Conte as variáveis diferentes: a tabela-verdade tem 2ⁿ linhas, começando com todas elas iguais a 1.
Dê a cada subfórmula a sua própria coluna e preencha as colunas de dentro para fora.
Aplique a regra de cada conectivo: → só é 0 para 1 → 0, ↔ vale 1 quando os dois lados coincidem.
Para equivalências, compare as colunas finais linha a linha; para um argumento, olhe apenas as linhas em que todas as premissas valem 1.
Para negar uma afirmação quantificada, mova ¬ para dentro, troque ∀ e ∃ e negue a fórmula interna.
Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flops
Portas básicas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Regras booleanas
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordem do mapa de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupo de 2ᵏ células
perde k variáveis
Multiplexador 4-para-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flops
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Contadores
n bits: 2ⁿ estados; mod-N: menor n com 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Contador assíncrono (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Contadores em anel e Johnson
n e 2n estados
Método
Para um circuito, trabalhe das entradas até a saída, uma porta de cada vez, e escreva o valor em cada fio, ou escreva a sua expressão e preencha a tabela-verdade.
Para simplificar, coloque os 1s (e as condições irrelevantes como X) num mapa de Karnaugh com linhas e colunas em código Gray: 00, 01, 11, 10.
Cubra os 1s com o menor número possível de grupos, os maiores possíveis, de 1, 2, 4, 8 ou 16 células, dando a volta pelas bordas; cada grupo é um termo produto formado pelas variáveis que permanecem constantes. Agrupe os 0s para a forma POS.
Para flip-flops e contadores, leia as entradas em cada borda ativa do clock, escreva o estado após cada borda e lembre-se de que um contador de n bits dá a volta após 2ⁿ estados.
Teoria dos números e aritmética modular
Divisão com resto
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mínimo múltiplo comum
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inversa
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruência linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Função totiente de Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Método
Reduza antes todos os números módulo n; os restos ficam entre 0 e n − 1.
Para um mdc, divida repetidamente com o algoritmo de Euclides; o último resto não nulo é o mdc.
Para um inverso, execute o algoritmo estendido e guarde o coeficiente de a; some n se ele for negativo.
Resolva a·x ≡ b multiplicando por a⁻¹; combine duas congruências escrevendo x = r₁ + m₁k.
Para potências, escreva o expoente em binário e eleve ao quadrado repetidamente; no RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) com φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Teoria dos grafos
Lema do aperto de mãos
Σ deg(v) = 2|E|
Grafos completos
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Grafo regular
|E| = n·k/2
Árvore e floresta
|E| = n − 1, |E| = n − c
Folhas de uma árvore
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuito: todos os graus pares; caminho: exatamente 2 graus ímpares
Circuitos hamiltonianos em Kn
(n − 1)!/2
Atualização de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Passeios de comprimento L
(Mᴸ)ij
Método
Anote o grau de cada vértice; a soma dos graus é igual ao dobro do número de arestas.
Em questões de Euler, verifique se o grafo é conexo e conte os vértices de grau ímpar.
Para árvores, use n − 1 arestas e o lema do aperto de mãos.
Em Dijkstra, mantenha uma tabela de distâncias provisórias e fixe a cada rodada o vértice não fixado de menor distância.
Para uma árvore geradora mínima, ordene as arestas por peso e pule toda aresta que feche um ciclo (Kruskal), ou faça crescer uma árvore a partir de um vértice inicial (Prim).
Sub-redes IPv4
Hosts por sub-rede
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Tamanho do bloco
256 − (mask octet)
Endereço de rede
IP AND máscara
Endereço de broadcast
IP OR (NOT máscara): todos os bits de host a 1
Sub-redes com n bits emprestados
2n
2Exercícios
1.Sistemas de numeraçãoMédia
O padrão de 8 bits 1000 0001 guarda um inteiro com sinal em complemento para dois. Qual é o seu valor N em decimal?
1000 00018 bit
N =
2.Sistemas de numeraçãoDifícil
Uma imagem sem compressão tem 1920 × 1080 píxeis com 24 bits por píxel. Quanta memória M ocupa, em KiB (1 KiB = 1024 bytes)?
1920 × 1080 px24 bit/px1 KiB = 1024 B
M = KiB
3.Lógica proposicional e demonstraçõesMédia
Você quer demonstrar (p ∧ q) → r por contraposição. Qual implicação você demonstra em seu lugar? Clique nela.
