Dinâmica: pacote de revisão

Formulários, as principais etapas dos métodos de cada tópico e 20 exercícios, com soluções completas no final.

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1Fórmulas e métodos

Cinemática

Velocidade
v = v0 + a·t
Deslocamento
s = v0·t + ½·a·t²
Sem o tempo
v² = v0² + 2·a·s
Unidades
1 m/s = 3,6 km/h

Método

  1. Liste o que você sabe: v₀, v, a, t e s, com unidades.
  2. Escolha a equação que contém suas três grandezas conhecidas e a incógnita.
  3. Escolha um sentido positivo e dê sinal negativo às grandezas no sentido oposto.
  4. Resolva e verifique se a resposta faz sentido físico.

Leis de Newton

Segunda lei
ΣF = m·a
Peso
W = m·g
Atrito cinético
Ff = μ·N
Em um plano inclinado
ao longo: m·g·sin θ, normal: m·g·cos θ

Método

  1. Desenhe um diagrama de corpo livre com todas as forças sobre o corpo.
  2. Escolha um sentido positivo ao longo do movimento.
  3. Decomponha as forças em componentes ao longo do movimento e perpendiculares a ele (em um plano inclinado: m·g·sin θ ao longo, m·g·cos θ contra o plano).
  4. Aplique ΣF = m·a ao longo do movimento; o atrito é μ·N contra o movimento.

Movimento de projéteis

Componentes
vx = v0cos θ, vy = v0sin θ
Posição
x = vxt, y = h + vyt − ½gt²
Altura máxima
H = h + vy²/(2g)
Alcance (solo plano)
R = v0²·sin 2θ/g

Método

  1. Decomponha a velocidade de lançamento em componentes: vx = v₀·cos θ e vy = v₀·sin θ.
  2. O movimento horizontal tem velocidade constante; o movimento vertical tem aceleração −g.
  3. Encontre o tempo de voo a partir do movimento vertical.
  4. Use esse tempo no movimento horizontal para encontrar o alcance.

Movimento circular

Aceleração centrípeta
a = v²/r = ω²·r
Força centrípeta
F = m·v²/r
Velocidade angular
ω = v/r = 2π/T
Curva plana, atrito
vmax = √(μ·g·r)

Trabalho e energia

Energia cinética
Ek = ½mv²
Energia potencial
Ep = mgh
Balanço de energia
Ek1 + Ep1 + W = Ek2 + Ep2 + losses
Trabalho do atrito
W = μ·N·d
Potência
P = W/t

Quantidade de movimento e colisões

Quantidade de movimento
p = m·v
Conservação
Σm·v (before) = Σm·v (after)
Perfeitamente inelástica
v′ = (m1v1 + m2v2)/(m1 + m2)
Impulso
J = F·Δt = m·Δv

Método

  1. Escolha um sentido positivo e dê a cada velocidade o seu sinal.
  2. Escreva a quantidade de movimento total antes: Σm·v.
  3. Em uma colisão perfeitamente inelástica os corpos se movem juntos depois; em uma colisão elástica a energia cinética também se conserva.
  4. Iguale a quantidade de movimento antes à quantidade de movimento depois e resolva.

Rotação de corpo rígido

Momentos de inércia em relação a G
barra mL²/12, disco ½mR², anel mR², esfera maciça (2/5)mR², esfera oca (2/3)mR²
Teorema dos eixos paralelos
I = IG + m·d²
Raio de giração
I = m·k²
Barra em relação à extremidade
I = mL²/3
Equação do movimento
ΣM = I·α
Velocidade em rad/s
ω = 2π·n/60
Energia cinética
E = ½·I·ω²
Trabalho e potência
W = T·θ, P = T·ω
Rolamento sem deslizamento
v = ω·r, E = ½mv²(1 + I/(mr²)), a = g·sin θ/(1 + I/(mr²))
Quantidade de movimento angular
L = I·ω, I1ω1 = I2ω2
Impacto em torno de um pivô
m·v·d = I·ω

Método

  1. Escolha o eixo: um pivô fixo, ou o centro de massa para corpos que rolam.
  2. Encontre o momento de inércia em relação a esse eixo a partir dos resultados usuais, usando I = IG + m·d² para um eixo deslocado.
  3. Escolha o método: ΣM = I·α para acelerações e forças, energia (½·I·ω² + ½·m·v² + m·g·h) para velocidades, quantidade de movimento angular para impactos e mudanças bruscas.
  4. Relacione o movimento linear e o angular com v = ω·r e a = α·r, e converta rpm em rad/s.

