Conte as variáveis diferentes: a tabela-verdade tem 2ⁿ linhas, começando com todas elas iguais a 1.
Dê a cada subfórmula a sua própria coluna e preencha as colunas de dentro para fora.
Aplique a regra de cada conectivo: → só é 0 para 1 → 0, ↔ vale 1 quando os dois lados coincidem.
Para equivalências, compare as colunas finais linha a linha; para um argumento, olhe apenas as linhas em que todas as premissas valem 1.
Para negar uma afirmação quantificada, mova ¬ para dentro, troque ∀ e ∃ e negue a fórmula interna.
Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flops
Portas básicas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Regras booleanas
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordem do mapa de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupo de 2ᵏ células
perde k variáveis
Multiplexador 4-para-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flops
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Contadores
n bits: 2ⁿ estados; mod-N: menor n com 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Contador assíncrono (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Contadores em anel e Johnson
n e 2n estados
Método
Para um circuito, trabalhe das entradas até a saída, uma porta de cada vez, e escreva o valor em cada fio, ou escreva a sua expressão e preencha a tabela-verdade.
Para simplificar, coloque os 1s (e as condições irrelevantes como X) num mapa de Karnaugh com linhas e colunas em código Gray: 00, 01, 11, 10.
Cubra os 1s com o menor número possível de grupos, os maiores possíveis, de 1, 2, 4, 8 ou 16 células, dando a volta pelas bordas; cada grupo é um termo produto formado pelas variáveis que permanecem constantes. Agrupe os 0s para a forma POS.
Para flip-flops e contadores, leia as entradas em cada borda ativa do clock, escreva o estado após cada borda e lembre-se de que um contador de n bits dá a volta após 2ⁿ estados.
Teoria dos números e aritmética modular
Divisão com resto
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mínimo múltiplo comum
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inversa
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruência linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Função totiente de Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Método
Reduza antes todos os números módulo n; os restos ficam entre 0 e n − 1.
Para um mdc, divida repetidamente com o algoritmo de Euclides; o último resto não nulo é o mdc.
Para um inverso, execute o algoritmo estendido e guarde o coeficiente de a; some n se ele for negativo.
Resolva a·x ≡ b multiplicando por a⁻¹; combine duas congruências escrevendo x = r₁ + m₁k.
Para potências, escreva o expoente em binário e eleve ao quadrado repetidamente; no RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) com φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Teoria dos grafos
Lema do aperto de mãos
Σ deg(v) = 2|E|
Grafos completos
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Grafo regular
|E| = n·k/2
Árvore e floresta
|E| = n − 1, |E| = n − c
Folhas de uma árvore
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuito: todos os graus pares; caminho: exatamente 2 graus ímpares
Circuitos hamiltonianos em Kn
(n − 1)!/2
Atualização de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Passeios de comprimento L
(Mᴸ)ij
Método
Anote o grau de cada vértice; a soma dos graus é igual ao dobro do número de arestas.
Em questões de Euler, verifique se o grafo é conexo e conte os vértices de grau ímpar.
Para árvores, use n − 1 arestas e o lema do aperto de mãos.
Em Dijkstra, mantenha uma tabela de distâncias provisórias e fixe a cada rodada o vértice não fixado de menor distância.
Para uma árvore geradora mínima, ordene as arestas por peso e pule toda aresta que feche um ciclo (Kruskal), ou faça crescer uma árvore a partir de um vértice inicial (Prim).
Sub-redes IPv4
Hosts por sub-rede
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Tamanho do bloco
256 − (mask octet)
Endereço de rede
IP AND máscara
Endereço de broadcast
IP OR (NOT máscara): todos os bits de host a 1
Sub-redes com n bits emprestados
2n
2Exercícios
1.Sistemas de numeraçãoMédia
O padrão de 8 bits 1110 1111 guarda um inteiro com sinal em complemento para dois. Qual é o seu valor N em decimal?
1110 11118 bit
N =
2.Sistemas de numeraçãoDifícil
Um sistema tem de dar a cada um de 4622 elementos um código binário próprio, todos com o mesmo comprimento. Qual é o menor número de bits b necessário?