(p ∧ q) → r
1¬(p ∧ q) → ¬r
2(p ∧ q) ∧ ¬r
3r → (p ∧ q)
4¬r → ¬(p ∧ q)
4.Lógica proposicional e demonstraçõesDifícil
Quantas das 16 linhas da tabela-verdade tornam ((r ∨ p) → (p ↔ s)) ∧ (q ∧ (q ↔ r)) verdadeira? Chame esse número de N.
((r ∨ p) → (p ↔ s)) ∧ (q ∧ (q ↔ r))
N =
5.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flopsMédia
Use o mapa de Karnaugh para encontrar a forma mínima em soma de produtos (SOP) de F(A, B, C, D) = Σm(2, 6, 7, 9, 12, 15). Quantos literais L ela contém no total (uma variável com apóstrofo conta como um literal)?
F(A, B, C, D) = Σm(2, 6, 7, 9, 12, 15)
L =
6.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flopsDifícil
Um flip-flop JK acionado na borda de subida começa com Q = 0 e recebe as entradas mostradas em 7 bordas de subida do clock. Quantas vezes N Q muda de estado?
Q₀ = 0JK
N =
7.Teoria dos números e aritmética modularMédia
Encontre o inverso de 13 módulo 19: o número x com 0 < x < 19 e 13·x ≡ 1 (mod 19).
a = 13n = 19
13−1 mod 19 =
8.Teoria dos números e aritmética modularDifícil
Uma chave RSA usa p = 17, q = 37 e e = 13. Decifre o texto cifrado c = 542: encontre a mensagem m.
p = 17q = 37e = 13c = 542
m =
9.Algoritmos e complexidadeMédia
Quantos níveis tem a recursão do merge sort para um array de n elementos?
ACerca de n
BCerca de n / 2
CCerca de √n
DCerca de log₂ n
10.Algoritmos e complexidadeDifícil
Para mostrar que um novo problema X é NP-difícil, o que você precisa fazer?
AMostrar que X pode ser verificado em tempo polinomial
BMostrar que X não tem algoritmo polinomial para entradas pequenas
CReduzir X a um problema NP-difícil conhecido em tempo polinomial
DReduzir um problema NP-difícil conhecido a X em tempo polinomial
11.Estruturas de dadosMédia
Qual é a finalidade de um nó sentinela (dummy) em uma lista encadeada?
AManter a lista ordenada
BArmazenar o número de elementos
CImpedir que a lista cresça além de um número máximo fixo de nós
DSimplificar o código, eliminando casos especiais na cabeça ou na cauda
12.Estruturas de dadosDifícil
Qual afirmação sobre o heapsort está correta?
ARoda em tempo O(n) para qualquer entrada
BOrdena no próprio lugar em O(n log n) no pior caso, mas não é estável
CPrecisa de uma árvore binária de busca como armazenamento extra, então usa O(n) de memória adicional
DÉ estável e precisa de O(n) de memória extra
13.Teoria dos grafosMédia
O grafo conexo tem um circuito euleriano, um caminho euleriano que não é circuito, ou nenhum dos dois? Clique na sua resposta.
|V| = 5|E| = 5
1Circuito euleriano
2Caminho euleriano, sem circuito
3nenhuma das duas
14.Teoria dos grafosDifícil
Quantos passeios fechados de comprimento 3 começam e terminam em B? Um passeio pode repetir vértices e arestas. Chame o número de N.
M = matriz de adjacênciaL = 3
N =
15.Bases de dados e SQLMédia
Qual consulta lista os clientes que nunca fizeram um pedido?
ASELECT c.name FROM customers c LEFT JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.id IS NOT NULL
BSELECT c.name FROM customers c LEFT JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.id IS NULL
CSELECT c.name FROM customers c INNER JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.id IS NULL
DSELECT c.name FROM customers c LEFT JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.id = NULL
16.Bases de dados e SQLDifícil
O bloqueio em duas fases (2PL) garante:
AQue nenhum bloqueio seja necessário
BQue transações nunca esperem
CQue deadlocks nunca possam ocorrer
DEscalonamentos serializáveis por conflito
17.Redes de computadoresMédia
A que corresponde uma máscara de sub-rede 255.255.255.0 em notação CIDR?
A/32
B/8
C/24
D/16
18.Redes de computadoresDifícil
Por que o IPv6 não precisa de NAT por falta de endereços?
