Нарисуйте оба сигнала и отметьте, где каждый из них отличен от нуля.
Отразите h и сдвигайте её: для каждого момента выхода найдите диапазон, где оба сигнала перекрываются.
Перемножайте и складывайте (дискретный случай) или перемножайте и интегрируйте (непрерывный случай) только на этом перекрытии.
Проверьте результат: выход начинается в сумме моментов начала, заканчивается в сумме моментов окончания, а его площадь или сумма равна произведению площадей или сумм входов.
2Тренировочные задачи
1.Свёртка и линейные стационарные системыСредняя
Импульс x(t) = 1 при 0 ≤ t < 0.5 s (в остальное время нуль) подан на систему с h(t) = e−4tu(t). Найдите выход y(2,5) при t = 2,5 s, после окончания импульса.
x(t) = 1, 0 ≤ t < 0.5 sh(t) = e−4tu(t)t = 2,5 s
y(2.5) =
2.Свёртка и линейные стационарные системыСложная
Система подчиняется уравнению y[n] = 0,5·y[n − 1] + 4·x[n] и начинает с состояния покоя. Найдите отсчёт h[3] её импульсной характеристики.
y[n] = 0,5y[n − 1] + 4x[n]x[n] = δ[n]
h[3] =
3.Преобразования ЛапласаСредняя
Найдите f(t) для F(s) = (5s + 14)/(s² + 4s + 4) и вычислите f(0,3).
F(s) = (5s + 14)/(s² + 4s + 4)t = 0,3 s
f(0.3) =
4.Преобразования ЛапласаСложная
Решите y″ + 5y′ + 6y = 0 при y(0) = 3 и y′(0) = −1 с помощью преобразования Лапласа и найдите y(0,1).
y″ + 5y′ + 6y = 0y(0) = 3y′(0) = −1t = 0,1 s
y(0.1) =
5.Переходная характеристикаСредняя
Система имеет передаточную функцию G(s) = 174/(s² + 4s + 58) и получает на вход единичную ступеньку. Найдите коэффициент демпфирования ζ.
G(s) = 174/(s² + 4s + 58)
ζ =
6.Переходная характеристикаСложная
У контура с единичной отрицательной обратной связью G(s) = 180/(s(s + 6)). Найдите время установления ts переходной характеристики замкнутой системы по критерию 2 %, используя ts ≈ 4/(ζωₙ).
G(s) = 180/(s(s + 6))
ts = s
7.Диаграммы Боде и запасыСредняя
Изображённый RC-фильтр верхних частот имеет R = 4,7 kΩ, C = 1 nF. На вход подаётся синусоидальный сигнал 100 kHz. Найдите фазовый сдвиг φ напряжения vout относительно vin в градусах.
R = 4,7 kΩC = 1 nFf = 100 kHz
φ = °
8.Диаграммы Боде и запасыСложная
Контур с единичной обратной связью имеет передаточную функцию разомкнутой системы L(s) = 12/(s(s + 4)). Найдите частоту среза усиления ωc, где |L(jω)| = 1.
L(s) = 12/(s(s + 4))
ωc = rad/s
3Растворы
1.Свёртка и линейные стационарные системы
Ответ: y(2.5) = 7,252 × 10⁻⁵
Непрерывная свёртка: y(t) = ∫ x(τ)·h(t − τ) dτ. Отразите h, сдвиньте в положение t и проинтегрируйте произведение перекрывающихся частей. Для причинных сигналов интеграл берётся от 0 до t. Полезные факты: площадь y равна площади x, умноженной на площадь h; если x длится от t₁ до t₂, а h — от t₃ до t₄, то y длится от t₁ + t₃ до t₂ + t₄. Для h(t) = e−atu(t) и ступеньки высотой A получаем y(t) = (A/a)(1 − e−at).
