Conte as variáveis diferentes: a tabela-verdade tem 2ⁿ linhas, começando com todas elas iguais a 1.
Dê a cada subfórmula a sua própria coluna e preencha as colunas de dentro para fora.
Aplique a regra de cada conectivo: → só é 0 para 1 → 0, ↔ vale 1 quando os dois lados coincidem.
Para equivalências, compare as colunas finais linha a linha; para um argumento, olhe apenas as linhas em que todas as premissas valem 1.
Para negar uma afirmação quantificada, mova ¬ para dentro, troque ∀ e ∃ e negue a fórmula interna.
Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flops
Portas básicas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Regras booleanas
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordem do mapa de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupo de 2ᵏ células
perde k variáveis
Multiplexador 4-para-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flops
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Contadores
n bits: 2ⁿ estados; mod-N: menor n com 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Contador assíncrono (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Contadores em anel e Johnson
n e 2n estados
Método
Para um circuito, trabalhe das entradas até a saída, uma porta de cada vez, e escreva o valor em cada fio, ou escreva a sua expressão e preencha a tabela-verdade.
Para simplificar, coloque os 1s (e as condições irrelevantes como X) num mapa de Karnaugh com linhas e colunas em código Gray: 00, 01, 11, 10.
Cubra os 1s com o menor número possível de grupos, os maiores possíveis, de 1, 2, 4, 8 ou 16 células, dando a volta pelas bordas; cada grupo é um termo produto formado pelas variáveis que permanecem constantes. Agrupe os 0s para a forma POS.
Para flip-flops e contadores, leia as entradas em cada borda ativa do clock, escreva o estado após cada borda e lembre-se de que um contador de n bits dá a volta após 2ⁿ estados.
Teoria dos números e aritmética modular
Divisão com resto
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mínimo múltiplo comum
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inversa
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruência linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Função totiente de Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Método
Reduza antes todos os números módulo n; os restos ficam entre 0 e n − 1.
Para um mdc, divida repetidamente com o algoritmo de Euclides; o último resto não nulo é o mdc.
Para um inverso, execute o algoritmo estendido e guarde o coeficiente de a; some n se ele for negativo.
Resolva a·x ≡ b multiplicando por a⁻¹; combine duas congruências escrevendo x = r₁ + m₁k.
Para potências, escreva o expoente em binário e eleve ao quadrado repetidamente; no RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) com φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Teoria dos grafos
Lema do aperto de mãos
Σ deg(v) = 2|E|
Grafos completos
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Grafo regular
|E| = n·k/2
Árvore e floresta
|E| = n − 1, |E| = n − c
Folhas de uma árvore
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuito: todos os graus pares; caminho: exatamente 2 graus ímpares
Circuitos hamiltonianos em Kn
(n − 1)!/2
Atualização de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Passeios de comprimento L
(Mᴸ)ij
Método
Anote o grau de cada vértice; a soma dos graus é igual ao dobro do número de arestas.
Em questões de Euler, verifique se o grafo é conexo e conte os vértices de grau ímpar.
Para árvores, use n − 1 arestas e o lema do aperto de mãos.
Em Dijkstra, mantenha uma tabela de distâncias provisórias e fixe a cada rodada o vértice não fixado de menor distância.
Para uma árvore geradora mínima, ordene as arestas por peso e pule toda aresta que feche um ciclo (Kruskal), ou faça crescer uma árvore a partir de um vértice inicial (Prim).
Sub-redes IPv4
Hosts por sub-rede
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Tamanho do bloco
256 − (mask octet)
Endereço de rede
IP AND máscara
Endereço de broadcast
IP OR (NOT máscara): todos os bits de host a 1
Sub-redes com n bits emprestados
2n
2Exercícios
1.Sistemas de numeraçãoMédia
Defina os bits para armazenar −98 em complemento de dois de 8 bits. Lido como um número sem sinal, qual é o valor U do padrão?
N = −988 bit
U =
2.Sistemas de numeraçãoDifícil
Defina os bits com o resultado de 8 bits de 0110 1101 XOR 1100 0000. Qual é o valor R do resultado em decimal?
0110 1101XOR1100 0000
R =
3.Lógica proposicional e demonstraçõesMédia
¬(r ∨ ¬r) é uma tautologia, uma contradição ou uma contingência? Clique na sua resposta.
¬(r ∨ ¬r)
1tautologia
2contradição
3contingência
4.Lógica proposicional e demonstraçõesDifícil
São dadas as premissas p → r; r → q; ¬q. Qual conclusão decorre delas? Clique nela.
p → rr → q¬q
1p
2q
3¬p
4¬p ∧ q
5.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flopsMédia
Use o mapa de Karnaugh para encontrar a forma mínima em soma de produtos (SOP) de F(A, B, C) = Σm(0, 5, 6). Quantos literais L ela contém no total (uma variável com apóstrofo conta como um literal)?
F(A, B, C) = Σm(0, 5, 6)
L =
6.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flopsDifícil
Um contador em anel de 4 bits Q₃Q₂Q₁Q₀ começa em 1010. A cada borda do clock os bits se deslocam uma posição para a direita (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀) e Q₃ recebe Q₀. Dê o estado Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ como número decimal após 10 bordas do clock.
Q₃Q₂Q₁Q₀ = 101010
Q =
7.Teoria dos números e aritmética modularMédia
Encontre o inverso de 23 módulo 31: o número x com 0 < x < 31 e 23·x ≡ 1 (mod 31).
a = 23n = 31
23−1 mod 31 =
8.Teoria dos números e aritmética modularDifícil
Resolva 36x ≡ 12 (mod 46). Dê a menor solução positiva x.
36x ≡ 12 (mod 46)
x =
9.Algoritmos e complexidadeMédia
O que a análise amortizada mede?
AO custo médio por operação ao longo de uma sequência de operações de pior caso
BO custo de um algoritmo com a melhor entrada
CO custo esperado sobre entradas aleatórias
DO custo da operação individual mais cara em qualquer ponto da sequência
10.Algoritmos e complexidadeDifícil
Qual destes problemas de satisfatibilidade é sabidamente solúvel em tempo polinomial?
A2-SAT, em que cada cláusula tem no máximo dois literais
B3-SAT, em que cada cláusula tem exatamente três literais
CSAT geral em fórmulas na forma normal conjuntiva
DSatisfatibilidade de circuitos
11.Estruturas de dadosMédia
Uma fila é implementada com duas pilhas: push numa pilha "in" e pop numa pilha "out", reabastecida a partir de "in" quando está vazia. Qual é o custo amortizado por operação?
AO(1)
BO(n²)
CO(n)
DO(log n)
12.Estruturas de dadosDifícil
Qual par de percursos sempre determina uma árvore binária única com chaves distintas?
ASó a pré-ordem
BSó o percurso por níveis
CPré-ordem e pós-ordem
DPré-ordem e em ordem
13.Teoria dos grafosMédia
Um grafo conexo tem 16 vértices e 22 arestas. Quantas arestas k devem ser removidas para sobrar uma árvore geradora?
|V| = 16|E| = 22
k =
14.Teoria dos grafosDifícil
Encontre o peso total W de uma árvore geradora mínima do grafo ponderado.
|V| = 5|E| = 7
W =
15.Bases de dados e SQLMédia
Por que SELECT price * 2 AS double_price FROM t WHERE double_price > 10 falha na maioria dos bancos de dados?
AWHERE é avaliado antes da lista do SELECT, então o alias ainda não existe
BWHERE só pode comparar colunas de texto
CAliases não podem conter sublinhado
DNão se permite aritmética na lista do SELECT
16.Bases de dados e SQLDifícil
O bloqueio em duas fases (2PL) garante:
AEscalonamentos serializáveis por conflito
BQue deadlocks nunca possam ocorrer
CQue transações nunca esperem
DQue nenhum bloqueio seja necessário
17.Redes de computadoresMédia
O que um registro MX no DNS especifica?
AUm apelido para outro host
BO endereço IPv4 de um servidor web
COs servidores de nomes de uma zona
DOs servidores de e-mail que aceitam mensagens para um domínio
18.Redes de computadoresDifícil
Um firewall bloqueia todo o ICMP. Requisições web pequenas funcionam, mas downloads grandes por alguns caminhos travam. Qual é a causa provável?
