Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −80 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −808 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 1110 1101 >> 2 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

1110 1101>> 2
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
(a ∨ b) ∧ (a ∨ c)(a ∧ b) ∨ (a ∧ c)(a ∨ b) ∧ ca ∧ (b ∨ c)

Hangi formül a ∨ (b ∧ c) formülüne mantıksal olarak denktir? Üzerine tıklayın.

a ∨ (b ∧ c)
  1. 1(a ∨ b) ∧ (a ∨ c)
  2. 2(a ∧ b) ∨ (a ∧ c)
  3. 3(a ∨ b) ∧ c
  4. 4a ∧ (b ∨ c)
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
q ∨ r¬qp ∨ rq ∧ r

p ∨ q; ¬p ∨ r öncülleri verilmiştir. Bunlardan hangi sonuç çıkar? Üzerine tıklayın.

p ∨ q¬p ∨ r
  1. 1q ∨ r
  2. 2¬q
  3. 3p ∨ r
  4. 4q ∧ r
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABCD000111100001111010010312140517161120131150141809111110

F(A, B, C, D) = Σm(0, 2, 4, 6, 7, 8, 10, 11, 12, 15) fonksiyonunun en küçük çarpımlar toplamı (SOP) biçimini bulmak için Karnaugh haritasını kullanın. Toplamda kaç literal (L) içerir (üzerinde işaret olan bir değişken bir literal sayılır)?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 2, 4, 6, 7, 8, 10, 11, 12, 15)
L =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
ABCD0001111000011110000103X20405X7X61120131150141809011110

F(A, B, C, D) = Σm(8, 10, 12, 15) + d(2, 6, 7) fonksiyonunun en küçük SOP biçimini bulun; d fark etmez (don’t-care) durumlarını gösterir. Kaç çarpım terimi (N) vardır?

F(A, B, C, D) = Σm(8, 10, 12, 15) + d(2, 6, 7)
N =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

x ≡ 4 (mod 7) ve x ≡ 8 (mod 10) sağlayan en küçük pozitif tam sayı x değerini bulun.

x ≡ 4 (mod 7)x ≡ 8 (mod 10)
x =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (799, 17)d = ?

Bir RSA anahtarı p = 17 ve q = 47 asallarını ve e = 17 genel üssünü kullanıyor. Özel üssü, d, bulun (0 < d < φ(n)).

p = 17q = 47e = 17
d =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

Etkinlik seçimi probleminde hangi açgözlü kural her zaman çakışmayan en fazla sayıda etkinliği verir?

  1. AEn erken biten etkinliği seç, sonra uyumlu olanlarla tekrarla
  2. BÖnce en az çakışması olan etkinliği seç, sonra uyumlu olanlarla tekrarla
  3. CÖnce en kısa etkinliği seç
  4. DEn erken başlayan etkinliği seç
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Bir problem hangi durumda NP-tamdır?

  1. AÇözülmesi imkânsızdır
  2. BPolinom zamanda çözülebilir
  3. CNP'nin dışındadır ama durma problemi gibi tüm NP problemlerinden daha zordur
  4. DNP'dedir ve her NP problemi ona polinom zamanda indirgenebilir
11.Veri yapılarıOrta

Derinlik öncelikli arama (DFS, yinelemeli sürüm) hangi veri yapısını kullanır?

  1. AÖbek (heap)
  2. BYığın (stack)
  3. CYalnızca karma tablosu
  4. DKuyruk
12.Veri yapılarıZor

Atlamalı listenin (skip list) sıralı bağlı listeye göre başlıca avantajı nedir?