AO IPv6 não usa endereços
BO IPv6 criptografa todos os endereços
CSeu espaço de endereçamento de 128 bits é grande o bastante para dar a cada dispositivo um endereço global
DO IPv6 só funciona em redes locais, então os endereços nunca precisam ser compartilhados globalmente
19.Sub-redes IPv4Média
A rede 192.168.10.0/24 tem de ser dividida em pelo menos 16 sub-redes iguais. Se pedir emprestados o menor número de bits possível, quantos hosts utilizáveis H tem cada sub-rede?
192.168.10.0/2416 subnets
H =
20.Sub-redes IPv4Difícil
Um host tem o endereço 10.20.156.87/30. Qual é o quarto octeto x do último endereço de host utilizável da sua sub-rede?
10.20.156.87/30
x =
3Soluções
1.Sistemas de numeração
Resposta: N = −127
Sistemas de numeração posicionais: cada algarismo vale o seu valor vezes uma potência da base. Em binário as posições valem 1, 2, 4, 8, 16, …; em hexadecimal 1, 16, 256, …, com A–F para 10–15. No complemento para dois de 8 bits, o bit da esquerda vale −128 em vez de +128; é assim que se guardam os números negativos.
Somar os pesos
Os restantes bits mantêm os seus valores positivos normais.
−128 + 1 = −127
Resposta
N = −127
2.Sistemas de numeração
Resposta: M = 6075 KiB
Sistemas de numeração posicionais: cada algarismo vale o seu valor vezes uma potência da base. Em binário as posições valem 1, 2, 4, 8, 16, …; em hexadecimal 1, 16, 256, …, com A–F para 10–15. No complemento para dois de 8 bits, o bit da esquerda vale −128 em vez de +128; é assim que se guardam os números negativos.
Bits e bytes
1920·1080·24 = 49766400 bit = 6220800 B
Converter para KiB
6220800/1024 = 6075 KiB
Resposta
M = 6075 KiB
3.Lógica proposicional e demonstrações
Resposta: ¬r → ¬(p ∧ q)
Equivalência lógica: duas fórmulas são equivalentes (≡) quando têm o mesmo valor em todas as linhas da tabela-verdade. Uma tautologia vale 1 em todas as linhas, uma contradição vale 0 em todas as linhas, e uma contingência não é nenhuma das duas. Leis úteis: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b e ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contrapositiva); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; e as leis distributivas, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Partes da implicação
a = p ∧ q, b = r
Contrapositiva
¬b → ¬a = ¬r → ¬(p ∧ q)
Resposta
¬r → ¬(p ∧ q)
A contrapositiva é equivalente à afirmação original, então demonstrá-la demonstra a afirmação.
4.Lógica proposicional e demonstrações
Resposta: N = 2
Tabelas-verdade: uma fórmula com n variáveis diferentes tem 2ⁿ linhas, uma para cada combinação de valores lógicos (1 = verdadeiro, 0 = falso). Trabalhe de dentro para fora e dê a cada subfórmula a sua própria coluna. ¬a inverte o valor; a ∧ b vale 1 somente quando ambos valem 1; a ∨ b vale 0 somente quando ambos valem 0; a → b vale 0 somente quando a = 1 e b = 0; a ↔ b vale 1 quando os dois lados são iguais.
5.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flops
Resposta: L = 14
Mapas de Karnaugh: as células são ordenadas em código Gray (00, 01, 11, 10), de modo que células vizinhas, inclusive as que ficam nas bordas opostas, diferem em exatamente uma variável. Agrupe os 1s em retângulos de 1, 2, 4, 8 ou 16 células, o maior possível e o menor número possível, até que todo 1 esteja coberto. Cada grupo é um termo produto: as variáveis que permanecem constantes dentro dele. Um grupo de 2ᵏ células perde k variáveis. As condições irrelevantes (X) podem ser usadas para aumentar grupos, mas nunca precisam ser cobertas. Agrupar os 0s dá a forma POS mínima.
Agrupe os 1s
Todo grupo é um retângulo de 2ᵏ células; as células das bordas são vizinhas das células da borda oposta.
