakie jest rozwiązanie rekurencji T(n) = 2T(n/2) + O(1)?

  1. AO(n log n)
  2. BO(n²)
  3. CO(n)
  4. DO(log n)
10.Algorytmy i złożonośćTrudny

Dyskretny problem plecakowy (0/1) rozwiązany programowaniem dynamicznym zajmuje czas O(nW). Dlaczego nazywa się to złożonością pseudowielomianową?

  1. APonieważ n jest zawsze małe
  2. BPonieważ algorytm jest randomizowany, a jego czas działania zmienia się przy każdych danych
  3. CPonieważ działa tylko dla W = 0
  4. DW jest liczbą, więc czas jest wykładniczy względem liczby bitów użytych do zapisania W
11.Struktury danychŚredni

Drzewo binarne ma korzeń 1 z lewym dzieckiem 2 i prawym dzieckiem 3; węzeł 2 ma dzieci 4 (lewe) i 5 (prawe). Jaki jest wynik przejścia preorder?

  1. A4 5 2 3 1
  2. B4 2 5 1 3
  3. C1 2 4 5 3
  4. D1 2 3 4 5
12.Struktury danychTrudny

Który problem próbkowania liniowego zmniejsza przede wszystkim haszowanie podwójne?

  1. AKoszt O(n) odczytu wartości klucza
  2. BPotrzebę przechowywania kluczy w tablicy
  3. CGrupowanie pierwotne (primary clustering), czyli powstawanie długich ciągów zajętych pozycji
  4. DPotrzebę funkcji mieszającej
13.Teoria grafówŚredni

Graf spójny: liczba wierzchołków 8, liczba krawędzi 15. Ile krawędzi k trzeba usunąć, aby zostało drzewo rozpinające?

|V| = 8|E| = 15
k =
14.Teoria grafówTrudny
1281112115107117ABCDEFG

Algorytm Dijkstry rusza z A. Kliknij wierzchołek zatwierdzony (uczyniony stałym) w rundzie 3; sam A to runda 1.

start: Arunda 3
  1. 1A
  2. 2B
  3. 3C
  4. 4D
  5. 5E
  6. 6F
  7. 7G
15.Bazy danych i SQLŚredni

LEFT JOIN zwraca:

  1. ATylko wszystkie wiersze z prawej tabeli
  2. BWszystkie wiersze z lewej tabeli i pasujące wiersze z prawej, z wartościami NULL tam, gdzie brak dopasowania
  3. CTylko pasujące wiersze z obu tabel
  4. DWiersze, które nie mają dopasowania w żadnej z tabel
16.Bazy danych i SQLTrudny

Dwie transakcje odczytują stock = 10, każda odejmuje 1 i zapisuje wynik, co daje 9 zamiast 8. Jaka to anomalia?

  1. AUtracona aktualizacja (lost update)
  2. BBrudny odczyt
  3. COdczyt fantomowy
  4. DAnomalia usuwania
17.Sieci komputeroweŚredni

Który z tych zakresów jest prywatnym zakresem adresów IPv4?

  1. A192.168.0.0/16
  2. B8.8.8.0/24
  3. C100.0.0.0/8
  4. D200.1.1.0/24
18.Sieci komputeroweTrudny

Co robi szybka retransmisja (fast retransmit) w TCP?

  1. APonownie wysyła segment po trzech zduplikowanych ACK, nie czekając na upływ limitu czasu
  2. BWysyła każdy segment dwa razy dla bezpieczeństwa
  3. CPodwaja okno po każdej stracie
  4. DPomija trójetapowe uzgadnianie przy ponownym łączeniu ze znanymi hostami, więc dane są wysyłane szybciej
19.Podsieci IPv4Średni
/24 → /2811111111111111111111111111110000bity siecibity hosta

Sieć 192.168.89.0/24 podzielono na podsieci /28, ponumerowane 1, 2, 3, … od najniższego adresu (podsieć 1 zaczyna się od .0). Jaki jest czwarty oktet x adresu rozgłoszeniowego podsieci 4?

192.168.89.0/24/28podsieć 4 (podsieć 1 zaczyna się od .0)
x =
20.Podsieci IPv4Trudny
ostatni oktet = 13012806403201618140211siećhost

Host ma adres 10.20.143.13/30. Jaka jest ostatnia liczba (czwarty oktet) x adresu rozgłoszeniowego jego podsieci?

10.20.143.13/30
x =

3Roztwory

1.Systemy liczbowe

Odpowiedź: N = −19

Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.