  1. AHer düğüm diğer tüm düğümlere bir işaretçi sakladığı için garantili O(1) arama
  2. BBirden çok ileri işaretçi seviyesi sayesinde beklenen O(log n) arama
  3. CEk bellek kullanmaması
  4. DAnahtarları sırasız saklaması
13.Graf kuramıOrta
ABCDEFGEuler devresiEuler yolu, devre yokhiçbiri

Bağlantılı grafın bir Euler devresi mi, devre olmayan bir Euler yolu mu var, yoksa hiçbiri mi? Cevabınıza tıklayın.

|V| = 7|E| = 9
  1. 1Euler devresi
  2. 2Euler yolu, devre yok
  3. 3hiçbiri
14.Graf kuramıZor
ABCDE

B köşesinde başlayıp biten 2 uzunluğunda kaç kapalı gezinti vardır? Bir gezinti köşeleri ve kenarları tekrar edebilir. Sayıya N deyin.

M = komşuluk matrisiL = 2
N =
15.Veritabanları ve SQLOrta

ROLLBACK TO SAVEPOINT s1 ne yapar?

  1. AKayıt noktasını ve o zamandan beri değişen tüm tabloları siler
  2. Bİşlemi sonlandırır ve her şeyi commit eder
  3. Cs1 kayıt noktasından sonra yapılan değişiklikleri geri alır ve işlemi açık tutar
  4. DTüm işlemi baştan geri alır
16.Veritabanları ve SQLZor

Nöbetteki iki doktorun her biri diğerinin hâlâ nöbette olduğunu kontrol ediyor, sonra ikisi aynı anda nöbetten çıkıyor. Anlık görüntü yalıtımı (snapshot isolation) burada hangi anomaliye hâlâ izin verebilir?

  1. ATek bir işlem içinde tekrarlanamayan okuma
  2. BYazma çarpıklığı (write skew)
  3. CKirli okuma
  4. DKirli yazma
17.Bilgisayar ağlarıOrta

HTTP yöntemleri GET ve POST arasındaki temel fark nedir?

  1. AGET bir kaynağı siler, POST onu sunucunun veritabanından okur
  2. BGET bir kaynağı getirir, POST istek gövdesinde veri gönderir
  3. CGET şifrelidir, POST değildir
  4. DGET UDP, POST TCP kullanır
18.Bilgisayar ağlarıZor

TCP üzerinde HTTP/2'de sıra başı engellemesi (head-of-line blocking) neden oluşur?

  1. AHer istek kendi yeni TCP bağlantısını gerektirir, bu yüzden sonraki istekler kuyrukta bekler
  2. BSunucular paralel istekleri işleyemez
  3. CHTTP/2 UDP kullanır
  4. DKaybolan bir TCP segmenti, yeniden iletilene kadar çoğullanmış tüm akışları geciktirir
19.IPv4 alt ağlarıOrta
255.255.255.12811111111111111111111111110000000ağ bitlericihaz bitleri

Bir alt ağ 255.255.255.128 maskesini kullanıyor. Kaç kullanılabilir cihaz adresi H vardır?

255.255.255.128
H =
20.IPv4 alt ağlarıZor
üçüncü oktet = 233112816413201618040211ağcihaz

Bir cihazın adresi 172.20.233.217/20. Ağ adresinin üçüncü okteti x nedir?

172.20.233.217/20
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 176

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

80 = 0101 0000
tersine çevrilmiş: 1010 1111
+1 → 1011 0000

İşaretsiz okuyun

1011 0000₂ = 256 − 80 = 176

Cevap

U = 176
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 59

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

2 kadar sağa kaydırmak her biti 2 basamak sağa taşır; sağ uçtan düşen bitler kaybolur ve soldan sıfırlar girer.

1110 1101 >> 2
= 0011 1011

Sonucun değeri

0011 1011₂ = 59

Cevap

R = 59
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: (a ∨ b) ∧ (a ∨ c)

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Kural

∨ , ∧ üzerine dağılır: a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c)

Doğruluk tablosuyla denetleyin

a = 1, b = 1, c = 1: 1 | 1 1 1 1
a = 1, b = 1, c = 0: 1 | 1 1 0 1
a = 1, b = 0, c = 1: 1 | 1 1 1 1
a = 1, b = 0, c = 0: 1 | 1 0 0 0
a = 0, b = 1, c = 1: 1 | 1 0 1 0
a = 0, b = 1, c = 0: 0 | 0 0 0 0
a = 0, b = 0, c = 1: 0 | 0 0 0 0
a = 0, b = 0, c = 0: 0 | 0 0 0 0

Cevap

(a ∨ b) ∧ (a ∨ c)

Çubuktan sonraki sütunlar, gösterilen sırayla seçeneklerdir.