4622
b = bit
3.Lógica proposicional e demonstraçõesMédia
c → (c ∧ b) é uma tautologia, uma contradição ou uma contingência? Clique na sua resposta.
c → (c ∧ b)
1tautologia
2contradição
3contingência
4.Lógica proposicional e demonstraçõesDifícil
São dadas as premissas r ∨ p; ¬r. Qual conclusão decorre delas? Clique nela.
r ∨ p¬r
1p
2r ∧ p
3r
4¬p
5.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flopsMédia
Neste mapa de Karnaugh exatamente um 1 não tem 1 vizinho, então permanece um grupo de uma célula (um mintermo completo de quatro literais) na forma SOP mínima. Os vizinhos através das bordas do mapa contam. Clique nessa célula.
F = Σm(2, 4, 7, 9, 10, 11, 15)
1AB = 00, CD = 00
2AB = 00, CD = 01
3AB = 00, CD = 11
4AB = 00, CD = 10
5AB = 01, CD = 00
6AB = 01, CD = 01
7AB = 01, CD = 11
8AB = 01, CD = 10
9AB = 11, CD = 00
10AB = 11, CD = 01
11AB = 11, CD = 11
12AB = 11, CD = 10
13AB = 10, CD = 00
14AB = 10, CD = 01
15AB = 10, CD = 11
16AB = 10, CD = 10
6.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flopsDifícil
Um registrador de deslocamento de 4 bits Q₃Q₂Q₁Q₀ contém 1101. A cada borda do clock os bits se deslocam uma posição para a direita (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀, Q₀ é perdido) e a entrada serial entra em Q₃. A entrada serial é 0, 0, 0, 1, 0, 0, 0 nas 7 bordas. Dê o estado final Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ como número decimal.
Q₃Q₂Q₁Q₀ = 11010, 0, 0, 1, 0, 0, 0
Q =
7.Teoria dos números e aritmética modularMédia
Encontre o inverso de 57 módulo 65: o número x com 0 < x < 65 e 57·x ≡ 1 (mod 65).
a = 57n = 65
57−1 mod 65 =
8.Teoria dos números e aritmética modularDifícil
Resolva 10x ≡ 4 (mod 14). Dê a menor solução positiva x.
10x ≡ 4 (mod 14)
x =
9.Algoritmos e complexidadeMédia
Com moedas de 1, 3 e 4 e um valor de 6, quantas moedas o método guloso "maior moeda primeiro" usa, em comparação com o ótimo?
AO guloso usa 4 moedas; o ótimo é 3
BO guloso usa 2 moedas; o ótimo é 2
CO guloso usa 3 moedas; o ótimo é 2
DO guloso usa 3 moedas; o ótimo é 3
10.Algoritmos e complexidadeDifícil
Caminhos simples mínimos podem ser encontrados em tempo polinomial. O que se sabe sobre encontrar o caminho simples mais longo entre dois vértices num grafo geral?
APode ser resolvido pelo algoritmo de Dijkstra com os pesos negados
BÉ NP-difícil
CÉ sempre solúvel em O(V + E)
DÉ indecidível
11.Estruturas de dadosMédia
Por que um heap binário pode ser armazenado em um array sem nenhum ponteiro?
AÉ uma árvore binária completa, então as posições seguem fórmulas simples de índice
BHeaps nunca têm mais de 100 elementos
CTodas as chaves de um heap são iguais
DArrays mantêm as chaves automaticamente em ordem, então não são necessários ponteiros
12.Estruturas de dadosDifícil
Na BST com raiz 50, subárvore esquerda 30 (filhos 20, 40) e subárvore direita 70 (filhos 60, 80), a raiz é removida usando o sucessor em ordem. Qual chave se torna a nova raiz?
A80
B60
C40
D70
13.Teoria dos grafosMédia
Uma árvore tem 2 vértices de grau 5, e todos os seus outros vértices são folhas (grau 1). Quantas folhas L ela tem?
2 × deg 5
L =
14.Teoria dos grafosDifícil
O algoritmo de Kruskal constrói uma árvore geradora mínima. Clique na aresta que ele acrescenta como aresta de número 2; as arestas descartadas não contam.
k = 2
1aresta AB
2aresta AC
3aresta BC
4aresta BD
5aresta CE
6aresta DE
7aresta BE
15.Bases de dados e SQLMédia
O que SELECT name, CASE WHEN grade >= 5,5 THEN 'pass' ELSE 'fail' END FROM results retorna?