Dodaj wagi

Pozostałe bity mają swoje zwykłe dodatnie wartości.

−128 + 64 + 32 + 8 + 4 + 1 = −19

Odpowiedź

N = −19
2.Systemy liczbowe

Odpowiedź: R = 212

Ustawianie bitów: każdy bit ma wartość będącą potęgą dwójki (128, 64, …, 1). Jedna cyfra szesnastkowa to dokładnie cztery bity, a w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit ma wartość −128. Operacje bitowe działają osobno na każdej pozycji bitu.

Bit po bicie

Przesunięcie w lewo o 2 przesuwa każdy bit o 2 pozycji w lewo; bity, które wypadną z lewego końca, są tracone, a z prawej wchodzą zera.

0011 0101 << 2
= 1101 0100

Wartość wyniku

1101 0100₂ = 212

Odpowiedź

R = 212
3.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: N = 1

Tablice prawdy: formuła z n różnymi zmiennymi ma 2ⁿ wierszy, po jednym dla każdej kombinacji wartości logicznych (1 = prawda, 0 = fałsz). Pracuj od wewnątrz na zewnątrz i każdej podformule daj osobną kolumnę. ¬a odwraca wartość; a ∧ b jest równe 1 tylko wtedy, gdy oba są równe 1; a ∨ b jest równe 0 tylko wtedy, gdy oba są równe 0; a → b jest równe 0 tylko wtedy, gdy a = 1 i b = 0; a ↔ b jest równe 1, gdy obie strony są równe.

Tablica prawdy wiersz po wierszu

a = 1, b = 1, c = 1: c ∨ a = 1, (c ∨ a) ∧ b = 1, ¬b = 0, ¬b ↔ c = 0, ((c ∨ a) ∧ b) ∧ (¬b ↔ c) = 0
a = 1, b = 1, c = 0: c ∨ a = 1, (c ∨ a) ∧ b = 1, ¬b = 0, ¬b ↔ c = 1, ((c ∨ a) ∧ b) ∧ (¬b ↔ c) = 1
a = 1, b = 0, c = 1: c ∨ a = 1, (c ∨ a) ∧ b = 0, ¬b = 1, ¬b ↔ c = 1, ((c ∨ a) ∧ b) ∧ (¬b ↔ c) = 0
a = 1, b = 0, c = 0: c ∨ a = 1, (c ∨ a) ∧ b = 0, ¬b = 1, ¬b ↔ c = 0, ((c ∨ a) ∧ b) ∧ (¬b ↔ c) = 0
a = 0, b = 1, c = 1: c ∨ a = 1, (c ∨ a) ∧ b = 1, ¬b = 0, ¬b ↔ c = 0, ((c ∨ a) ∧ b) ∧ (¬b ↔ c) = 0
a = 0, b = 1, c = 0: c ∨ a = 0, (c ∨ a) ∧ b = 0, ¬b = 0, ¬b ↔ c = 1, ((c ∨ a) ∧ b) ∧ (¬b ↔ c) = 0
a = 0, b = 0, c = 1: c ∨ a = 1, (c ∨ a) ∧ b = 0, ¬b = 1, ¬b ↔ c = 1, ((c ∨ a) ∧ b) ∧ (¬b ↔ c) = 0
a = 0, b = 0, c = 0: c ∨ a = 0, (c ∨ a) ∧ b = 0, ¬b = 1, ¬b ↔ c = 0, ((c ∨ a) ∧ b) ∧ (¬b ↔ c) = 0

Policz wiersze z wartością 1

((c ∨ a) ∧ b) ∧ (¬b ↔ c): 0, 1, 0, 0, 0, 0, 0, 0
N = 1

Odpowiedź

N = 1
4.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: ∃x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))

Kwantyfikatory i wnioskowania: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) oraz ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Przesuń negację do środka, zamień każdy kwantyfikator, który mija, i zaneguj formułę wewnętrzną prawami rachunku zdań, takimi jak ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Wnioskowanie jest poprawne, gdy wniosek jest równy 1 w każdym wierszu, w którym wszystkie przesłanki są równe 1. Pojedynczy wiersz z prawdziwymi przesłankami i fałszywym wnioskiem jest kontrprzykładem i pokazuje, że wnioskowanie jest niepoprawne.

Przesuń negację do środka

¬∀x (P(x) ∨ Q(x)) ≡ ∃x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))

Odpowiedź

∃x (¬P(x) ∧ ¬Q(x))

Pozostałe opcje albo zostawiają kwantyfikator bez zmian, albo zmieniają kolejność kwantyfikatorów, albo błędnie negują formułę wewnętrzną.

5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: N = 2

Multiplekser: multiplekser 2ⁿ-do-1 przekazuje na wyjście jedno ze swoich wejść danych; linie wyboru, odczytane jako liczba binarna, wskazują które. Dla multipleksera 4-do-1 z wejściami wyboru S₁S₀ = AB: F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Podłączenie wejść danych do 0, 1, C lub C′ sprawia, że multiplekser realizuje dowolną funkcję A, B i C, co jest częstym sposobem budowania logiki w jednym układzie scalonym.

Wyrażenie wyjścia

F = A′BC + ABC′

Wiersze z F = 1

ABC = 011, 110
N = 2

Odpowiedź

N = 2
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: N = 5

Przerzutniki i liczniki: przerzutnik zmienia stan tylko przy aktywnym zboczu zegara. D kopiuje swoje wejście (Q⁺ = D); T zmienia stan na przeciwny, gdy T = 1; JK utrzymuje stan dla 00, zeruje dla 01, ustawia dla 10 i zmienia stan na przeciwny dla 11. N-bitowy licznik binarny ma 2ⁿ stanów i liczy modulo 2ⁿ; licznik mod-N liczy 0, 1, …, N − 1 i wraca do 0, a potrzebuje tylu przerzutników, ile wynosi najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N. Każdy stopień licznika asynchronicznego dzieli częstotliwość przez dwa, więc ostatnie wyjście licznika mod-N pracuje z częstotliwością fclk/N. Licznik Johnsona z n przerzutników ma 2n stanów, licznik pierścieniowy n.

Sekwencja dla 5 przerzutników

10000 → 01000 → 00100 → 00010 → 00001

Liczba stanów

N = 5

Odpowiedź

N = 5
7.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: x = 90

Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Element odwrotny do 85

r = 99, t = 0
r = 85, q = 1, t = 1
r = 14, q = 6, t = −1
r = 1, q = 14, t = 7
85−1 ≡ 7 (mod 99)

Rozwiąż

x ≡ 7·27 = 189 ≡ 90 (mod 99)
sprawdzenie: 85·90 = 7650 ≡ 27 (mod 99)

Odpowiedź

x = 90
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: 737377 mod 97 = 51

Potęgi modularne i RSA: oblicz aᵏ mod n przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu: zapisz k binarnie, podnoś do kwadratu, redukuj po każdym kroku i mnóż potęgi, których bit jest równy 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) dla liczby pierwszej p niedzielącej a, więc wykładnik można redukować modulo p − 1. RSA: wybierz liczby pierwsze p i q, n = p·q i φ(n) = (p − 1)(q − 1); wykładnik publiczny e jest względnie pierwszy z φ(n), a wykładnik prywatny to d = e⁻¹ mod φ(n). Szyfruj wzorem c = mᵉ mod n, a odszyfrowuj wzorem m = cᵈ mod n.

Zredukuj wykładnik

37377 mod 96 = 33
737377 ≡ 733 (mod 97)

Mała potęga

733 mod 97 = 51

Odpowiedź

737377 mod 97 = 51
9.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: C · O(n)

Dlaczego to jest odpowiedź

Z twierdzenia o rekurencji uniwersalnej nlog₂ 2 = n dominuje nad stałą pracą, więc T(n) = Θ(n), jak przy szukaniu maksimum przez dzielenie na połowy.

Odpowiedź

C · O(n)
10.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: D · W jest liczbą, więc czas jest wykładniczy względem liczby bitów użytych do zapisania W

Dlaczego to jest odpowiedź

Czas działania jest wielomianowy względem wartości W, ale wykładniczy względem jej długości (log W bitów); dyskretny problem plecakowy jest NP-zupełny.

Odpowiedź

D · W jest liczbą, więc czas jest wykładniczy względem liczby bitów użytych do zapisania W
11.Struktury danych

Odpowiedź: C · 1 2 4 5 3

Dlaczego to jest odpowiedź

Preorder odwiedza 1, potem jego lewe poddrzewo (2, 4, 5), potem 3; pozostałe odpowiedzi to inorder, postorder i przejście poziomami.

Odpowiedź

C · 1 2 4 5 3
12.Struktury danych

Odpowiedź: C · Grupowanie pierwotne (primary clustering), czyli powstawanie długich ciągów zajętych pozycji

Dlaczego to jest odpowiedź

Próbkowanie liniowe przesuwa się o 1, więc ciągi zajętych pozycji rosną i się łączą; haszowanie podwójne używa drugiej funkcji mieszającej do wyznaczenia kroku, więc różne klucze sprawdzają różne sekwencje.