4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: q ∨ r

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Tüm öncüllerin doğru olduğu satırlar

p = 1, q = 1, r = 1: q ∨ r = 1, ¬q = 0, p ∨ r = 1, q ∧ r = 1
p = 1, q = 0, r = 1: q ∨ r = 1, ¬q = 1, p ∨ r = 1, q ∧ r = 0
p = 0, q = 1, r = 1: q ∨ r = 1, ¬q = 0, p ∨ r = 1, q ∧ r = 1
p = 0, q = 1, r = 0: q ∨ r = 1, ¬q = 0, p ∨ r = 0, q ∧ r = 0

Sonuç

q ∨ r (çözünürlük)

Cevap

q ∨ r
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: L = 10

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

ABCD000111100001111010010312140517161120131150141809111110

1’leri gruplayın

Her grup 2ᵏ hücrelik bir dikdörtgendir; kenardaki hücreler karşı kenardaki hücrelerin komşusudur.

C′D′
B′D′
ACD
A′BC

En küçük SOP biçimi

F = C′D′ + B′D′ + ACD + A′BC
L = 10

Cevap

L = 10

Aynı büyüklükte başka bir gruplama da vardır; terim ve literal sayısı aynıdır.

6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 3

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

Asal implikantlar

1’lerden ve X’lerden oluşturulabilen en büyük gruplar.

B′CD′, BCD, AC′D′, AB′D′
ABCD0001111000011110000103X20405X7X61120131150141809011110

En küçük kapsama

F = B′CD′ + BCD + AC′D′
N = 3

Cevap

N = 3

Aynı büyüklükte başka bir gruplama da vardır; terim ve literal sayısı aynıdır.

7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: x = 18

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Birinci denklik

x = 4 + 7k

İkinci denklik

4 + 7k ≡ 8 (mod 10) → 7k ≡ 4 (mod 10)
k ≡ 3·4 ≡ 2 (mod 10)

Sonuç

x = 4 + 7·2 = 18
x = 18
kontrol: 18 mod 7 = 4, 18 mod 10 = 8

Cevap

x = 18
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: d = 433

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

Modül ve φ değeri

n = 17·47 = 799
φ(n) = 16·46 = 736

Genişletilmiş Öklid algoritması

r = 736, t = 0
r = 17, q = 43, t = 1
r = 5, q = 3, t = −43
r = 2, q = 2, t = 130
r = 1, q = 2, t = −303

Özel üs

d = 433
kontrol: 17·433 = 7361 = 10·736 + 1

Cevap

d = 433
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: A · En erken biten etkinliği seç, sonra uyumlu olanlarla tekrarla

Cevap neden bu

En erken bitiş zamanını seçmenin optimal olduğu bir değiş tokuş argümanıyla kanıtlanabilir; diğer kuralların karşı örnekleri vardır.

Cevap

A · En erken biten etkinliği seç, sonra uyumlu olanlarla tekrarla
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: D · NP'dedir ve her NP problemi ona polinom zamanda indirgenebilir

Cevap neden bu

NP-tam problemler NP'deki en zor problemlerdir; bunlardan biri için polinom bir algoritma, tüm NP için polinom bir algoritma verirdi.

Cevap

D · NP'dedir ve her NP problemi ona polinom zamanda indirgenebilir
11.Veri yapıları

Cevap: B · Yığın (stack)

Cevap neden bu

DFS olabildiğince derine iner ve doğal olarak bir yığın (veya özyinelemenin çağrı yığını) kullanır; BFS ise kuyruk kullanır.