Engrenagens e trens de engrenagens

Engrenagens acopladas
n1·N1 = n2·N2
Torque
T2 = T1·(N2/N1)·η
Potência
P = T·ω, ω = 2π·n/60
Trem composto
relação total = produto das relações de cada estágio

Molas e pêndulos

Massa em uma mola
T = 2π·√(m/k)
Pêndulo
T = 2π·√(L/g)
Frequência angular
ω = √(k/m) = 2π/T
Velocidade e aceleração máximas
vmax = A·ω, amax = A·ω²
Energia
E = ½·k·A²

Vibrações mecânicas

Frequência natural
ωn = √(k/m), fn = ωn/(2π)
A partir da deflexão estática
ωn = √(g/δst)
Amortecimento crítico
cc = 2√(km) = 2mωn
Fator de amortecimento
ζ = c/cc
Frequência amortecida
ωd = ωn√(1 − ζ²)
Decremento logarítmico
δ = (1/n)·ln(x0/xn), ζ = δ/√(4π² + δ²)
Molas em paralelo
k = k1 + k2
Molas em série
1/k = 1/k1 + 1/k2

2Exercícios

1.CinemáticaMédia
t (s)v (m/s)8,333 s33,33

Um carro a 120 km/h freia com desaceleração constante de 4 m/s² até parar. Calcule a distância de frenagem s.

v₀ = 120 km/ha = −4 m/s²v = 0
s = m
2.CinemáticaDifícil
AB: 21 m/s40 m

A bola A é solta do repouso de uma altura de 40 m. No mesmo instante a bola B é lançada verticalmente para cima a partir do chão, logo abaixo, a 21 m/s. Despreze a resistência do ar e use g = 9,81 m/s². A que altura y acima do chão elas se encontram?

H = 40 mv0B = 21 m/sg = 9,81 m/s²
y = m
3.Leis de NewtonMédia
θ = 35°a = ?m = 13 kg

Um bloco de 13 kg desliza para baixo em um plano inclinado a 35° da horizontal. O coeficiente de atrito cinético é 0,15. Use g = 9,81 m/s². Calcule a aceleração a do bloco ao longo do plano.

m = 13 kgθ = 35°μ = 0,15g = 9,81 m/s²
a = m/s²
4.Leis de NewtonDifícil
m1​ = 5,5 kg6 kgsem atrito

Um bloco de 5,5 kg sobre uma mesa horizontal está ligado por um fio leve, que passa por uma polia sem atrito, a uma massa suspensa de 6 kg. A mesa não tem atrito. Use g = 9,81 m/s². Calcule a aceleração a do sistema.

m1 = 5,5 kgm2 = 6 kgμ = 0g = 9,81 m/s²
a = m/s²
5.Movimento de projéteisMédia
v0​ = 24 m/sθ = ?R = 20 m

Uma bola é lançada a partir do chão plano a 24 m/s e deve cair a 20 m de distância. Despreze a resistência do ar e use g = 9,81 m/s². Encontre o menor dos dois ângulos de lançamento possíveis θ.

v₀ = 24 m/sR = 20 mg = 9,81 m/s²
θ = °
6.Movimento de projéteisDifícil
h = 40 mv0​ = 35 m/s45°H = ?