Выход в конце импульса
y(0,5) = (1/4)(1 − e−2) = 0,2162
Затухание после импульса
y(2,5) = 0,2162·e−4·2 = 7,252 × 10⁻⁵
Ответ
y(2,5) = 7,252 × 10⁻⁵
2.Свёртка и линейные стационарные системы
Ответ: h[3] = 0,5
Импульсная характеристика и ряд Фурье: импульсная характеристика h(t) полностью описывает линейную стационарную систему: для y′ + a·y = b·x она равна h(t) = b·e−atu(t), а для y[n] = a·y[n − 1] + b·x[n] — h[n] = b·aⁿu[n]. Синусоида cos ωt проходит с коэффициентом передачи |H(jω)| и фазой ∠H(jω), где H — преобразование Фурье функции h. Периодический сигнал — это сумма гармоник на частотах k/T: меандр с амплитудой ±A содержит только нечётные гармоники с амплитудами 4A/(kπ), треугольная волна с пиком A — 8A/(π²k²), а последовательность импульсов высотой A и коэффициентом заполнения D имеет среднее значение A·D и гармоники (2A/(kπ))·|sin(kπD)|.
Итерации
h[0] = 4
h[1] = 2
h[2] = 1
h[3] = 0,5
Результат
h[3] = 4·(0,5)3 = 0,5
Ответ
h[3] = 0,5
3.Преобразования Лапласа
Ответ: f(0.3) = 3,403
Преобразование Лапласа: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt превращает производные в умножение на s: ℒ{f′} = sF(s) − f(0), ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0). Стандартные пары: 1 ↔ 1/s, e−at ↔ 1/(s + a), t·e−at ↔ 1/(s + a)², sin ωt ↔ ω/(s² + ω²), cos ωt ↔ s/(s² + ω²), а сдвиг s → s + σ умножает функцию времени на e−σt. Чтобы найти оригинал рациональной F(s), разложите её на простые дроби: вычет простого полюса p равен A = [(s − p)·F(s)] при s = p. Теорема о конечном значении: f(∞) = lims→0 s·F(s), верна только когда все полюсы s·F(s) лежат в левой полуплоскости. Теорема о начальном значении: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s).
Разложение знаменателя на множители
s² + 4s + 4 = (s + 2)²
Простые дроби
5s + 14 = 5(s + 2) + 4
F(s) = 5/(s + 2) + 4/(s + 2)²
Обратное преобразование
f(t) = 5·e−2t + 4·t·e−2t
f(0,3) = (5 + 4·0,3)·e−2·0,3 = 3,403
Ответ
f(0,3) = 3,403
4.Преобразования Лапласа
Ответ: y(0.1) = 2,846
Преобразование Лапласа: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt превращает производные в умножение на s: ℒ{f′} = sF(s) − f(0), ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0). Стандартные пары: 1 ↔ 1/s, e−at ↔ 1/(s + a), t·e−at ↔ 1/(s + a)², sin ωt ↔ ω/(s² + ω²), cos ωt ↔ s/(s² + ω²), а сдвиг s → s + σ умножает функцию времени на e−σt. Чтобы найти оригинал рациональной F(s), разложите её на простые дроби: вычет простого полюса p равен A = [(s − p)·F(s)] при s = p. Теорема о конечном значении: f(∞) = lims→0 s·F(s), верна только когда все полюсы s·F(s) лежат в левой полуплоскости. Теорема о начальном значении: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s).
Преобразование уравнения
s²Y − 3s − (−1) + 5(sY − 3) + 6Y = 0
Y(s) = (3s + 14)/((s + 2)(s + 3))
Простые дроби
A = 8/1 = 8
B = 5/(−1) = −5
Результат
y(t) = 8·e−2t − 5·e−3t
y(0,1) = 2,846
Ответ
y(0,1) = 2,846
Проверка: y(0) = A + B = 3.
5.Переходная характеристика
Ответ: ζ = 0,2626
Переходная характеристика: система первого порядка G(s) = K/(τs + 1) отвечает на ступеньку величиной U сигналом y(t) = K·U·(1 − e−t/τ): за одну постоянную времени τ она достигает 63,2 % конечного значения K·U, а за 4τ — 98 %. Система второго порядка G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) имеет полюсы s = −ζωₙ ± jωd, где ωd = ωₙ√(1 − ζ²). При 0 < ζ < 1 переходная характеристика перерегулируется: перерегулирование %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), время пика tp = π/ωd, а время установления по критерию 2 % ts ≈ 4/(ζωₙ). Сравните знаменатель с s² + 2ζωₙs + ωₙ², чтобы найти ωₙ и ζ. Для системы масса–пружина–демпфер ωₙ = √(k/m) и ζ = c/(2√(km)); для последовательной RLC-цепи ωₙ = 1/√(LC) и ζ = (R/2)·√(C/L).
Сравните со стандартной формой
Знаменатель должен совпадать с s² + 2ζωₙs + ωₙ².
ωₙ² = 58 → ωₙ = 7,616 rad/s
2ζωₙ = 4 → ζ = 4/(2·7,616) = 0,2626
Результат
ζ = 0,2626
Ответ
ζ = 0,2626
6.Переходная характеристика
Ответ: ts = 1,333 s
Переходная характеристика: система первого порядка G(s) = K/(τs + 1) отвечает на ступеньку величиной U сигналом y(t) = K·U·(1 − e−t/τ): за одну постоянную времени τ она достигает 63,2 % конечного значения K·U, а за 4τ — 98 %. Система второго порядка G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) имеет полюсы s = −ζωₙ ± jωd, где ωd = ωₙ√(1 − ζ²). При 0 < ζ < 1 переходная характеристика перерегулируется: перерегулирование %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), время пика tp = π/ωd, а время установления по критерию 2 % ts ≈ 4/(ζωₙ). Сравните знаменатель с s² + 2ζωₙs + ωₙ², чтобы найти ωₙ и ζ. Для системы масса–пружина–демпфер ωₙ = √(k/m) и ζ = c/(2√(km)); для последовательной RLC-цепи ωₙ = 1/√(LC) и ζ = (R/2)·√(C/L).
Для этого контура ζωₙ = a/2 при любом K: увеличение K усиливает перерегулирование, но не сокращает время установления.
7.Диаграммы Боде и запасы
Ответ: φ = 18,71 °
Частотная характеристика: подставьте s = jω в передаточную функцию. Модуль в децибелах равен 20·log₁₀|H(jω)|, а фаза — сумме углов множителей числителя минус сумма углов множителей знаменателя. У фильтра первого порядка RC или RL частота среза (−3 dB) равна ωc = 1/(RC) или R/L, и fc = ωc/(2π); фильтр нижних частот даёт |H| = 1/√(1 + (ω/ωc)²) и φ = −atan(ω/ωc). На асимптотической (кусочно-линейной) диаграмме Боде каждый полюс на своей частоте среза загибает модуль вниз на 20 dB/decade, каждый нуль загибает его вверх на 20 dB/decade, а интегратор 1/s даёт −20 dB/decade на всех частотах. Частота среза усиления ωc: |L(jω)| = 1 (0 dB); запас по фазе PM = 180° + ∠L(jωc). Частота перехода фазы ω180: ∠L(jω) = −180°; запас по усилению GM = −20·log₁₀|L(jω180)| dB. Замкнутая система устойчива, когда оба запаса положительны.
Частота среза
ωc = 1/(RC) = 1/(4700·1 × 10⁻⁹) = 212766 rad/s
fc = 33863 Hz → f/fc = 100000/33863 = 2,953
Фаза
φ = 90° − atan(2,953) = 18,71°
Ответ
φ = 18,71°
8.Диаграммы Боде и запасы
Ответ: ωc = 2,534 rad/s
Частотная характеристика: подставьте s = jω в передаточную функцию. Модуль в децибелах равен 20·log₁₀|H(jω)|, а фаза — сумме углов множителей числителя минус сумма углов множителей знаменателя. У фильтра первого порядка RC или RL частота среза (−3 dB) равна ωc = 1/(RC) или R/L, и fc = ωc/(2π); фильтр нижних частот даёт |H| = 1/√(1 + (ω/ωc)²) и φ = −atan(ω/ωc). На асимптотической (кусочно-линейной) диаграмме Боде каждый полюс на своей частоте среза загибает модуль вниз на 20 dB/decade, каждый нуль загибает его вверх на 20 dB/decade, а интегратор 1/s даёт −20 dB/decade на всех частотах. Частота среза усиления ωc: |L(jω)| = 1 (0 dB); запас по фазе PM = 180° + ∠L(jωc). Частота перехода фазы ω180: ∠L(jω) = −180°; запас по усилению GM = −20·log₁₀|L(jω180)| dB. Замкнутая система устойчива, когда оба запаса положительны.