Cevap

B · Yığın (stack)
12.Veri yapıları

Cevap: B · Birden çok ileri işaretçi seviyesi sayesinde beklenen O(log n) arama

Cevap neden bu

Rastgele seviyeler aramaların birçok düğümü atlamasını sağlar; bu da arama, ekleme ve silme için beklenen O(log n) süre verir.

Cevap

B · Birden çok ileri işaretçi seviyesi sayesinde beklenen O(log n) arama
13.Graf kuramı

Cevap: hiçbiri

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Dereceler

deg(A) = 1, deg(B) = 3, deg(C) = 3, deg(D) = 3, deg(E) = 3, deg(F) = 2, deg(G) = 3

Tek dereceli köşeler

A, B, C, D, E, G → 6
hiçbiri

Cevap

hiçbiri
14.Graf kuramı

Cevap: N = 4

Dereceler: bir köşenin derecesi ona değen kenar sayısıdır. Her kenarın iki ucu vardır; bu yüzden dereceler kenar sayısının iki katını verecek şekilde toplanır: Σ deg(v) = 2|E| (el sıkışma lemması). Dolayısıyla derecesi tek olan köşelerin sayısı çifttir. Kn grafının n(n − 1)/2 kenarı vardır, n köşeli k-düzgün bir grafın nk/2 kenarı vardır ve n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır.

Komşuluk matrisi

A: 0 1 1 0 0
B: 1 0 1 1 1
C: 1 1 0 0 0
D: 0 1 0 0 1
E: 0 1 0 1 0

Ortak komşular

(M²)BB = 1·1 + 0·0 + 1·1 + 1·1 + 1·1 = 4

Cevap

N = 4
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: C · s1 kayıt noktasından sonra yapılan değişiklikleri geri alır ve işlemi açık tutar

Cevap neden bu

Kayıt noktası bir işlemin içinde bir noktayı işaretler; ona geri dönmek sonraki işleri iptal eder, önceki değişiklikler ise COMMIT'e kadar beklemede kalır.

Cevap

C · s1 kayıt noktasından sonra yapılan değişiklikleri geri alır ve işlemi açık tutar
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: B · Yazma çarpıklığı (write skew)

Cevap neden bu

Anlık görüntü yalıtımında her iki işlem de eski durumu görür ve farklı satırları değiştirir; bu yüzden yazma çakışması saptanmaz; serializable yalıtım bunu önler.

Cevap

B · Yazma çarpıklığı (write skew)
17.Bilgisayar ağları

Cevap: B · GET bir kaynağı getirir, POST istek gövdesinde veri gönderir

Cevap neden bu

GET bir kaynak ister ve sunucu durumunu değiştirmemelidir. POST, sunucunun işlemesi için form gibi verileri gövdede gönderir.

Cevap

B · GET bir kaynağı getirir, POST istek gövdesinde veri gönderir
18.Bilgisayar ağları

Cevap: D · Kaybolan bir TCP segmenti, yeniden iletilene kadar çoğullanmış tüm akışları geciktirir

Cevap neden bu

TCP baytları sırayla teslim eder, bu yüzden tek bir kayıp bağlantıdaki her akışı durdurur. QUIC (HTTP/3) akışları UDP üzerinde bağımsız olarak işler.

Cevap

D · Kaybolan bir TCP segmenti, yeniden iletilene kadar çoğullanmış tüm akışları geciktirir
19.IPv4 alt ağları

Cevap: H = 126

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Önek uzunluğu

255.255.255.128 = /25

Kullanılabilir cihazlar

27 − 2 = 126

Cevap

H = 126
20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 224

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Üçüncü oktetteki blok boyutu

24 = 16

Bu cihazın alt ağı

ağ: 172.20.224.0
yayın: 172.20.239.255

Cevap

x = 224

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals