Conte as variáveis diferentes: a tabela-verdade tem 2ⁿ linhas, começando com todas elas iguais a 1.
Dê a cada subfórmula a sua própria coluna e preencha as colunas de dentro para fora.
Aplique a regra de cada conectivo: → só é 0 para 1 → 0, ↔ vale 1 quando os dois lados coincidem.
Para equivalências, compare as colunas finais linha a linha; para um argumento, olhe apenas as linhas em que todas as premissas valem 1.
Para negar uma afirmação quantificada, mova ¬ para dentro, troque ∀ e ∃ e negue a fórmula interna.
Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flops
Portas básicas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Regras booleanas
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordem do mapa de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupo de 2ᵏ células
perde k variáveis
Multiplexador 4-para-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flops
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Contadores
n bits: 2ⁿ estados; mod-N: menor n com 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Contador assíncrono (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Contadores em anel e Johnson
n e 2n estados
Método
Para um circuito, trabalhe das entradas até a saída, uma porta de cada vez, e escreva o valor em cada fio, ou escreva a sua expressão e preencha a tabela-verdade.
Para simplificar, coloque os 1s (e as condições irrelevantes como X) num mapa de Karnaugh com linhas e colunas em código Gray: 00, 01, 11, 10.
Cubra os 1s com o menor número possível de grupos, os maiores possíveis, de 1, 2, 4, 8 ou 16 células, dando a volta pelas bordas; cada grupo é um termo produto formado pelas variáveis que permanecem constantes. Agrupe os 0s para a forma POS.
Para flip-flops e contadores, leia as entradas em cada borda ativa do clock, escreva o estado após cada borda e lembre-se de que um contador de n bits dá a volta após 2ⁿ estados.
Teoria dos números e aritmética modular
Divisão com resto
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mínimo múltiplo comum
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inversa
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruência linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Função totiente de Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Método
Reduza antes todos os números módulo n; os restos ficam entre 0 e n − 1.
Para um mdc, divida repetidamente com o algoritmo de Euclides; o último resto não nulo é o mdc.
Para um inverso, execute o algoritmo estendido e guarde o coeficiente de a; some n se ele for negativo.
Resolva a·x ≡ b multiplicando por a⁻¹; combine duas congruências escrevendo x = r₁ + m₁k.
Para potências, escreva o expoente em binário e eleve ao quadrado repetidamente; no RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) com φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Teoria dos grafos
Lema do aperto de mãos
Σ deg(v) = 2|E|
Grafos completos
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Grafo regular
|E| = n·k/2
Árvore e floresta
|E| = n − 1, |E| = n − c
Folhas de uma árvore
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuito: todos os graus pares; caminho: exatamente 2 graus ímpares
Circuitos hamiltonianos em Kn
(n − 1)!/2
Atualização de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Passeios de comprimento L
(Mᴸ)ij
Método
Anote o grau de cada vértice; a soma dos graus é igual ao dobro do número de arestas.
Em questões de Euler, verifique se o grafo é conexo e conte os vértices de grau ímpar.
Para árvores, use n − 1 arestas e o lema do aperto de mãos.
Em Dijkstra, mantenha uma tabela de distâncias provisórias e fixe a cada rodada o vértice não fixado de menor distância.
Para uma árvore geradora mínima, ordene as arestas por peso e pule toda aresta que feche um ciclo (Kruskal), ou faça crescer uma árvore a partir de um vértice inicial (Prim).
Sub-redes IPv4
Hosts por sub-rede
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Tamanho do bloco
256 − (mask octet)
Endereço de rede
IP AND máscara
Endereço de broadcast
IP OR (NOT máscara): todos os bits de host a 1
Sub-redes com n bits emprestados
2n
2Exercícios
1.Sistemas de numeraçãoMédia
Escreva −116 como padrão de 8 bits em complemento para dois. Leia o padrão como número binário sem sinal: qual é o seu valor U em decimal?
N = −1168 bit
U =
2.Sistemas de numeraçãoDifícil
Uma imagem sem compressão tem 512 × 512 píxeis com 24 bits por píxel. Quanta memória M ocupa, em KiB (1 KiB = 1024 bytes)?