AO DNS precisa de ICMP para resolver nomes
BA descoberta de MTU do caminho falha porque as mensagens "fragmentation needed" são bloqueadas
COs certificados TLS são enviados por ICMP
DO TCP não consegue abrir conexões sem ICMP
19.Sub-redes IPv4Média
Uma sub-rede usa a máscara 255.255.255.192. Quantos endereços de host utilizáveis H ela tem?
255.255.255.192
H =
20.Sub-redes IPv4Difícil
A rede 192.168.246.0/24 é dividida com VLSM para estas LANs: A: 77 hosts, B: 27 hosts, C: 19 hosts, D: 6 hosts. As sub-redes são alocadas a partir de .0 para cima, primeiro a LAN com mais hosts, cada uma com a menor sub-rede que a comporte. Qual é o quarto octeto x do endereço de rede da LAN C?
A: 77B: 27C: 19D: 6
x =
3Soluções
1.Sistemas de numeração
Resposta: U = 158
Definir bits: cada bit vale uma potência de dois (128, 64, …, 1). Um dígito hexadecimal são exatamente quatro bits, e em complemento de dois de 8 bits o bit mais à esquerda vale −128. As operações bit a bit atuam em cada posição de bit separadamente.
Inverter e somar um
98 = 0110 0010
invertido: 1001 1101
+1 → 1001 1110
Ler sem sinal
1001 1110₂ = 256 − 98 = 158
Resposta
U = 158
2.Sistemas de numeração
Resposta: R = 173
Definir bits: cada bit vale uma potência de dois (128, 64, …, 1). Um dígito hexadecimal são exatamente quatro bits, e em complemento de dois de 8 bits o bit mais à esquerda vale −128. As operações bit a bit atuam em cada posição de bit separadamente.
Bit a bit
XOR dá 1 onde os dois bits são diferentes.
0110 1101
XOR 1100 0000
= 1010 1101
Valor do resultado
1010 1101₂ = 173
Resposta
R = 173
3.Lógica proposicional e demonstrações
Resposta: contradição
Equivalência lógica: duas fórmulas são equivalentes (≡) quando têm o mesmo valor em todas as linhas da tabela-verdade. Uma tautologia vale 1 em todas as linhas, uma contradição vale 0 em todas as linhas, e uma contingência não é nenhuma das duas. Leis úteis: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b e ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contrapositiva); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; e as leis distributivas, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Tabela-verdade linha por linha
r = 1: ¬r = 0, r ∨ ¬r = 1, ¬(r ∨ ¬r) = 0
r = 0: ¬r = 1, r ∨ ¬r = 1, ¬(r ∨ ¬r) = 0
Classifique
¬(r ∨ ¬r): 0, 0
0 em todas as linhas: uma contradição.
Resposta
contradição
4.Lógica proposicional e demonstrações
Resposta: ¬p
Quantificadores e argumentos: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) e ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Mova a negação para dentro, troque todo quantificador que ela atravessa e negue a fórmula interna com as leis proposicionais, como ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Um argumento é válido quando a conclusão vale 1 em toda linha em que todas as premissas valem 1. Uma única linha com premissas verdadeiras e conclusão falsa é um contraexemplo e mostra que o argumento é inválido.
Linhas com todas as premissas verdadeiras
p = 0, q = 0, r = 0: p = 0, q = 0, ¬p = 1, ¬p ∧ q = 0
Conclusão
¬p (modus tollens duas vezes)
Resposta
¬p
5.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flops
Resposta: L = 9
Mapas de Karnaugh: as células são ordenadas em código Gray (00, 01, 11, 10), de modo que células vizinhas, inclusive as que ficam nas bordas opostas, diferem em exatamente uma variável. Agrupe os 1s em retângulos de 1, 2, 4, 8 ou 16 células, o maior possível e o menor número possível, até que todo 1 esteja coberto. Cada grupo é um termo produto: as variáveis que permanecem constantes dentro dele. Um grupo de 2ᵏ células perde k variáveis. As condições irrelevantes (X) podem ser usadas para aumentar grupos, mas nunca precisam ser cobertas. Agrupar os 0s dá a forma POS mínima.