AUm erro, porque CASE não é permitido no SELECT
BO número de alunos aprovados e reprovados
CSó os alunos aprovados
DCada nome com o rótulo 'pass' ou 'fail', conforme a nota
16.Bases de dados e SQLDifícil
Qual é o resultado de SELECT COUNT(col) FROM t se todos os valores de col forem NULL e a tabela tiver 10 linhas?
ANULL
B10
C0
DUm erro
17.Redes de computadoresMédia
Qual é a principal finalidade de uma VLAN?
ADar a cada dispositivo um endereço IP público
BAumentar a velocidade de cada porta do switch
CCriptografar todo o tráfego entre switches para que outros departamentos não possam lê-lo
DDividir uma rede comutada física em domínios de broadcast separados
18.Redes de computadoresDifícil
Em uma conexão TCP, o que a janela de recepção (rwnd) controla?
AO tamanho de cada cabeçalho de pacote IP
BO número de portas abertas
CO tempo limite de retransmissão, calculado a partir do tempo de ida e volta medido de cada segmento
DQuantos dados não confirmados o remetente pode enviar, com base no buffer do receptor
19.Sub-redes IPv4Média
Uma sub-rede usa a máscara 255.255.248.0. Quantos endereços de host utilizáveis H ela tem?
255.255.248.0
H =
20.Sub-redes IPv4Difícil
A rede 192.168.49.0/24 é dividida com VLSM para estas LANs: A: 5 hosts, B: 22 hosts, C: 104 hosts, D: 29 hosts. As sub-redes são alocadas a partir de .0 para cima, primeiro a LAN com mais hosts, cada uma com a menor sub-rede que a comporte. Qual é o quarto octeto x do endereço de rede da LAN D?
A: 5B: 22C: 104D: 29
x =
3Soluções
1.Sistemas de numeração
Resposta: N = −17
Sistemas de numeração posicionais: cada algarismo vale o seu valor vezes uma potência da base. Em binário as posições valem 1, 2, 4, 8, 16, …; em hexadecimal 1, 16, 256, …, com A–F para 10–15. No complemento para dois de 8 bits, o bit da esquerda vale −128 em vez de +128; é assim que se guardam os números negativos.
Somar os pesos
Os restantes bits mantêm os seus valores positivos normais.
−128 + 64 + 32 + 8 + 4 + 2 + 1 = −17
Resposta
N = −17
2.Sistemas de numeração
Resposta: b = 13 bit
Sistemas de numeração posicionais: cada algarismo vale o seu valor vezes uma potência da base. Em binário as posições valem 1, 2, 4, 8, 16, …; em hexadecimal 1, 16, 256, …, com A–F para 10–15. No complemento para dois de 8 bits, o bit da esquerda vale −128 em vez de +128; é assim que se guardam os números negativos.
Potências de dois
212 = 4096 < 4622
213 = 8192 ≥ 4622
Resposta
b = 13
3.Lógica proposicional e demonstrações
Resposta: contingência
Equivalência lógica: duas fórmulas são equivalentes (≡) quando têm o mesmo valor em todas as linhas da tabela-verdade. Uma tautologia vale 1 em todas as linhas, uma contradição vale 0 em todas as linhas, e uma contingência não é nenhuma das duas. Leis úteis: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b e ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contrapositiva); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; e as leis distributivas, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Tabela-verdade linha por linha
b = 1, c = 1: c ∧ b = 1, c → (c ∧ b) = 1
b = 1, c = 0: c ∧ b = 0, c → (c ∧ b) = 1
b = 0, c = 1: c ∧ b = 0, c → (c ∧ b) = 0
b = 0, c = 0: c ∧ b = 0, c → (c ∧ b) = 1
Classifique
c → (c ∧ b): 1, 1, 0, 1
1 em 3 das 4 linhas, 0 nas outras: uma contingência.
Resposta
contingência
4.Lógica proposicional e demonstrações
Resposta: p
Quantificadores e argumentos: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) e ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Mova a negação para dentro, troque todo quantificador que ela atravessa e negue a fórmula interna com as leis proposicionais, como ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Um argumento é válido quando a conclusão vale 1 em toda linha em que todas as premissas valem 1. Uma única linha com premissas verdadeiras e conclusão falsa é um contraexemplo e mostra que o argumento é inválido.