BCD
A′CD′
AB′C′D
ABC′D′
Forma SOP mínima
F = BCD + A′CD′ + AB′C′D + ABC′D′
L = 14
Resposta
L = 14
6.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flops
Resposta: N = 4
Flip-flops e contadores: um flip-flop muda apenas na borda ativa do clock. D copia a sua entrada (Q⁺ = D); T inverte quando T = 1; JK mantém para 00, zera para 01, seta para 10 e inverte para 11. Um contador binário de n bits tem 2ⁿ estados e conta módulo 2ⁿ; um contador módulo N conta 0, 1, …, N − 1 e volta a 0, e precisa de flip-flops em número igual ao menor n com 2ⁿ ≥ N. Cada estágio de um contador assíncrono (ripple) divide a frequência por dois, de modo que a última saída de um contador módulo N funciona a fclk/N. Um contador Johnson de n flip-flops tem 2n estados, um contador em anel n.
Inversos e congruências: a tem inverso módulo n exatamente quando mdc(a, n) = 1. O algoritmo de Euclides estendido escreve 1 = s·n + t·a, e então a⁻¹ ≡ t (mod n). Uma congruência a·x ≡ b (mod n) com mdc(a, n) = 1 tem a solução x ≡ a⁻¹·b. Duas congruências x ≡ r₁ (mod m₁) e x ≡ r₂ (mod m₂) com módulos coprimos têm uma solução módulo m₁·m₂ (teorema chinês do resto). O φ(n) de Euler conta os números de 1 a n que são coprimos com n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Algoritmo de Euclides estendido
Cada resto r é escrito como r ≡ t·13 (mod 19).
r = 19, t = 0
r = 13, q = 1, t = 1
r = 6, q = 2, t = −1
r = 1, q = 6, t = 3
Inversa
1 ≡ 3·13 (mod 19)
x = 3
verificação: 13·3 = 39 = 2·19 + 1
Resposta
13−1 mod 19 = 3
8.Teoria dos números e aritmética modular
Resposta: m = 291
Potências modulares e RSA: calcule aᵏ mod n por elevação ao quadrado repetida: escreva k em binário, eleve ao quadrado, reduza a cada passo e multiplique as potências cujo bit é 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) para um primo p que não divide a, então o expoente pode ser reduzido módulo p − 1. RSA: escolha primos p e q, n = p·q e φ(n) = (p − 1)(q − 1); o expoente público e é coprimo com φ(n), e o expoente privado é d = e⁻¹ mod φ(n). Cifre com c = mᵉ mod n e decifre com m = cᵈ mod n.
Expoente privado
n = 629, φ(n) = 576
d = 13−1 mod 576 = 133
Decifre por elevação ao quadrado repetida
133 = 128 + 4 + 1
5421 ≡ 542 (mod 629)
5422 ≡ 21 (mod 629)
5424 ≡ 441 (mod 629)
5428 ≡ 120 (mod 629)
54216 ≡ 562 (mod 629)
54232 ≡ 86 (mod 629)
54264 ≡ 477 (mod 629)
542128 ≡ 460 (mod 629)
542133 ≡ 542·441·460 ≡ 291 (mod 629)
Mensagem
m = 291
verificação: 29113 mod 629 = 542
Resposta
m = 291
9.Algoritmos e complexidade
Resposta: D · Cerca de log₂ n
Porque é esta a resposta
Dividir pela metade de n até 1 leva cerca de log₂ n níveis, e cada nível faz O(n) de trabalho de intercalação, o que dá O(n log n).
Resposta
D · Cerca de log₂ n
10.Algoritmos e complexidade
Resposta: D · Reduzir um problema NP-difícil conhecido a X em tempo polinomial
Porque é esta a resposta
Se um problema difícil conhecido pode ser transformado em X de forma eficiente, um algoritmo rápido para X também resolveria o problema conhecido.
Resposta
D · Reduzir um problema NP-difícil conhecido a X em tempo polinomial
11.Estruturas de dados
Resposta: D · Simplificar o código, eliminando casos especiais na cabeça ou na cauda
Porque é esta a resposta
Com uma sentinela, todo nó real tem um predecessor, então inserir ou remover na cabeça não exige tratamento especial.
Resposta
D · Simplificar o código, eliminando casos especiais na cabeça ou na cauda
12.Estruturas de dados
Resposta: B · Ordena no próprio lugar em O(n log n) no pior caso, mas não é estável
Porque é esta a resposta
O heapsort constrói um max-heap e extrai o máximo n vezes dentro do mesmo array; trocas a longas distâncias podem mudar a ordem de chaves iguais.
Resposta
B · Ordena no próprio lugar em O(n log n) no pior caso, mas não é estável
13.Teoria dos grafos
Resposta: Caminho euleriano, sem circuito
Euler, Hamilton e árvores: um grafo conexo tem um circuito euleriano (cada aresta uma vez, de volta ao início) quando todo vértice tem grau par, e um caminho euleriano que não é circuito quando exatamente dois vértices têm grau ímpar; o caminho vai então de um vértice ímpar ao outro. Um circuito hamiltoniano visita cada vértice uma vez; Kn tem (n − 1)!/2 deles. Uma árvore com n vértices tem n − 1 arestas, e um grafo conexo com m arestas mantém uma árvore geradora depois de remover m − n + 1 arestas.
O caminho euleriano começa em um vértice ímpar e termina no outro.
14.Teoria dos grafos
Resposta: N = 2
Graus: o grau de um vértice é o número de arestas que o tocam. Cada aresta tem duas pontas, então os graus somam o dobro do número de arestas: Σ deg(v) = 2|E| (o lema do aperto de mãos). Portanto o número de vértices de grau ímpar é par. Kn tem n(n − 1)/2 arestas, um grafo k-regular com n vértices tem nk/2, e uma árvore com n vértices tem n − 1 arestas.
Matriz de adjacência
A: 0 1 1 0 0
B: 1 0 0 1 1
C: 1 0 0 0 1
D: 0 1 0 0 1
E: 0 1 1 1 0
Mais um passo
(M³)BB = 0·1 + 3·0 + 2·0 + 1·1 + 1·1 = 2
Resposta
N = 2
15.Bases de dados e SQL
Resposta: B · SELECT c.name FROM customers c LEFT JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.id IS NULL
Porque é esta a resposta
O left join mantém todos os clientes e preenche as colunas de pedidos com NULL quando não há correspondência; IS NULL então seleciona exatamente esses clientes.
Resposta
B · SELECT c.name FROM customers c LEFT JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.id IS NULL
16.Bases de dados e SQL
Resposta: D · Escalonamentos serializáveis por conflito
Porque é esta a resposta
O 2PL garante a serializabilidade, mas deadlocks continuam possíveis e precisam ser detectados ou evitados.
Resposta
D · Escalonamentos serializáveis por conflito
17.Redes de computadores
Resposta: C · /24
Porque é esta a resposta
Três octetos de 255 são 24 bits 1, então 255.255.255.0 = /24.
Resposta
C · /24
18.Redes de computadores
Resposta: C · Seu espaço de endereçamento de 128 bits é grande o bastante para dar a cada dispositivo um endereço global
Porque é esta a resposta
O IPv6 tem cerca de 3,4 × 10³⁸ endereços, então a escassez que motivou o NAT no IPv4 desaparece; os firewalls continuam garantindo a segurança.
Resposta
C · Seu espaço de endereçamento de 128 bits é grande o bastante para dar a cada dispositivo um endereço global
19.Sub-redes IPv4
Resposta: H = 14
Sub-redes IPv4: um endereço tem 32 bits. O prefixo /p indica quantos bits iniciais identificam a rede; os restantes 32 − p bits numeram os hosts. Uma sub-rede tem 2³²⁻ᵖ endereços, mas o primeiro (endereço de rede) e o último (broadcast) não podem ser atribuídos a hosts, por isso cabem 2³²⁻ᵖ − 2 hosts. Exceções: um /31 (enlace ponto a ponto, RFC 3021) usa os seus 2 endereços para hosts, e um /32 é um único endereço (um único host ou um loopback).
Bits a pedir emprestados
24 = 16 ≥ 16 → b = 4, /28
Hosts por sub-rede
24 − 2 = 14
Resposta
H = 14
20.Sub-redes IPv4
Resposta: x = 86
Sub-redes IPv4: um endereço tem 32 bits. O prefixo /p indica quantos bits iniciais identificam a rede; os restantes 32 − p bits numeram os hosts. Uma sub-rede tem 2³²⁻ᵖ endereços, mas o primeiro (endereço de rede) e o último (broadcast) não podem ser atribuídos a hosts, por isso cabem 2³²⁻ᵖ − 2 hosts. Exceções: um /31 (enlace ponto a ponto, RFC 3021) usa os seus 2 endereços para hosts, e um /32 é um único endereço (um único host ou um loopback).