Fundamentos de Ciência da Computação: pacote de revisão

Formulários, as principais etapas dos métodos de cada tópico e 20 exercícios, com soluções completas no final.

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1Fórmulas e métodos

Sistemas de numeração

Pesos das posições
binário 2k, octal 8k, hexadecimal 16k
Para decimal
Σ dk·bk
A partir de decimal
divida pela base e leia os restos de baixo para cima
Hexadecimal ↔ binário
um dígito hexadecimal = 4 bits
Complemento para dois
inverta os bits e some 1

Lógica proposicional e demonstrações

Linhas de uma tabela-verdade
2ⁿ
Implicação
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implicação negada
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bicondicional
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Leis distributivas
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificadores negados
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Método

  1. Conte as variáveis diferentes: a tabela-verdade tem 2ⁿ linhas, começando com todas elas iguais a 1.
  2. Dê a cada subfórmula a sua própria coluna e preencha as colunas de dentro para fora.
  3. Aplique a regra de cada conectivo: → só é 0 para 1 → 0, ↔ vale 1 quando os dois lados coincidem.
  4. Para equivalências, compare as colunas finais linha a linha; para um argumento, olhe apenas as linhas em que todas as premissas valem 1.
  5. Para negar uma afirmação quantificada, mova ¬ para dentro, troque ∀ e ∃ e negue a fórmula interna.

Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flops

Portas básicas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Regras booleanas
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordem do mapa de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupo de 2ᵏ células
perde k variáveis
Multiplexador 4-para-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flops
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Contadores
n bits: 2ⁿ estados; mod-N: menor n com 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Contador assíncrono (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Contadores em anel e Johnson
n e 2n estados

Método

  1. Para um circuito, trabalhe das entradas até a saída, uma porta de cada vez, e escreva o valor em cada fio, ou escreva a sua expressão e preencha a tabela-verdade.
  2. Para simplificar, coloque os 1s (e as condições irrelevantes como X) num mapa de Karnaugh com linhas e colunas em código Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Cubra os 1s com o menor número possível de grupos, os maiores possíveis, de 1, 2, 4, 8 ou 16 células, dando a volta pelas bordas; cada grupo é um termo produto formado pelas variáveis que permanecem constantes. Agrupe os 0s para a forma POS.
  4. Para flip-flops e contadores, leia as entradas em cada borda ativa do clock, escreva o estado após cada borda e lembre-se de que um contador de n bits dá a volta após 2ⁿ estados.

Teoria dos números e aritmética modular

Divisão com resto
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mínimo múltiplo comum
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inversa
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruência linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Função totiente de Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Método

  1. Reduza antes todos os números módulo n; os restos ficam entre 0 e n − 1.
  2. Para um mdc, divida repetidamente com o algoritmo de Euclides; o último resto não nulo é o mdc.
  3. Para um inverso, execute o algoritmo estendido e guarde o coeficiente de a; some n se ele for negativo.
  4. Resolva a·x ≡ b multiplicando por a⁻¹; combine duas congruências escrevendo x = r₁ + m₁k.
  5. Para potências, escreva o expoente em binário e eleve ao quadrado repetidamente; no RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) com φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teoria dos grafos

Lema do aperto de mãos
Σ deg(v) = 2|E|
Grafos completos
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Grafo regular
|E| = n·k/2
Árvore e floresta
|E| = n − 1, |E| = n − c
Folhas de uma árvore
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuito: todos os graus pares; caminho: exatamente 2 graus ímpares
Circuitos hamiltonianos em Kn
(n − 1)!/2
Atualização de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Passeios de comprimento L
(Mᴸ)ij

Método

  1. Anote o grau de cada vértice; a soma dos graus é igual ao dobro do número de arestas.
  2. Em questões de Euler, verifique se o grafo é conexo e conte os vértices de grau ímpar.
  3. Para árvores, use n − 1 arestas e o lema do aperto de mãos.
  4. Em Dijkstra, mantenha uma tabela de distâncias provisórias e fixe a cada rodada o vértice não fixado de menor distância.
  5. Para uma árvore geradora mínima, ordene as arestas por peso e pule toda aresta que feche um ciclo (Kruskal), ou faça crescer uma árvore a partir de um vértice inicial (Prim).