Linhas com todas as premissas verdadeiras
p = 1, r = 0: p = 1, r ∧ p = 0, r = 0, ¬p = 0
Conclusão
p (silogismo disjuntivo)
Resposta
p
5.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flops
Resposta: AB = 01, CD = 00
Mapas de Karnaugh: as células são ordenadas em código Gray (00, 01, 11, 10), de modo que células vizinhas, inclusive as que ficam nas bordas opostas, diferem em exatamente uma variável. Agrupe os 1s em retângulos de 1, 2, 4, 8 ou 16 células, o maior possível e o menor número possível, até que todo 1 esteja coberto. Cada grupo é um termo produto: as variáveis que permanecem constantes dentro dele. Um grupo de 2ᵏ células perde k variáveis. As condições irrelevantes (X) podem ser usadas para aumentar grupos, mas nunca precisam ser cobertas. Agrupar os 0s dá a forma POS mínima.
Vizinhos de cada 1
Um 1 com um 1 vizinho pode entrar em um grupo de dois ou mais.
m4: m5, m6, m0, m12 → 0
O 1 isolado
m4 = A′BC′D′ → AB = 01, CD = 00
Resposta
AB = 01, CD = 00
6.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flops
Resposta: Q = 1
Flip-flops e contadores: um flip-flop muda apenas na borda ativa do clock. D copia a sua entrada (Q⁺ = D); T inverte quando T = 1; JK mantém para 00, zera para 01, seta para 10 e inverte para 11. Um contador binário de n bits tem 2ⁿ estados e conta módulo 2ⁿ; um contador módulo N conta 0, 1, …, N − 1 e volta a 0, e precisa de flip-flops em número igual ao menor n com 2ⁿ ≥ N. Cada estágio de um contador assíncrono (ripple) divide a frequência por dois, de modo que a última saída de um contador módulo N funciona a fclk/N. Um contador Johnson de n flip-flops tem 2n estados, um contador em anel n.
Inversos e congruências: a tem inverso módulo n exatamente quando mdc(a, n) = 1. O algoritmo de Euclides estendido escreve 1 = s·n + t·a, e então a⁻¹ ≡ t (mod n). Uma congruência a·x ≡ b (mod n) com mdc(a, n) = 1 tem a solução x ≡ a⁻¹·b. Duas congruências x ≡ r₁ (mod m₁) e x ≡ r₂ (mod m₂) com módulos coprimos têm uma solução módulo m₁·m₂ (teorema chinês do resto). O φ(n) de Euler conta os números de 1 a n que são coprimos com n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Algoritmo de Euclides estendido
Cada resto r é escrito como r ≡ t·57 (mod 65).
r = 65, t = 0
r = 57, q = 1, t = 1
r = 8, q = 7, t = −1
r = 1, q = 8, t = 8
Inversa
1 ≡ 8·57 (mod 65)
x = 8
verificação: 57·8 = 456 = 7·65 + 1
Resposta
57−1 mod 65 = 8
8.Teoria dos números e aritmética modular
Resposta: x = 6
Inversos e congruências: a tem inverso módulo n exatamente quando mdc(a, n) = 1. O algoritmo de Euclides estendido escreve 1 = s·n + t·a, e então a⁻¹ ≡ t (mod n). Uma congruência a·x ≡ b (mod n) com mdc(a, n) = 1 tem a solução x ≡ a⁻¹·b. Duas congruências x ≡ r₁ (mod m₁) e x ≡ r₂ (mod m₂) com módulos coprimos têm uma solução módulo m₁·m₂ (teorema chinês do resto). O φ(n) de Euler conta os números de 1 a n que são coprimos com n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Divida pelo mdc
gcd(10, 14) = 2
5x ≡ 2 (mod 7)
Resolva a congruência reduzida
5−1 ≡ 3 (mod 7) → x ≡ 6 (mod 7)
Soluções módulo 14
x ∈ {6, 13}
x = 6
Resposta
x = 6
9.Algoritmos e complexidade
Resposta: C · O guloso usa 3 moedas; o ótimo é 2
Porque é esta a resposta
O guloso pega 4 + 1 + 1 = 3 moedas, mas 3 + 3 usa só 2, então o guloso não é ótimo para esse sistema de moedas; a programação dinâmica é.
Resposta
C · O guloso usa 3 moedas; o ótimo é 2
10.Algoritmos e complexidade
Resposta: B · É NP-difícil
Porque é esta a resposta
Um caminho simples mais longo de comprimento V − 1 é um caminho hamiltoniano, um problema NP-completo; em grafos acíclicos dirigidos, porém, é solúvel em tempo linear.