Agrupe os 1s
Todo grupo é um retângulo de 2ᵏ células; as células das bordas são vizinhas das células da borda oposta.
A′B′C′
AB′C
ABC′
Forma SOP mínima
F = A′B′C′ + AB′C + ABC′
L = 9
Resposta
L = 9
6.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flops
Resposta: Q = 10
Flip-flops e contadores: um flip-flop muda apenas na borda ativa do clock. D copia a sua entrada (Q⁺ = D); T inverte quando T = 1; JK mantém para 00, zera para 01, seta para 10 e inverte para 11. Um contador binário de n bits tem 2ⁿ estados e conta módulo 2ⁿ; um contador módulo N conta 0, 1, …, N − 1 e volta a 0, e precisa de flip-flops em número igual ao menor n com 2ⁿ ≥ N. Cada estágio de um contador assíncrono (ripple) divide a frequência por dois, de modo que a última saída de um contador módulo N funciona a fclk/N. Um contador Johnson de n flip-flops tem 2n estados, um contador em anel n.
Inversos e congruências: a tem inverso módulo n exatamente quando mdc(a, n) = 1. O algoritmo de Euclides estendido escreve 1 = s·n + t·a, e então a⁻¹ ≡ t (mod n). Uma congruência a·x ≡ b (mod n) com mdc(a, n) = 1 tem a solução x ≡ a⁻¹·b. Duas congruências x ≡ r₁ (mod m₁) e x ≡ r₂ (mod m₂) com módulos coprimos têm uma solução módulo m₁·m₂ (teorema chinês do resto). O φ(n) de Euler conta os números de 1 a n que são coprimos com n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Algoritmo de Euclides estendido
Cada resto r é escrito como r ≡ t·23 (mod 31).
r = 31, t = 0
r = 23, q = 1, t = 1
r = 8, q = 2, t = −1
r = 7, q = 1, t = 3
r = 1, q = 7, t = −4
Inversa
1 ≡ −4·23 (mod 31)
x = 27
verificação: 23·27 = 621 = 20·31 + 1
Resposta
23−1 mod 31 = 27
8.Teoria dos números e aritmética modular
Resposta: x = 8
Inversos e congruências: a tem inverso módulo n exatamente quando mdc(a, n) = 1. O algoritmo de Euclides estendido escreve 1 = s·n + t·a, e então a⁻¹ ≡ t (mod n). Uma congruência a·x ≡ b (mod n) com mdc(a, n) = 1 tem a solução x ≡ a⁻¹·b. Duas congruências x ≡ r₁ (mod m₁) e x ≡ r₂ (mod m₂) com módulos coprimos têm uma solução módulo m₁·m₂ (teorema chinês do resto). O φ(n) de Euler conta os números de 1 a n que são coprimos com n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Divida pelo mdc
gcd(36, 46) = 2
18x ≡ 6 (mod 23)
Resolva a congruência reduzida
18−1 ≡ 9 (mod 23) → x ≡ 8 (mod 23)
Soluções módulo 46
x ∈ {8, 31}
x = 8
Resposta
x = 8
9.Algoritmos e complexidade
Resposta: A · O custo médio por operação ao longo de uma sequência de operações de pior caso
Porque é esta a resposta
A análise amortizada distribui o custo de operações caras e raras por muitas operações baratas, dando uma média garantida para qualquer sequência.
Resposta
A · O custo médio por operação ao longo de uma sequência de operações de pior caso
10.Algoritmos e complexidade
Resposta: A · 2-SAT, em que cada cláusula tem no máximo dois literais
Porque é esta a resposta
O 2-SAT está em P (tempo linear via componentes fortemente conexas), enquanto o 3-SAT é NP-completo.
Resposta
A · 2-SAT, em que cada cláusula tem no máximo dois literais
11.Estruturas de dados
Resposta: A · O(1)
Porque é esta a resposta
Cada elemento é empilhado e desempilhado no máximo duas vezes no total, então, embora um reabastecimento possa levar O(n), a média em uma sequência é O(1).