512 × 512 px24 bit/px1 KiB = 1024 B
M = KiB
3.Lógica proposicional e demonstraçõesMédia
Você quer demonstrar ¬b → a por absurdo. Qual afirmação você supõe no início? Clique nela.
¬b → a
1¬¬b → ¬a
2¬b ∧ ¬a
3¬¬b ∧ a
4¬¬b ∧ ¬a
4.Lógica proposicional e demonstraçõesDifícil
O argumento com premissas b → c; a → c e conclusão b → a é inválido. Clique na linha da tabela-verdade que é um contraexemplo.
b → ca → c∴ b → a
1a = 1, b = 1, c = 1
2a = 1, b = 1, c = 0
3a = 1, b = 0, c = 1
4a = 1, b = 0, c = 0
5a = 0, b = 1, c = 1
6a = 0, b = 1, c = 0
7a = 0, b = 0, c = 1
8a = 0, b = 0, c = 0
5.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flopsMédia
Um multiplexador 4-para-1 tem as entradas de seleção S₁ = A e S₀ = B, e as entradas de dados ligadas a I₀ = C, I₁ = C′, I₂ = 0, I₃ = 1. Para quantas das 8 combinações de A, B e C a saída vale F = 1? Encontre N.
I₀ = CI₁ = C′I₂ = 0I₃ = 1
N =
6.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flopsDifícil
Um flip-flop JK acionado na borda de subida começa com Q = 0 e recebe as entradas mostradas em 8 bordas de subida do clock. Quantas vezes N Q muda de estado?
Q₀ = 0JK
N =
7.Teoria dos números e aritmética modularMédia
Resolva 17x ≡ 12 (mod 20). Dê a solução x com 0 < x < 20.
17x ≡ 12 (mod 20)
x =
8.Teoria dos números e aritmética modularDifícil
Resolva 42x ≡ 48 (mod 74). Dê a menor solução positiva x.
42x ≡ 48 (mod 74)
x =
9.Algoritmos e complexidadeMédia
O limite inferior para ordenação baseada em comparações no pior caso é:
AΩ(n²)
BΩ(log n)
CΩ(n)
DΩ(n log n)
10.Algoritmos e complexidadeDifícil
Por que qualquer busca baseada em comparações num array ordenado precisa de Ω(log n) comparações no pior caso?
AA busca binária é o único algoritmo possível e precisa de log₂ n comparações
BTodo elemento precisa ser comparado pelo menos uma vez
CUma árvore de decisão com n resultados possíveis precisa ter profundidade de pelo menos log₂ n
DCada comparação leva tempo logarítmico
11.Estruturas de dadosMédia
Por que um heap binário pode ser armazenado em um array sem nenhum ponteiro?
AArrays mantêm as chaves automaticamente em ordem, então não são necessários ponteiros
BTodas as chaves de um heap são iguais
CÉ uma árvore binária completa, então as posições seguem fórmulas simples de índice
DHeaps nunca têm mais de 100 elementos
12.Estruturas de dadosDifícil
Em um buffer circular, front == rear pode significar vazio ou cheio. Qual é uma forma comum de distinguir os dois casos?
AFazer o tamanho do buffer ser uma potência de dois
BGuardar front e rear na mesma variável
CManter uma contagem separada de elementos, ou sempre deixar uma posição sem uso
DSempre limpar o buffer quando front for igual a rear, de modo que o estado seja vazio
13.Teoria dos grafosMédia
O grafo conexo tem um circuito euleriano, um caminho euleriano que não é circuito, ou nenhum dos dois? Clique na sua resposta.
|V| = 7|E| = 9
1Circuito euleriano
2Caminho euleriano, sem circuito
3nenhuma das duas
14.Teoria dos grafosDifícil
Quantos passeios de comprimento 2 vão de E a A? Um passeio pode repetir vértices e arestas. Chame o número de N.
M = matriz de adjacênciaL = 2
N =
15.Bases de dados e SQLMédia
Na álgebra relacional, o operador de seleção (σ) corresponde a qual cláusula SQL?
ALista do SELECT
BGROUP BY
CORDER BY
DWHERE
16.Bases de dados e SQLDifícil
Por que SELECT dept, name, COUNT(*) FROM emp GROUP BY dept é inválido no SQL padrão?
Adept deve aparecer dentro de uma função de agregação
BCOUNT(*) não pode ser usado junto com GROUP BY
Cname não está agrupado nem agregado, então não tem um valor único por grupo
DGROUP BY deve listar todas as colunas da tabela
17.Redes de computadoresMédia
Em que um firewall stateful difere de um filtro de pacotes simples?
AAcompanha as conexões e permite respostas que pertencem a sessões estabelecidas
BVerifica apenas o endereço MAC de cada quadro
CBloqueia todo o tráfego de entrada sem exceções, inclusive as respostas a requisições de saída
DCriptografa cada pacote que encaminha
18.Redes de computadoresDifícil
Qual protocolo de roteamento é do tipo estado de enlace (link-state)?
ARIP
BOSPF
CARP
DBGP
19.Sub-redes IPv4Média
A rede 10.240.80.0/20 é dividida em sub-redes iguais com prefixo /22. Quantas sub-redes N existem?
10.240.80.0/20/22
N =
20.Sub-redes IPv4Difícil
Um roteador tem rotas para estas redes: 10.71.10.0/24, 10.71.11.0/24, 10.71.12.0/24, 10.71.13.0/24, 10.71.14.0/24. Qual é o maior comprimento de prefixo p de uma única rota sumarizada que cubra todas elas?
10.71.10.0/24 … 10.71.14.0/24
p =
3Soluções
1.Sistemas de numeração
Resposta: U = 140
Sistemas de numeração posicionais: cada algarismo vale o seu valor vezes uma potência da base. Em binário as posições valem 1, 2, 4, 8, 16, …; em hexadecimal 1, 16, 256, …, com A–F para 10–15. No complemento para dois de 8 bits, o bit da esquerda vale −128 em vez de +128; é assim que se guardam os números negativos.
Inverter e somar um
116 = 0111 0100
invertido: 1000 1011
+1 → 1000 1100
Ler sem sinal
1000 1100₂ = 256 − 116 = 140
Resposta
U = 140
2.Sistemas de numeração
Resposta: M = 768 KiB
Sistemas de numeração posicionais: cada algarismo vale o seu valor vezes uma potência da base. Em binário as posições valem 1, 2, 4, 8, 16, …; em hexadecimal 1, 16, 256, …, com A–F para 10–15. No complemento para dois de 8 bits, o bit da esquerda vale −128 em vez de +128; é assim que se guardam os números negativos.
Bits e bytes
512·512·24 = 6291456 bit = 786432 B
Converter para KiB
786432/1024 = 768 KiB
Resposta
M = 768 KiB
3.Lógica proposicional e demonstrações
Resposta: ¬b ∧ ¬a
Equivalência lógica: duas fórmulas são equivalentes (≡) quando têm o mesmo valor em todas as linhas da tabela-verdade. Uma tautologia vale 1 em todas as linhas, uma contradição vale 0 em todas as linhas, e uma contingência não é nenhuma das duas. Leis úteis: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b e ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contrapositiva); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; e as leis distributivas, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Partes da implicação
a = ¬b, b = a
Negação da implicação
¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = ¬b ∧ ¬a
Resposta
¬b ∧ ¬a
Se a suposição leva a uma contradição, a implicação deve ser verdadeira.
4.Lógica proposicional e demonstrações
Resposta: a = 0, b = 1, c = 1
Quantificadores e argumentos: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) e ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Mova a negação para dentro, troque todo quantificador que ela atravessa e negue a fórmula interna com as leis proposicionais, como ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Um argumento é válido quando a conclusão vale 1 em toda linha em que todas as premissas valem 1. Uma única linha com premissas verdadeiras e conclusão falsa é um contraexemplo e mostra que o argumento é inválido.
Premissas e conclusão linha por linha
a = 1, b = 1, c = 1: 1 1 | 1
a = 1, b = 1, c = 0: 0 0 | 1
a = 1, b = 0, c = 1: 1 1 | 1
a = 1, b = 0, c = 0: 1 0 | 1
a = 0, b = 1, c = 1: 1 1 | 0
a = 0, b = 1, c = 0: 0 1 | 0
a = 0, b = 0, c = 1: 1 1 | 1
a = 0, b = 0, c = 0: 1 1 | 1
Contraexemplo
a = 0, b = 1, c = 1
Resposta
a = 0, b = 1, c = 1
Um argumento com essa forma parece uma regra válida, mas uma linha basta para mostrar que não é.
5.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flops
Resposta: N = 4
Multiplexador: um multiplexador 2ⁿ-para-1 leva uma de suas entradas de dados à saída; as linhas de seleção, lidas como um número binário, escolhem qual. Para um MUX 4-para-1 com seleções S₁S₀ = AB, F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Ligar as entradas de dados a 0, 1, C ou C′ faz o MUX produzir qualquer função de A, B e C, o que é uma maneira comum de construir lógica com um único chip.
Expressão da saída
F = A′B′C + A′BC′ + AB
Linhas com F = 1
ABC = 001, 010, 110, 111
N = 4
Resposta
N = 4
6.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flops
Resposta: N = 3
Flip-flops e contadores: um flip-flop muda apenas na borda ativa do clock. D copia a sua entrada (Q⁺ = D); T inverte quando T = 1; JK mantém para 00, zera para 01, seta para 10 e inverte para 11. Um contador binário de n bits tem 2ⁿ estados e conta módulo 2ⁿ; um contador módulo N conta 0, 1, …, N − 1 e volta a 0, e precisa de flip-flops em número igual ao menor n com 2ⁿ ≥ N. Cada estágio de um contador assíncrono (ripple) divide a frequência por dois, de modo que a última saída de um contador módulo N funciona a fclk/N. Um contador Johnson de n flip-flops tem 2n estados, um contador em anel n.
Inversos e congruências: a tem inverso módulo n exatamente quando mdc(a, n) = 1. O algoritmo de Euclides estendido escreve 1 = s·n + t·a, e então a⁻¹ ≡ t (mod n). Uma congruência a·x ≡ b (mod n) com mdc(a, n) = 1 tem a solução x ≡ a⁻¹·b. Duas congruências x ≡ r₁ (mod m₁) e x ≡ r₂ (mod m₂) com módulos coprimos têm uma solução módulo m₁·m₂ (teorema chinês do resto). O φ(n) de Euler conta os números de 1 a n que são coprimos com n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Inverso de 17
r = 20, t = 0
r = 17, q = 1, t = 1
r = 3, q = 5, t = −1
r = 2, q = 1, t = 6
r = 1, q = 2, t = −7
17−1 ≡ 13 (mod 20)
Resolva
x ≡ 13·12 = 156 ≡ 16 (mod 20)
verificação: 17·16 = 272 ≡ 12 (mod 20)
Resposta
x = 16
8.Teoria dos números e aritmética modular
Resposta: x = 17
Inversos e congruências: a tem inverso módulo n exatamente quando mdc(a, n) = 1. O algoritmo de Euclides estendido escreve 1 = s·n + t·a, e então a⁻¹ ≡ t (mod n). Uma congruência a·x ≡ b (mod n) com mdc(a, n) = 1 tem a solução x ≡ a⁻¹·b. Duas congruências x ≡ r₁ (mod m₁) e x ≡ r₂ (mod m₂) com módulos coprimos têm uma solução módulo m₁·m₂ (teorema chinês do resto). O φ(n) de Euler conta os números de 1 a n que são coprimos com n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Divida pelo mdc
gcd(42, 74) = 2
21x ≡ 24 (mod 37)
Resolva a congruência reduzida
21−1 ≡ 30 (mod 37) → x ≡ 17 (mod 37)
Soluções módulo 74
x ∈ {17, 54}
x = 17
Resposta
x = 17
9.Algoritmos e complexidade
Resposta: D · Ω(n log n)
Porque é esta a resposta
Qualquer ordenação por comparação precisa de pelo menos log₂(n!) ≈ n log n comparações no pior caso. O counting sort supera esse limite porque não faz comparações.
Resposta
D · Ω(n log n)
10.Algoritmos e complexidade
Resposta: C · Uma árvore de decisão com n resultados possíveis precisa ter profundidade de pelo menos log₂ n
Porque é esta a resposta
Cada comparação no máximo divide pela metade o conjunto de possibilidades restantes, então distinguir n posições exige pelo menos log₂ n comparações.
Resposta
C · Uma árvore de decisão com n resultados possíveis precisa ter profundidade de pelo menos log₂ n
11.Estruturas de dados
Resposta: C · É uma árvore binária completa, então as posições seguem fórmulas simples de índice
Porque é esta a resposta
Ser completa significa não ter lacunas, então os filhos do índice i estão sempre em 2i + 1 e 2i + 2.
Resposta
C · É uma árvore binária completa, então as posições seguem fórmulas simples de índice
12.Estruturas de dados
Resposta: C · Manter uma contagem separada de elementos, ou sempre deixar uma posição sem uso
Porque é esta a resposta
Com uma contagem, vazio significa count = 0 e cheio significa count = capacidade; com uma posição vazia, cheio é definido como (rear + 1) mod n == front.
Resposta
C · Manter uma contagem separada de elementos, ou sempre deixar uma posição sem uso
13.Teoria dos grafos
Resposta: nenhuma das duas
Euler, Hamilton e árvores: um grafo conexo tem um circuito euleriano (cada aresta uma vez, de volta ao início) quando todo vértice tem grau par, e um caminho euleriano que não é circuito quando exatamente dois vértices têm grau ímpar; o caminho vai então de um vértice ímpar ao outro. Um circuito hamiltoniano visita cada vértice uma vez; Kn tem (n − 1)!/2 deles. Uma árvore com n vértices tem n − 1 arestas, e um grafo conexo com m arestas mantém uma árvore geradora depois de remover m − n + 1 arestas.
Graus: o grau de um vértice é o número de arestas que o tocam. Cada aresta tem duas pontas, então os graus somam o dobro do número de arestas: Σ deg(v) = 2|E| (o lema do aperto de mãos). Portanto o número de vértices de grau ímpar é par. Kn tem n(n − 1)/2 arestas, um grafo k-regular com n vértices tem nk/2, e uma árvore com n vértices tem n − 1 arestas.
Matriz de adjacência
A: 0 1 1 0 0
B: 1 0 0 1 1
C: 1 0 0 0 1
D: 0 1 0 0 1
E: 0 1 1 1 0
Vizinhos comuns
(M²)EA = 0·0 + 1·1 + 1·1 + 1·0 + 0·0 = 2
Resposta
N = 2
15.Bases de dados e SQL
Resposta: D · WHERE
Porque é esta a resposta
σcondição(R) retorna as tuplas de R que satisfazem a condição, como uma cláusula WHERE.
Resposta
D · WHERE
16.Bases de dados e SQL
Resposta: C · name não está agrupado nem agregado, então não tem um valor único por grupo
Porque é esta a resposta
Toda coluna da lista do SELECT deve estar no GROUP BY ou dentro de uma agregação (ou depender funcionalmente das colunas de agrupamento); caso contrário, o valor é ambíguo.
Resposta
C · name não está agrupado nem agregado, então não tem um valor único por grupo
17.Redes de computadores
Resposta: A · Acompanha as conexões e permite respostas que pertencem a sessões estabelecidas
Porque é esta a resposta
Um firewall stateful mantém uma tabela de conexões ativas, de modo que o tráfego de retorno é permitido automaticamente. Um filtro stateless julga cada pacote isoladamente.
Resposta
A · Acompanha as conexões e permite respostas que pertencem a sessões estabelecidas
18.Redes de computadores
Resposta: B · OSPF
Porque é esta a resposta
Roteadores OSPF constroem um mapa completo da área e calculam os caminhos mais curtos com o algoritmo de Dijkstra. O RIP é vetor de distância; o BGP é vetor de caminho.
Resposta
B · OSPF
19.Sub-redes IPv4
Resposta: N = 4
IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).
Bits emprestados
22 − 20 = 2
Número de sub-redes
N = 22 = 4
Resposta
N = 4
Cada sub-rede /22 tem 210 − 2 = 1022 hosts utilizáveis.
20.Sub-redes IPv4
Resposta: p = 21
Sumarização de rotas: uma rota sumarizada a.b.c.0/p cobre todas as redes cujos primeiros p bits coincidem. Escreva em binário o octeto que difere entre a primeira e a última rede; o número de bits iniciais em comum, mais os bits dos octetos anteriores, é o maior prefixo de sumarização.
Compare os bits
10 = 00001010
14 = 00001110
bits iniciais em comum: 5
Comprimento do prefixo
p = 16 + 5 = 21
Resposta
p = /21
Rota sumarizada: 10.71.8.0/21 (ela também cobre 3 rede(s) que não estão na lista).