Sub-redes IPv4

Hosts por sub-rede
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Tamanho do bloco
256 − (mask octet)
Endereço de rede
IP AND máscara
Endereço de broadcast
IP OR (NOT máscara): todos os bits de host a 1
Sub-redes com n bits emprestados
2n

2Exercícios

1.Sistemas de numeraçãoMédia
complemento para dois de 8 bits0−12806403201608040201

Defina os bits para armazenar −69 em complemento de dois de 8 bits. Lido como um número sem sinal, qual é o valor U do padrão?

N = −698 bit
U =
2.Sistemas de numeraçãoDifícil
16 bit1 px1920 px1080 pxM = ? KiB

Uma imagem sem compressão tem 1920 × 1080 píxeis com 16 bits por píxel. Quanta memória M ocupa, em KiB (1 KiB = 1024 bytes)?

1920 × 1080 px16 bit/px1 KiB = 1024 B
M = KiB
3.Lógica proposicional e demonstraçõesMédia
q ∧ ¬rq → ¬r¬q ∨ ¬r¬q ∧ r

Qual fórmula é logicamente equivalente a ¬(q → r)? Clique nela.

¬(q → r)
  1. 1q ∧ ¬r
  2. 2q → ¬r
  3. 3¬q ∨ ¬r
  4. 4¬q ∧ r
4.Lógica proposicional e demonstraçõesDifícil
∃x ∃y (R(x, y) → ¬R(y, x))∃x ∃y (¬R(x, y) ∧ ¬R(y, x))∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))∀x ∀y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

Qual afirmação é equivalente a ¬∀x ∀y (R(x, y) → R(y, x)), com a negação movida totalmente para dentro? Clique nela.

¬∀x ∀y (R(x, y) → R(y, x))
  1. 1∃x ∃y (R(x, y) → ¬R(y, x))
  2. 2∃x ∃y (¬R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
  3. 3∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
  4. 4∀x ∀y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
5.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flopsMédia
ABCD000111100001111011111

Neste mapa de Karnaugh exatamente um 1 não tem 1 vizinho, então permanece um grupo de uma célula (um mintermo completo de quatro literais) na forma SOP mínima. Os vizinhos através das bordas do mapa contam. Clique nessa célula.

F = Σm(0, 3, 11, 12, 14)
  1. 1AB = 00, CD = 00
  2. 2AB = 00, CD = 01
  3. 3AB = 00, CD = 11
  4. 4AB = 00, CD = 10
  5. 5AB = 01, CD = 00
  6. 6AB = 01, CD = 01
  7. 7AB = 01, CD = 11
  8. 8AB = 01, CD = 10
  9. 9AB = 11, CD = 00
  10. 10AB = 11, CD = 01
  11. 11AB = 11, CD = 11
  12. 12AB = 11, CD = 10
  13. 13AB = 10, CD = 00
  14. 14AB = 10, CD = 01
  15. 15AB = 10, CD = 11
  16. 16AB = 10, CD = 10
6.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flopsDifícil
ABCD0001111000011110X0110302X4X507161120131150141809111010

Para F(A, B, C, D) = Σm(1, 6, 8, 11, 12, 15) + d(0, 4, 5), em que d marca as condições irrelevantes (don’t-care), encontre o número N de implicantes primos essenciais.

F(A, B, C, D) = Σm(1, 6, 8, 11, 12, 15) + d(0, 4, 5)
N =
7.Teoria dos números e aritmética modularMédia

Encontre o inverso de 13 módulo 35: o número x com 0 < x < 35 e 13·x ≡ 1 (mod 35).

a = 13n = 35
13−1 mod 35 =
8.Teoria dos números e aritmética modularDifícil

Use a elevação ao quadrado repetida para encontrar 21170 mod 43.

a = 21k = 170n = 43
21170 mod 43 =
9.Algoritmos e complexidadeMédia

Por que muitas rotinas de ordenação de bibliotecas passam para o insertion sort em subarrays muito pequenos?