Uma bola é lançada a 35 m/s e 45° acima da horizontal do alto de um penhasco de 40 m. Despreze a resistência do ar e use g = 9,81 m/s². Encontre a altura máxima H acima do chão ao pé do penhasco.

v₀ = 35 m/sθ = 45°h = 40 mg = 9,81 m/s²
H = m
7.Movimento circularMédia
θ = ?para o centro120 km/h

Um engenheiro rodoviário quer que os carros façam uma curva de raio 250 m a 120 km/h sem depender do atrito. Use g = 9,81 m/s². Encontre o ângulo de sobrelevação θ.

r = 250 mv = 120 km/hg = 9,81 m/s²
θ = °
8.Movimento circularDifícil
r = 0,7 mv = ?

Uma bola presa a um fio de 0,7 m de comprimento gira em um círculo vertical. Use g = 9,81 m/s². Qual é a menor velocidade vmin no topo para a qual o fio ainda permanece esticado?

r = 0,7 mg = 9,81 m/s²
vmin = m/s
9.Trabalho e energiaMédia
40°d = 7 mμ = 0,15

Um bloco de 2,5 kg desliza 7 m por uma rampa a 40° da horizontal, com coeficiente de atrito cinético de 0,15. Encontre o trabalho Wf realizado contra o atrito.

m = 2,5 kgθ = 40°μ = 0,15d = 7 mg = 9,81 m/s²
Wf = J
10.Trabalho e energiaDifícil
10 kg2 kgμ = 0,15d = 3 m

Um bloco de 10 kg repousa sobre uma mesa horizontal áspera (μ = 0,15). Um fio leve vai dele, passando por uma polia lisa na borda da mesa, até um bloco pendurado de 2 kg. O sistema é solto do repouso. Encontre a velocidade v dos blocos depois que o bloco pendurado desceu 3 m.

m1 = 10 kgm2 = 2 kgμ = 0,15d = 3 mg = 9,81 m/s²
v = m/s
11.Quantidade de movimento e colisõesMédia
2 kg7 m/s0,5 kg

Um carrinho de 2 kg a 7 m/s sofre uma colisão frontal perfeitamente elástica com um carrinho de 0,5 kg em repouso em um trilho sem atrito. Calcule a velocidade v′2 do segundo carrinho após a colisão.

m1 = 2 kgm2 = 0,5 kgv1 = 7 m/sv2 = 0
v′2 = m/s
12.Quantidade de movimento e colisõesDifícil
22 m/s20 m/s

Uma bola de 0,6 kg atinge uma parede a 22 m/s e volta em linha reta a 20 m/s. O contato dura 50 ms. Calcule a força média Favg da parede sobre a bola.

m = 0,6 kgvin = 22 m/svout = 20 m/sΔt = 50 ms
Favg = N
13.Rotação de corpo rígidoMédia
L = 2,1 mm = 2,5 kgα

Uma barra esbelta uniforme de massa 2,5 kg e comprimento 2,1 m está articulada em uma extremidade e mantida na horizontal. Ela é solta a partir do repouso. Use g = 9,81 m/s². Encontre a força vertical R que o pino exerce sobre a barra logo após ser solta.

m = 2,5 kgL = 2,1 mg = 9,81 m/s²
R = N
14.Rotação de corpo rígidoDifícil
6 m/sω

Um corpo (aro fino) de massa 9 kg rola sem deslizar a 6 m/s. Que porcentagem p da sua energia cinética total é de rotação?

m = 9 kgv = 6 m/sI = m·r²
p = %
15.Engrenagens e trens de engrenagensMédia
d1​ = 150 mmd2​ = 450 mm2880 rpmn2​ = ?

Uma polia de 150 mm a 2880 rpm aciona uma polia de 450 mm por uma correia com 2 % de escorregamento. Encontre a velocidade n2 da polia movida.

n1 = 2880 rpmd1 = 150 mmd2 = 450 mms = 2 %
n2 = rpm
16.Engrenagens e trens de engrenagensDifícil
d1​ = 160 mmd2​ = 315 mm1500 rpmC = 800 mmT1​ = 1500 NT2​P = ?