Resposta
A · O(1)
12.Estruturas de dados
Resposta: D · Pré-ordem e em ordem
Porque é esta a resposta
A pré-ordem dá a raiz, e a posição dela na sequência em ordem separa as subárvores esquerda e direita; pré-ordem com pós-ordem é ambígua quando um nó tem um só filho.
Resposta
D · Pré-ordem e em ordem
13.Teoria dos grafos
Resposta: k = 7
Euler, Hamilton e árvores: um grafo conexo tem um circuito euleriano (cada aresta uma vez, de volta ao início) quando todo vértice tem grau par, e um caminho euleriano que não é circuito quando exatamente dois vértices têm grau ímpar; o caminho vai então de um vértice ímpar ao outro. Um circuito hamiltoniano visita cada vértice uma vez; Kn tem (n − 1)!/2 deles. Uma árvore com n vértices tem n − 1 arestas, e um grafo conexo com m arestas mantém uma árvore geradora depois de remover m − n + 1 arestas.
Arestas de uma árvore geradora
16 − 1 = 15
Arestas a remover
k = 22 − 15 = 7
Resposta
k = 7
14.Teoria dos grafos
Resposta: W = 20
Caminhos mínimos e árvores geradoras: o algoritmo de Dijkstra fixa um vértice por rodada: o vértice não fixado com a menor distância provisória. Sua distância torna-se definitiva, e cada vizinho v recebe d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). O algoritmo de Kruskal constrói uma árvore geradora mínima tomando as arestas da mais leve para a mais pesada e descartando qualquer aresta que feche um ciclo; o algoritmo de Prim faz crescer uma árvore a partir de um vértice inicial acrescentando sempre a aresta mais leve que sai dela. Uma árvore geradora de n vértices tem n − 1 arestas.
Algoritmo de Kruskal
CE (2): tomar
BC (3): tomar
AB (4): tomar
AC (8): descartar, fecha um ciclo
DE (11): tomar
Peso total
W = 2 + 3 + 4 + 11 = 20
Resposta
W = 20
15.Bases de dados e SQL
Resposta: A · WHERE é avaliado antes da lista do SELECT, então o alias ainda não existe
Porque é esta a resposta
Logicamente, FROM e WHERE são executados antes do SELECT, então repita a expressão no WHERE ou use uma subconsulta; ORDER BY pode usar o alias porque é executado depois do SELECT.
Resposta
A · WHERE é avaliado antes da lista do SELECT, então o alias ainda não existe
16.Bases de dados e SQL
Resposta: A · Escalonamentos serializáveis por conflito
Porque é esta a resposta
O 2PL garante a serializabilidade, mas deadlocks continuam possíveis e precisam ser detectados ou evitados.
Resposta
A · Escalonamentos serializáveis por conflito
17.Redes de computadores
Resposta: D · Os servidores de e-mail que aceitam mensagens para um domínio
Porque é esta a resposta
Os registros MX (mail exchange) listam servidores de e-mail com prioridades, para que os servidores remetentes saibam onde entregar as mensagens desse domínio.
Resposta
D · Os servidores de e-mail que aceitam mensagens para um domínio
18.Redes de computadores
Resposta: B · A descoberta de MTU do caminho falha porque as mensagens "fragmentation needed" são bloqueadas
Porque é esta a resposta
A PMTUD depende de mensagens ICMP para descobrir a MTU menor. Se elas forem descartadas, os pacotes grandes desaparecem silenciosamente, criando uma conexão "buraco negro".
Resposta
B · A descoberta de MTU do caminho falha porque as mensagens "fragmentation needed" são bloqueadas
19.Sub-redes IPv4
Resposta: H = 62
IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).
Comprimento do prefixo
255.255.255.192 = /26
Hosts utilizáveis
26 − 2 = 62
Resposta
H = 62
20.Sub-redes IPv4
Resposta: x = 160
VLSM: cada LAN recebe a menor sub-rede com 2ʰ − 2 ≥ seu número de hosts, ou seja, prefixo 32 − h. Alocar primeiro as maiores sub-redes mantém cada bloco alinhado em um múltiplo do seu próprio tamanho, então os endereços de rede saem somando os tamanhos dos blocos.