  1. AAlgoritmos recursivos não conseguem lidar com arrays de menos de 10 elementos
  2. BO insertion sort tem pouco overhead e é rápido com entradas pequenas ou quase ordenadas
  3. CO insertion sort é O(n log n) no pior caso
  4. DO insertion sort usa menos memória que qualquer outro algoritmo de ordenação em entradas grandes
10.Algoritmos e complexidadeDifícil

O problema da parada mostra que:

  1. ALaços devem ser evitados
  2. BTodo programa acaba parando
  3. CAlguns programas rodam mais rápido em computadores mais rápidos, então a parada depende do hardware
  4. DNenhum algoritmo consegue decidir, para todo programa e toda entrada, se o programa para
11.Estruturas de dadosMédia

Você tem uma referência para um nó no meio de uma lista. Em qual lista é possível removê-lo em O(1)?

  1. AUma lista simplesmente encadeada
  2. BUm array ordenado
  3. CUm array dinâmico
  4. DUma lista duplamente encadeada
12.Estruturas de dadosDifícil

O que uma splay tree faz depois de cada acesso?

  1. AReconstrói a árvore inteira na forma balanceada
  2. BRecolore os nós do caminho de busca
  3. CLeva o nó acessado até a raiz por rotações
  4. DMove o nó acessado para uma folha
13.Teoria dos grafosMédia

Quantos circuitos hamiltonianos diferentes H tem o grafo completo K6? Circuitos que diferem apenas no vértice inicial ou no sentido contam como o mesmo.

K6
H =
14.Teoria dos grafosDifícil
ABCDEF

Quantos passeios de comprimento 3 vão de A a D? Um passeio pode repetir vértices e arestas. Chame o número de N.

M = matriz de adjacênciaL = 3
N =
15.Bases de dados e SQLMédia

O que faz ROLLBACK TO SAVEPOINT s1?

  1. AEncerra a transação e confirma tudo
  2. BDesfaz as alterações feitas depois do savepoint s1, mantendo a transação aberta
  3. CApaga o savepoint e todas as tabelas alteradas desde então
  4. DDesfaz a transação inteira desde o início
16.Bases de dados e SQLDifícil

x é NULL e y = 1. Qual é o valor da condição (x > 5 OR y = 1)?

  1. AUNKNOWN
  2. BTRUE
  3. CFALSE
  4. DNULL, então a linha é sempre rejeitada
17.Redes de computadoresMédia

Um roteador tem rotas para 10.0.0.0/8 e 10.1.0.0/16. Qual rota ele usa para um pacote destinado a 10.1.5.5?

  1. AAs duas rotas, dividindo o tráfego igualmente
  2. B10.1.0.0/16, por ser o prefixo correspondente mais longo
  3. C10.0.0.0/8, porque foi adicionada primeiro
  4. D10.0.0.0/8, porque abrange mais endereços que o /16
18.Redes de computadoresDifícil

As estações A e C alcançam o ponto de acesso B, mas não se ouvem, de modo que seus quadros colidem em B. Como o 802,11 ajuda?

  1. AAumentando o TTL dos quadros
  2. BRoteando os quadros de A através de C
  3. CTrocas opcionais RTS/CTS, de modo que o CTS do AP diz a todas as estações próximas que esperem
  4. DFazendo A e C usarem detecção de colisões, de modo que parem de enviar quando os quadros se sobrepuserem
19.Sub-redes IPv4Média
/24 → /2711111111111111111111111111100000bits de redebits de host

A rede 192.168.243.0/24 é dividida em sub-redes /27, numeradas 1, 2, 3, … a partir do menor endereço (a sub-rede 1 começa em .0). Qual é o quarto octeto x do endereço de broadcast da sub-rede 2?

192.168.243.0/24/27sub-rede 2 (a sub-rede 1 começa em .0)
x =
20.Sub-redes IPv4Difícil
terceiro octeto = 128112806403201608040201redehost

Um host tem o endereço 172.20.128.48/23. Qual é o terceiro octeto x do endereço de broadcast da sua sub-rede?

172.20.128.48/23
x =

3Soluções

1.Sistemas de numeração

Resposta: U = 187

Definir bits: cada bit vale uma potência de dois (128, 64, …, 1). Um dígito hexadecimal são exatamente quatro bits, e em complemento de dois de 8 bits o bit mais à esquerda vale −128. As operações bit a bit atuam em cada posição de bit separadamente.

Inverter e somar um

69 = 0100 0101
invertido: 1011 1010
+1 → 1011 1011

Ler sem sinal

1011 1011₂ = 256 − 69 = 187

Resposta

U = 187
2.Sistemas de numeração

Resposta: M = 4050 KiB

Sistemas de numeração posicionais: cada algarismo vale o seu valor vezes uma potência da base. Em binário as posições valem 1, 2, 4, 8, 16, …; em hexadecimal 1, 16, 256, …, com A–F para 10–15. No complemento para dois de 8 bits, o bit da esquerda vale −128 em vez de +128; é assim que se guardam os números negativos.

Bits e bytes

1920·1080·16 = 33177600 bit = 4147200 B

Converter para KiB

4147200/1024 = 4050 KiB

Resposta

M = 4050 KiB
3.Lógica proposicional e demonstrações

Resposta: q ∧ ¬r

Equivalência lógica: duas fórmulas são equivalentes (≡) quando têm o mesmo valor em todas as linhas da tabela-verdade. Uma tautologia vale 1 em todas as linhas, uma contradição vale 0 em todas as linhas, e uma contingência não é nenhuma das duas. Leis úteis: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b e ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contrapositiva); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; e as leis distributivas, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

A lei

¬(a → b) ≡ ¬(¬a ∨ b) ≡ a ∧ ¬b: a única linha em que uma implicação falha.
¬(q → r) ≡ q ∧ ¬r

Confira com a tabela-verdade

q = 1, r = 1: 0 | 0 0 0 0
q = 1, r = 0: 1 | 1 1 1 0
q = 0, r = 1: 0 | 0 1 1 1
q = 0, r = 0: 0 | 0 1 1 0

Resposta

q ∧ ¬r

As colunas depois da barra são as alternativas na ordem mostrada.

4.Lógica proposicional e demonstrações

Resposta: ∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

Quantificadores e argumentos: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) e ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Mova a negação para dentro, troque todo quantificador que ela atravessa e negue a fórmula interna com as leis proposicionais, como ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Um argumento é válido quando a conclusão vale 1 em toda linha em que todas as premissas valem 1. Uma única linha com premissas verdadeiras e conclusão falsa é um contraexemplo e mostra que o argumento é inválido.

Mova a negação para dentro

¬∀x ∀y (R(x, y) → R(y, x)) ≡ ∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

Resposta

∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

As outras alternativas mantêm um quantificador inalterado, mudam a ordem dos quantificadores ou negam a fórmula interna de forma errada.

5.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flops

Resposta: AB = 00, CD = 00

Mapas de Karnaugh: as células são ordenadas em código Gray (00, 01, 11, 10), de modo que células vizinhas, inclusive as que ficam nas bordas opostas, diferem em exatamente uma variável. Agrupe os 1s em retângulos de 1, 2, 4, 8 ou 16 células, o maior possível e o menor número possível, até que todo 1 esteja coberto. Cada grupo é um termo produto: as variáveis que permanecem constantes dentro dele. Um grupo de 2ᵏ células perde k variáveis. As condições irrelevantes (X) podem ser usadas para aumentar grupos, mas nunca precisam ser cobertas. Agrupar os 0s dá a forma POS mínima.

Vizinhos de cada 1

Um 1 com um 1 vizinho pode entrar em um grupo de dois ou mais.

m0: m1, m2, m4, m8 → 0
ABCD000111100001111011111

O 1 isolado

m0 = A′B′C′D′ → AB = 00, CD = 00

Resposta

AB = 00, CD = 00
6.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flops

Resposta: N = 4

Mapas de Karnaugh: as células são ordenadas em código Gray (00, 01, 11, 10), de modo que células vizinhas, inclusive as que ficam nas bordas opostas, diferem em exatamente uma variável. Agrupe os 1s em retângulos de 1, 2, 4, 8 ou 16 células, o maior possível e o menor número possível, até que todo 1 esteja coberto. Cada grupo é um termo produto: as variáveis que permanecem constantes dentro dele. Um grupo de 2ᵏ células perde k variáveis. As condições irrelevantes (X) podem ser usadas para aumentar grupos, mas nunca precisam ser cobertas. Agrupar os 0s dá a forma POS mínima.

Implicantes primos

Os maiores grupos que podem ser formados com 1s e Xs.

C′D′, A′C′, ACD, A′BD′
ABCD0001111000011110X0110302X4X507161120131150141809111010

Implicantes primos essenciais

C′D′, A′C′, ACD, A′BD′
N = 4

Resposta

N = 4
7.Teoria dos números e aritmética modular

Resposta: 13−1 mod 35 = 27

Inversos e congruências: a tem inverso módulo n exatamente quando mdc(a, n) = 1. O algoritmo de Euclides estendido escreve 1 = s·n + t·a, e então a⁻¹ ≡ t (mod n). Uma congruência a·x ≡ b (mod n) com mdc(a, n) = 1 tem a solução x ≡ a⁻¹·b. Duas congruências x ≡ r₁ (mod m₁) e x ≡ r₂ (mod m₂) com módulos coprimos têm uma solução módulo m₁·m₂ (teorema chinês do resto). O φ(n) de Euler conta os números de 1 a n que são coprimos com n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algoritmo de Euclides estendido

Cada resto r é escrito como r ≡ t·13 (mod 35).

r = 35, t = 0
r = 13, q = 2, t = 1
r = 9, q = 1, t = −2
r = 4, q = 2, t = 3
r = 1, q = 4, t = −8

Inversa

1 ≡ −8·13 (mod 35)
x = 27
verificação: 13·27 = 351 = 10·35 + 1

Resposta

13−1 mod 35 = 27
8.Teoria dos números e aritmética modular

Resposta: 21170 mod 43 = 11

Potências modulares e RSA: calcule aᵏ mod n por elevação ao quadrado repetida: escreva k em binário, eleve ao quadrado, reduza a cada passo e multiplique as potências cujo bit é 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) para um primo p que não divide a, então o expoente pode ser reduzido módulo p − 1. RSA: escolha primos p e q, n = p·q e φ(n) = (p − 1)(q − 1); o expoente público e é coprimo com φ(n), e o expoente privado é d = e⁻¹ mod φ(n). Cifre com c = mᵉ mod n e decifre com m = cᵈ mod n.

Expoente binário

170 = 101010102 = 128 + 32 + 8 + 2

Elevação ao quadrado repetida

211 ≡ 21 (mod 43)
212 ≡ 11 (mod 43)
214 ≡ 35 (mod 43)
218 ≡ 21 (mod 43)
2116 ≡ 11 (mod 43)
2132 ≡ 35 (mod 43)
2164 ≡ 21 (mod 43)
21128 ≡ 11 (mod 43)

Multiplique as potências necessárias

21170 ≡ 11·21·35·11 ≡ 11 (mod 43)

Resposta

21170 mod 43 = 11
9.Algoritmos e complexidade

Resposta: B · O insertion sort tem pouco overhead e é rápido com entradas pequenas ou quase ordenadas

Porque é esta a resposta

Para n pequeno, o laço simples do insertion sort supera o overhead de recursão do quicksort ou do merge sort, embora seja O(n²).

Resposta

B · O insertion sort tem pouco overhead e é rápido com entradas pequenas ou quase ordenadas
10.Algoritmos e complexidade

Resposta: D · Nenhum algoritmo consegue decidir, para todo programa e toda entrada, se o programa para

Porque é esta a resposta

Turing mostrou que o problema da parada é indecidível: supor que existe um decisor leva a uma contradição com um programa que faz o oposto.

Resposta

D · Nenhum algoritmo consegue decidir, para todo programa e toda entrada, se o programa para
11.Estruturas de dados

Resposta: D · Uma lista duplamente encadeada

Porque é esta a resposta

Um nó duplamente encadeado conhece o predecessor, então dá para religar prev e next diretamente; uma lista simplesmente encadeada precisa procurar o predecessor.

Resposta

D · Uma lista duplamente encadeada
12.Estruturas de dados

Resposta: C · Leva o nó acessado até a raiz por rotações

Porque é esta a resposta

O splaying move o nó acessado para a raiz por meio de rotações; uma única operação pode custar O(n), mas o custo amortizado é O(log n).

Resposta

C · Leva o nó acessado até a raiz por rotações
13.Teoria dos grafos

Resposta: H = 60

Euler, Hamilton e árvores: um grafo conexo tem um circuito euleriano (cada aresta uma vez, de volta ao início) quando todo vértice tem grau par, e um caminho euleriano que não é circuito quando exatamente dois vértices têm grau ímpar; o caminho vai então de um vértice ímpar ao outro. Um circuito hamiltoniano visita cada vértice uma vez; Kn tem (n − 1)!/2 deles. Uma árvore com n vértices tem n − 1 arestas, e um grafo conexo com m arestas mantém uma árvore geradora depois de remover m − n + 1 arestas.

Contar

H = (6 − 1)!/2 = 120/2 = 60

Resposta

H = 60
14.Teoria dos grafos

Resposta: N = 1

Graus: o grau de um vértice é o número de arestas que o tocam. Cada aresta tem duas pontas, então os graus somam o dobro do número de arestas: Σ deg(v) = 2|E| (o lema do aperto de mãos). Portanto o número de vértices de grau ímpar é par. Kn tem n(n − 1)/2 arestas, um grafo k-regular com n vértices tem nk/2, e uma árvore com n vértices tem n − 1 arestas.

Matriz de adjacência

A: 0 1 1 0 0 0
B: 1 0 1 0 1 0
C: 1 1 0 0 0 0
D: 0 0 0 0 1 1
E: 0 1 0 1 0 1
F: 0 0 0 1 1 0

Mais um passo

(M³)AD = 2·0 + 1·0 + 1·0 + 0·0 + 1·1 + 0·1 = 1

Resposta

N = 1
15.Bases de dados e SQL

Resposta: B · Desfaz as alterações feitas depois do savepoint s1, mantendo a transação aberta

Porque é esta a resposta

Um savepoint marca um ponto dentro de uma transação; voltar a ele cancela o trabalho posterior, enquanto as alterações anteriores continuam pendentes até o COMMIT.

Resposta

B · Desfaz as alterações feitas depois do savepoint s1, mantendo a transação aberta
16.Bases de dados e SQL

Resposta: B · TRUE

Porque é esta a resposta

x > 5 é UNKNOWN, mas OR com TRUE é TRUE de qualquer forma, então a linha é mantida; da mesma forma, UNKNOWN AND FALSE seria FALSE.

Resposta

B · TRUE
17.Redes de computadores

Resposta: B · 10.1.0.0/16, por ser o prefixo correspondente mais longo

Porque é esta a resposta

O encaminhamento IP usa o prefixo mais longo (longest prefix match): entre todas as rotas que correspondem ao destino, escolhe-se a de máscara mais longa.

Resposta

B · 10.1.0.0/16, por ser o prefixo correspondente mais longo
18.Redes de computadores

Resposta: C · Trocas opcionais RTS/CTS, de modo que o CTS do AP diz a todas as estações próximas que esperem

Porque é esta a resposta

Uma estação envia Request to Send; o AP responde Clear to Send, que todas as estações em seu alcance ouvem, e as estações ocultas aguardam pelo tempo reservado.

Resposta

C · Trocas opcionais RTS/CTS, de modo que o CTS do AP diz a todas as estações próximas que esperem
19.Sub-redes IPv4

Resposta: x = 63

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Tamanho do bloco

25 = 32

Sub-rede número 2

rede: (2 − 1)·32 = 32
broadcast: 32 + 32 − 1 = 63

Resposta

x = 63
20.Sub-redes IPv4

Resposta: x = 129

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Tamanho do bloco no terceiro octeto

21 = 2

Sub-rede deste host

rede: 172.20.128.0
broadcast: 172.20.129.255

Resposta

x = 129

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