Uma correia aberta liga uma polia motora de 160 mm a 1500 rpm a uma polia de 315 mm; os centros estão a 800 mm de distância. O coeficiente de atrito é 0,25 e a tração no lado tracionado não pode exceder 1500 N. Encontre a maior potência P que a correia pode transmitir sem escorregar, em kW (ignore os efeitos centrífugos).

d1 = 160 mmn1 = 1500 rpmd2 = 315 mmC = 800 mmμ = 0,25T1 = 1500 N
P = kW
17.Molas e pêndulosMédia
L = 0,3 m

Um pêndulo simples tem comprimento de 0,3 m. Use g = 9,81 m/s². Calcule seu período T para pequenas oscilações.

L = 0,3 mg = 9,81 m/s²
T = s
18.Molas e pêndulosDifícil
0,3 kgk = 420 N/mA = 9 cm

Uma massa de 0,3 kg presa a uma mola com k = 420 N/m é deslocada 9 cm da posição de equilíbrio e solta. Calcule a energia total E da oscilação.

m = 0,3 kgk = 420 N/mA = 9 cm
E = J
19.Vibrações mecânicasMédia
k = 10 kN/mc = 760 N·s/mm = 40 kg

Uma massa de 40 kg é sustentada por uma mola com rigidez de 10 kN/m e por um amortecedor viscoso com coeficiente de amortecimento de 760 N·s/m. Encontre o fator de amortecimento ζ.

m = 40 kgk = 10 kN/mc = 760 N·s/m
ζ =
20.Vibrações mecânicasDifícil
k1​ = 40k2​ = 5k3​ = 20m = 40 kg

Uma massa de 40 kg está pendurada na mola k₃ = 20 kN/m. O topo de k₃ está preso a uma barra rígida que está pendurada em duas molas lado a lado, k₁ = 40 kN/m e k₂ = 5 kN/m; a barra permanece nivelada. Despreze o amortecimento e as massas das molas e da barra. Encontre a frequência natural fn da vibração vertical em Hz.

m = 40 kgk1 = 40 kN/mk2 = 5 kN/mk3 = 20 kN/m
fn = Hz

3Soluções

1.Cinemática

Resposta: s = 138,9 m

Movimento com aceleração constante: v = v₀ + a·t, s = v₀·t + ½·a·t² e v² = v₀² + 2·a·s. Escolha a equação que contém as três grandezas que você conhece e a que você procura, e mantenha os sinais coerentes com um único sentido positivo.

Unidades

v₀ = 120/3,6 = 33,33 m/s

Distância de frenagem

0 = v₀² − 2·a·s → s = v₀²/(2a) = 33,33²/(2·4) = 138,9 m

Resposta

s = 138,9 m
2.Cinemática

Resposta: y = 22,2 m

Motion with constant acceleration: v = v₀ + a·t, s = v₀·t + ½·a·t² and v² = v₀² + 2·a·s. Pick the equation that contains the three things you know and the one you want, and keep the signs consistent with one positive direction.

Instante do encontro

Para cima é positivo, o chão é y = 0.

40 − ½g·t² = 21·t − ½g·t² → t = 40/21 = 1,905 s

Altura do encontro

y = 21·1,905 − ½·9,81·1,905² = 22,2 m

Resposta

y = 22,2 m
3.Leis de Newton

Resposta: a = 4,421 m/s²

Segunda lei de Newton: a força resultante sobre um corpo é igual à sua massa vezes sua aceleração, ΣF = m·a. Desenhe um diagrama de corpo livre, escolha um sentido positivo ao longo do movimento e some todas as forças nesse sentido: forças aplicadas, o atrito μ·N contrário ao movimento e as componentes da gravidade.

Forças ao longo do plano

Para baixo ao longo do plano é positivo.

m·a = m·g·sin θ − μ·m·g·cos θ

Aceleração

a = 9,81·(sin 35° − 0,15·cos 35°) = 9,81·(0,5736 − 0,1229) = 4,421 m/s²

Resposta

a = 4,421 m/s²
4.Leis de Newton

Resposta: a = 5,118 m/s²

Segunda lei de Newton: a força resultante sobre um corpo é igual à sua massa vezes sua aceleração, ΣF = m·a. Desenhe um diagrama de corpo livre, escolha um sentido positivo ao longo do movimento e some todas as forças nesse sentido: forças aplicadas, o atrito μ·N contrário ao movimento e as componentes da gravidade.

Aceleração do sistema

a = (m2·g − μ·m1·g)/(m1 + m2) = (58,86 − 0)/11,5 = 5,118 m/s²

Resposta

a = 5,118 m/s²
5.Movimento de projéteis

Resposta: θ = 9,957 °

Projectile motion: with no air resistance, x = vxt and y = h + vyt − ½gt². The two directions are independent except that they share the same time.

Fórmula do alcance

R = v₀²·sin 2θ/g → sin 2θ = 9,81·20/24² = 0,3406

Ângulo

2θ = 19,91° → θ = 9,957°

Resposta

θ = 9,957°

A outra solução é 90° − θ = 80,04°.

6.Movimento de projéteis

Resposta: H = 71,22 m

Projectile motion: with no air resistance, x = vxt and y = h + vyt − ½gt². The two directions are independent except that they share the same time.

Velocidade vertical de lançamento

vy = 35·sin 45° = 24,75 m/s

Subida acima do penhasco

Δh = vy²/(2g) = 24,75²/(2·9,81) = 31,22 m

Altura em relação ao chão

H = 40 + 31,22 = 71,22 m

Resposta

H = 71,22 m
7.Movimento circular

Resposta: θ = 24,37 °

Uniform circular motion: an object moving at speed v on a circle of radius r accelerates towards the centre with a = v²/r, so it needs a net inward force F = m·v²/r. That force is supplied by something real: friction, tension, gravity or a normal force.

Unidades

v = 120/3,6 = 33,33 m/s

Ângulo de sobrelevação

tan θ = v²/(r·g) = 33,33²/(250·9,81) = 0,4531
θ = 24,37°

Resposta

θ = 24,37°
8.Movimento circular

Resposta: vmin = 2,62 m/s

Movimento circular uniforme: um objeto que se move com velocidade v em um círculo de raio r acelera em direção ao centro com a = v²/r, então precisa de uma força resultante para dentro F = m·v²/r. Essa força é fornecida por algo real: atrito, tração, gravidade ou uma força normal.

Tração nula no topo

m·g = m·v²/r → v = √(g·r) = √(9,81·0,7) = 2,62 m/s

Resposta

vmin = 2,62 m/s
9.Trabalho e energia

Resposta: Wf = 19,73 J

Princípio trabalho–energia: a variação da energia cinética é igual ao trabalho de todas as forças. Escrever gravidade e molas como energia potencial (mgh e ½kx²) transforma isso em um balanço: energia inicial = energia final + energia perdida por atrito (μN·d).

Força de atrito

N = mg·cos θ = 24,53·0,766 = 18,79 N
F = μN = 0,15·18,79 = 2,818 N

Trabalho contra o atrito

Wf = F·d = 2,818·7 = 19,73 J

Resposta

Wf = 19,73 J
10.Trabalho e energia

Resposta: v = 1,566 m/s

Princípio trabalho–energia: a variação da energia cinética é igual ao trabalho de todas as forças. Escrever gravidade e molas como energia potencial (mgh e ½kx²) transforma isso em um balanço: energia inicial = energia final + energia perdida por atrito (μN·d).

Energia liberada e perdida

m₂g·d = 19,62·3 = 58,86 J
μ·m₁g·d = 0,15·98,1·3 = 44,14 J

Energia cinética dos dois blocos

½(m₁ + m₂)v² = 14,72 → v = √(2·14,72/12) = 1,566 m/s

Resposta

v = 1,566 m/s
11.Quantidade de movimento e colisões

Resposta: v′2 = 11,2 m/s

Conservação da quantidade de movimento: quando nenhuma força externa atua durante uma colisão, a quantidade de movimento total Σm·v antes é igual à total depois. As velocidades têm sentido, então escolha um sentido positivo e dê sinal negativo às velocidades no outro sentido. Em uma colisão elástica a energia cinética também se conserva; em uma perfeitamente inelástica os corpos ficam unidos.

Colisão elástica com alvo em repouso

Resolver juntas a conservação da quantidade de movimento e da energia dá estes dois resultados.

v′1 = (2 − 0,5)/(2 + 0,5)·7 = 4,2 m/s
v′2 = 2·2/(2 + 0,5)·7 = 11,2 m/s

Resposta

v′2 = 11,2 m/s
12.Quantidade de movimento e colisões

Resposta: Favg = 504 N

Conservação da quantidade de movimento: quando nenhuma força externa atua durante uma colisão, a quantidade de movimento total Σm·v antes é igual à total depois. As velocidades têm sentido, então escolha um sentido positivo e dê sinal negativo às velocidades no outro sentido. Em uma colisão elástica a energia cinética também se conserva; em uma perfeitamente inelástica os corpos ficam unidos.

Variação da quantidade de movimento

J = m·Δv = 0,6·(20 + 22) = 25,2 N·s

Força média

Favg = J/Δt = 25,2/0,05 = 504 N

Resposta

Favg = 504 N
13.Rotação de corpo rígido

Resposta: R = 6,131 N

Rotation about a fixed axis: the sum of the moments about the axis equals I·α (ΣM = I·α), just as ΣF = m·a for translation. In energy form, a torque T turning through an angle θ (in radians) does work T·θ, which changes the kinetic energy ½·I·ω²; gravity adds or removes m·g·Δh of the centre of mass. Power is P = T·ω.

Momentos em relação ao pino

No instante em que é solta, ω = 0, então não há aceleração centrípeta e o centro acelera diretamente para baixo.

m·g·L/2 = (m·L²/3)·α → α = 3g/(2L) = 3·9,81/(2·2,1) = 7,007 rad/s²

Forças verticais

aG = α·L/2 = 7,357 m/s²
m·g − R = m·aG → R = 2,5·(9,81 − 7,357) = 6,131 N

Resposta

R = 6,131 N

R = m·g/4, independente do comprimento.

14.Rotação de corpo rígido

Resposta: p = 50 %

Rolling and angular momentum: a body rolling without slipping has v = ω·r, so its kinetic energy is ½·m·v² + ½·I·ω² = ½·m·v²·(1 + I/(m·r²)). Down a slope that gives a = g·sin θ/(1 + I/(m·r²)). When no external moment acts about an axis, the angular momentum about that axis stays constant, I₁·ω₁ = I₂·ω₂, even if kinetic energy is lost.

Partes de translação e de rotação

Etrans = ½·m·v² = ½·9·6² = 162 J
Erot = ½·I·ω² = ½·1·m·r²·(v/r)² = 1·162 = 162 J

Parcela de rotação

p = 162/324·100% = c/(1 + c)·100% = 50%

Resposta

p = 50 %

A parcela depende apenas da forma, não da massa nem da velocidade.

15.Engrenagens e trens de engrenagens

Resposta: n2 = 940,8 rpm

Transmissões por correia: sem escorregamento, as duas polias têm a mesma velocidade periférica v = π·d·n/60, de modo que n₁·d₁ = n₂·d₂ e a relação de velocidades é d₂/d₁. O escorregamento s torna a polia movida um pouco mais lenta: n₂ = n₁·(d₁/d₂)·(1 − s). A potência transmitida é P = (T₁ − T₂)·v, com T₁ a tração no lado tracionado e T₂ no lado frouxo. O atrito limita a razão das trações: T₁/T₂ = eμθ, em que θ é o ângulo de abraçamento em radianos na polia menor; para uma correia aberta, θ = π − 2·asen((d₂ − d₁)/(2C)) com distância entre centros C.

Velocidade sem escorregamento

2880·150/450 = 960 rpm

Com escorregamento

n2 = 960·0,98 = 940,8 rpm

Resposta

n2 = 940,8 rpm
16.Engrenagens e trens de engrenagens

Resposta: P = 9,828 kW

Transmissões por correia: sem escorregamento, as duas polias têm a mesma velocidade periférica v = π·d·n/60, de modo que n₁·d₁ = n₂·d₂ e a relação de velocidades é d₂/d₁. O escorregamento s torna a polia movida um pouco mais lenta: n₂ = n₁·(d₁/d₂)·(1 − s). A potência transmitida é P = (T₁ − T₂)·v, com T₁ a tração no lado tracionado e T₂ no lado frouxo. O atrito limita a razão das trações: T₁/T₂ = eμθ, em que θ é o ângulo de abraçamento em radianos na polia menor; para uma correia aberta, θ = π − 2·asen((d₂ − d₁)/(2C)) com distância entre centros C.

Ângulo de abraçamento

θ = 2,948 rad

Tração do lado frouxo

eμθ = e0,7369 = 2,089, T₂ = 1500/2,089 = 717,9 N

Potência

P = (1500 − 717,9)·12,57 = 9,828 kW

Resposta

P = 9,828 kW
17.Molas e pêndulos

Resposta: T = 1,099 s

Movimento harmônico simples: uma massa m presa a uma mola de constante elástica k oscila com frequência angular ω = √(k/m) e período T = 2π/ω = 2π·√(m/k). Um pêndulo simples de comprimento L tem T = 2π·√(L/g). Com amplitude A, a maior velocidade é A·ω, a maior aceleração é A·ω² e a energia é ½·k·A².

Período do pêndulo

T = 2π·√(0,3/9,81) = 1,099 s

Resposta

T = 1,099 s
18.Molas e pêndulos

Resposta: E = 1,701 J

Movimento harmônico simples: uma massa m presa a uma mola de constante elástica k oscila com frequência angular ω = √(k/m) e período T = 2π/ω = 2π·√(m/k). Um pêndulo simples de comprimento L tem T = 2π·√(L/g). Com amplitude A, a maior velocidade é A·ω, a maior aceleração é A·ω² e a energia é ½·k·A².

Frequência angular

ω = √(420/0,3) = 37,42 rad/s

Energia

E = ½·k·A² = ½·420·0,09² = 1,701 J

Resposta

E = 1,701 J
19.Vibrações mecânicas

Resposta: ζ = 0,6008

Vibração livre de um sistema massa–mola: a frequência natural não amortecida é ωn = √(k/m) em rad/s, e fn = ωn/(2π) em Hz. Um amortecedor viscoso c dá o fator de amortecimento ζ = c/cc, com amortecimento crítico cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. Um sistema subamortecido (ζ < 1) oscila em ωd = ωn·√(1 − ζ²). Molas em paralelo se somam, k = k₁ + k₂; molas em série se somam pelos inversos, 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

Amortecimento crítico

cc = 2·√(k·m) = 2·√(10000·40) = 1265 N·s/m

Fator de amortecimento

ζ = c/cc = 760/1265 = 0,6008

Resposta

ζ = 0,6008

ζ < 1, então o sistema é subamortecido e oscila enquanto decai.

20.Vibrações mecânicas

Resposta: fn = 2,961 Hz

Vibração livre de um sistema massa–mola: a frequência natural não amortecida é ωn = √(k/m) em rad/s, e fn = ωn/(2π) em Hz. Um amortecedor viscoso c dá o fator de amortecimento ζ = c/cc, com amortecimento crítico cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. Um sistema subamortecido (ζ < 1) oscila em ωd = ωn·√(1 − ζ²). Molas em paralelo se somam, k = k₁ + k₂; molas em série se somam pelos inversos, 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

Rigidez equivalente

Só k1 e k2 estão em paralelo. Esse par está em série com k3, então combine-os pelos inversos.

k12 = 40 + 5 = 45 kN/m
keq = 45·20/(45 + 20) = 13,85 kN/m

Frequência natural

ωn = √(13846/40) = 18,61 rad/s
fn = 18,61/(2π) = 2,961 Hz

Resposta

fn = 2,961 Hz

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