Resposta
B · É NP-difícil
11.Estruturas de dados
Resposta: A · É uma árvore binária completa, então as posições seguem fórmulas simples de índice
Porque é esta a resposta
Ser completa significa não ter lacunas, então os filhos do índice i estão sempre em 2i + 1 e 2i + 2.
Resposta
A · É uma árvore binária completa, então as posições seguem fórmulas simples de índice
12.Estruturas de dados
Resposta: B · 60
Porque é esta a resposta
O nó mais à esquerda da subárvore direita é 60, então 60 substitui 50 e sua posição antiga é removida; usar o predecessor daria 40.
Resposta
B · 60
13.Teoria dos grafos
Resposta: L = 8
Euler, Hamilton e árvores: um grafo conexo tem um circuito euleriano (cada aresta uma vez, de volta ao início) quando todo vértice tem grau par, e um caminho euleriano que não é circuito quando exatamente dois vértices têm grau ímpar; o caminho vai então de um vértice ímpar ao outro. Um circuito hamiltoniano visita cada vértice uma vez; Kn tem (n − 1)!/2 deles. Uma árvore com n vértices tem n − 1 arestas, e um grafo conexo com m arestas mantém uma árvore geradora depois de remover m − n + 1 arestas.
Lema do aperto de mãos para uma árvore
L + 10 = 2(L + 2) − 2
L = 8
Resposta
L = 8
Atalho: L = 2 + Σ (d − 2) sobre os vértices de grau d ≥ 3.
14.Teoria dos grafos
Resposta: aresta CE
Caminhos mínimos e árvores geradoras: o algoritmo de Dijkstra fixa um vértice por rodada: o vértice não fixado com a menor distância provisória. Sua distância torna-se definitiva, e cada vizinho v recebe d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). O algoritmo de Kruskal constrói uma árvore geradora mínima tomando as arestas da mais leve para a mais pesada e descartando qualquer aresta que feche um ciclo; o algoritmo de Prim faz crescer uma árvore a partir de um vértice inicial acrescentando sempre a aresta mais leve que sai dela. Uma árvore geradora de n vértices tem n − 1 arestas.
Algoritmo de Kruskal
1. BE (2)
2. CE (3)
3. AB (4)
4. BD (5)
número da aresta 2
CE
Resposta
aresta CE
15.Bases de dados e SQL
Resposta: D · Cada nome com o rótulo 'pass' ou 'fail', conforme a nota
Porque é esta a resposta
Uma expressão CASE avalia suas condições linha a linha e retorna o valor correspondente, então cada linha recebe um rótulo.
Resposta
D · Cada nome com o rótulo 'pass' ou 'fail', conforme a nota
16.Bases de dados e SQL
Resposta: C · 0
Porque é esta a resposta
COUNT(col) conta valores não NULL, então retorna 0; COUNT(*) retornaria 10.
Resposta
C · 0
17.Redes de computadores
Resposta: D · Dividir uma rede comutada física em domínios de broadcast separados
Porque é esta a resposta
As VLANs agrupam portas logicamente, de modo que os broadcasts ficam dentro de cada VLAN. Isso melhora a segurança e limita o tráfego de broadcast.
Resposta
D · Dividir uma rede comutada física em domínios de broadcast separados
18.Redes de computadores
Resposta: D · Quantos dados não confirmados o remetente pode enviar, com base no buffer do receptor
Porque é esta a resposta
O receptor anuncia quanto espaço de buffer tem; o remetente limita os dados não confirmados de acordo, evitando sobrecarregar o receptor.
Resposta
D · Quantos dados não confirmados o remetente pode enviar, com base no buffer do receptor
19.Sub-redes IPv4
Resposta: H = 2046
IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).
Comprimento do prefixo
255.255.248.0 = /21
Hosts utilizáveis
211 − 2 = 2046
Resposta
H = 2046
20.Sub-redes IPv4
Resposta: x = 128
VLSM: cada LAN recebe a menor sub-rede com 2ʰ − 2 ≥ seu número de hosts, ou seja, prefixo 32 − h. Alocar primeiro as maiores sub-redes mantém cada bloco alinhado em um múltiplo do seu próprio tamanho, então os endereços de rede saem somando os tamanhos dos blocos.