Odpowiedź

C · Grupowanie pierwotne (primary clustering), czyli powstawanie długich ciągów zajętych pozycji
13.Teoria grafów

Odpowiedź: k = 8

Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.

Krawędzie drzewa rozpinającego

8 − 1 = 7

Krawędzie do usunięcia

k = 15 − 7 = 8

Odpowiedź

k = 8
14.Teoria grafów

Odpowiedź: G

Najkrótsze ścieżki i drzewa rozpinające: algorytm Dijkstry zatwierdza jeden wierzchołek na rundę: niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej tymczasowej odległości. Jego odległość jest wtedy ostateczna, a każdy sąsiad v dostaje d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algorytm Kruskala buduje minimalne drzewo rozpinające, biorąc krawędzie od lekkich do ciężkich i pomijając każdą, która zamknęłaby cykl; algorytm Prima rozbudowuje jedno drzewo od wierzchołka startowego, zawsze dodając najlżejszą krawędź wychodzącą z niego. Drzewo rozpinające o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.

Algorytm Dijkstry runda po rundzie

1. A (0): B: 12
2. B (12): C: 20, D: 23, G: 19
3. G (19)
4. C (20): E: 32
5. D (23): E: 24, F: 38
6. E (24): F: 34
7. F (34)

runda 3

G

Odpowiedź

G
15.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: B · Wszystkie wiersze z lewej tabeli i pasujące wiersze z prawej, z wartościami NULL tam, gdzie brak dopasowania

Dlaczego to jest odpowiedź

Lewostronne złączenie zewnętrzne zachowuje każdy wiersz z lewej tabeli; niedopasowane kolumny z prawej tabeli są wypełniane wartością NULL.

Odpowiedź

B · Wszystkie wiersze z lewej tabeli i pasujące wiersze z prawej, z wartościami NULL tam, gdzie brak dopasowania
16.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: A · Utracona aktualizacja (lost update)

Dlaczego to jest odpowiedź

Przy utraconej aktualizacji obie transakcje pracują na tej samej starej wartości, a drugi zapis wymazuje pierwszy; zapobiegają temu blokady (SELECT ... FOR UPDATE) lub aktualizacje atomowe.

Odpowiedź

A · Utracona aktualizacja (lost update)
17.Sieci komputerowe

Odpowiedź: A · 192.168.0.0/16

Dlaczego to jest odpowiedź

Zakresy prywatne to 10.0.0.0/8, 172.16.0.0/12 i 192.168.0.0/16; nie są one trasowane w publicznym internecie.

Odpowiedź

A · 192.168.0.0/16
18.Sieci komputerowe

Odpowiedź: A · Ponownie wysyła segment po trzech zduplikowanych ACK, nie czekając na upływ limitu czasu

Dlaczego to jest odpowiedź

Trzy zduplikowane ACK silnie wskazują na utratę pojedynczego segmentu, więc TCP natychmiast go retransmituje. Odzyskanie następuje znacznie szybciej niż przy czekaniu na zegar retransmisji.

Odpowiedź

A · Ponownie wysyła segment po trzech zduplikowanych ACK, nie czekając na upływ limitu czasu
19.Podsieci IPv4

Odpowiedź: x = 63

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Rozmiar bloku

24 = 16

Podsieć numer 4

sieć: (4 − 1)·16 = 48
rozgłoszeniowy: 48 + 16 − 1 = 63

Odpowiedź

x = 63
20.Podsieci IPv4

Odpowiedź: x = 15

Podsieci IPv4: adres ma 32 bity. Prefiks /p mówi, ile początkowych bitów wskazuje sieć; pozostałe 32 − p bitów numeruje hosty. Podsieć ma 2³²⁻ᵖ adresów, ale pierwszego (adres sieci) i ostatniego (adres rozgłoszeniowy) nie można przydzielić hostom, więc mieści się 2³²⁻ᵖ − 2 hostów. Wyjątki: /31 (łącze punkt-punkt, RFC 3021) wykorzystuje oba swoje 2 adresy dla hostów, a /32 to jeden adres (pojedynczy host lub loopback).

Rozmiar bloku

22 = 4

Podsieć tego hosta

sieć: ⌊13/4⌋·4 = 12
rozgłoszeniowy: 12 + 4 − 1 = 15
użyteczne hosty: 13 … 14

Odpowiedź

x = 15

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals