Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
ikiye tümleyende basamak değerleri1−12816403201608140211

8 bitlik 1100 0101 dizisi, ikiye tümleyen biçiminde işaretli bir tam sayı saklıyor. Onluk değeri N nedir?

1100 01018 bit
N =
2.Sayı sistemleriZor
1488 kod, b = ? bit?2ᵇ⁻¹…?4?2?1

Bir sistem 1488 öğenin her birine aynı uzunlukta kendi ikilik kodunu vermelidir. En az kaç bit b gerekir?

1488
b = bit
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
totolojiçelişkiolumsallık

(a → b) ∧ (a ∧ ¬b) bir totoloji, bir çelişki mi yoksa olumsallık mı? Cevabınıza tıklayın.

(a → b) ∧ (a ∧ ¬b)
  1. 1totoloji
  2. 2çelişki
  3. 3olumsallık
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
q ∧ p¬qq ∨ pr ∨ p

r ∨ q; ¬r ∨ p öncülleri verilmiştir. Bunlardan hangi sonuç çıkar? Üzerine tıklayın.

r ∨ q¬r ∨ p
  1. 1q ∧ p
  2. 2¬q
  3. 3q ∨ p
  4. 4r ∨ p
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABC000111100101324576

F = A′C + A′BC + A′BC′ fonksiyonunu en küçük çarpımlar toplamı biçimine sadeleştirin. Sadeleştirilmiş ifade kaç literal (L) içerir?

F = A′C + A′BC + A′BC′
L =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
ABCD00011110000111101001X302X4150716012013015114X8X9011010

d fark etmez (don’t-care) durumlarını gösterirken F(A, B, C, D) = Σm(0, 5, 6, 14) + d(3, 4, 8, 9) fonksiyonu için temel asal implikantların sayısını, N, bulun.

F(A, B, C, D) = Σm(0, 5, 6, 14) + d(3, 4, 8, 9)
N =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

3x ≡ 10 (mod 17) denkliğini çözün. 0 < x < 17 olan x çözümünü verin.

3x ≡ 10 (mod 17)
x =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor

20x ≡ 2 (mod 34) denkliğinin {0, 1, …, 33} kümesinde kaç çözümü (N) vardır?

20x ≡ 2 (mod 34)
N =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

Basit özyinelemeli faktöriyel fonksiyonu fact(n) = n × fact(n − 1) ne kadar yığın (stack) alanı kullanır?

  1. AO(n)
  2. BO(log n)
  3. CO(n²)
  4. DO(1)
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Durma problemi neyi gösterir?

  1. ADöngülerden kaçınılmalıdır
  2. BBazı programlar daha hızlı bilgisayarlarda daha hızlı çalışır, bu yüzden durma donanıma bağlıdır
  3. CHer program eninde sonunda durur
  4. DHiçbir algoritma her program ve girdi için programın durup durmayacağına karar veremez
11.Veri yapılarıOrta

Bir yol ağında her biri yaklaşık 4 başka kavşağa bağlı 100,000 kavşak var. Hangi gösterim en uygundur?

  1. AKomşuluk matrisi
  2. BKöşelerden oluşan tek bir sıralı dizi
  3. CKenarlardan oluşan bir ikili öbek
  4. DKomşuluk listesi
12.Veri yapılarıZor

Dairesel bir tamponda front == rear boş veya dolu anlamına gelebilir. Bunları ayırt etmenin yaygın bir yolu nedir?

  1. ATampon boyutunu ikinin kuvveti yapmak
  2. Bfront ve rear'ı aynı değişkende saklamak
  3. CAyrı bir eleman sayacı tutmak veya her zaman bir yuvayı boş bırakmak
  4. Dfront, rear'a eşit olduğunda tamponu her zaman temizlemek; böylece durum boş olur
13.Graf kuramıOrta

K4 tam grafının kaç farklı Hamilton devresi (H) vardır? Yalnızca başlangıç köşesi ya da yönü farklı olan devreler aynı sayılır.

K4
H =
14.Graf kuramıZor
ABCDE

A köşesinden D köşesine giden 3 uzunluğunda kaç gezinti vardır? Bir gezinti köşeleri ve kenarları tekrar edebilir. Sayıya N deyin.

M = komşuluk matrisiL = 3
N =
15.Veritabanları ve SQLOrta

Bir sütun 10, 20 ve NULL değerlerini tutuyor. AVG(col) ne döndürür?

  1. ANULL
  2. B30
  3. C10
  4. D15
16.Veritabanları ve SQLZor

Yararlı indeksi olmayan iki büyük tablo arasındaki bir eşitlik birleştirmesi için optimizör çoğu zaman hangi birleştirme algoritmasını seçer?

  1. ABirincil anahtar üzerinde bitmap birleştirmesi
  2. Bİndeks aramalı iç içe döngü birleştirmesi
  3. CHash join
  4. DÇapraz birleştirme
17.Bilgisayar ağlarıOrta

HTTP yöntemleri GET ve POST arasındaki temel fark nedir?

  1. AGET bir kaynağı getirir, POST istek gövdesinde veri gönderir
  2. BGET bir kaynağı siler, POST onu sunucunun veritabanından okur
  3. CGET şifrelidir, POST değildir
  4. DGET UDP, POST TCP kullanır
18.Bilgisayar ağlarıZor

TCP üzerinde HTTP/2'de sıra başı engellemesi (head-of-line blocking) neden oluşur?

  1. ASunucular paralel istekleri işleyemez
  2. BKaybolan bir TCP segmenti, yeniden iletilene kadar çoğullanmış tüm akışları geciktirir
  3. CHTTP/2 UDP kullanır
  4. DHer istek kendi yeni TCP bağlantısını gerektirir, bu yüzden sonraki istekler kuyrukta bekler
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/16 → /2311111111111111111111111000000000ağ bitlericihaz bitleri

172.18.0.0/16 ağı /23 önekli eşit alt ağlara bölünüyor. Kaç alt ağ N vardır?

172.18.0.0/16/23
N =
20.IPv4 alt ağlarıZor
son oktet = 71012816403201608141211ağcihaz

Bir cihazın adresi 10.20.220.71/25. Alt ağının yayın adresinin son sayısı (dördüncü okteti) x nedir?

10.20.220.71/25
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: N = −59

Konumsal sayı sistemleri: her basamak, değeri çarpı tabanın bir kuvveti kadar değerlidir. İkilik sistemde basamaklar 1, 2, 4, 8, 16, …; onaltılık sistemde 1, 16, 256, … değerindedir ve A–F, 10–15'i gösterir. 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit +128 yerine −128 değerindedir; negatif sayılar böyle saklanır.

Değerleri toplayın

Diğer bitler normal pozitif değerlerini korur.

−128 + 64 + 4 + 1 = −59

Cevap

N = −59
2.Sayı sistemleri

Cevap: b = 11 bit

Konumsal sayı sistemleri: her basamak, değeri çarpı tabanın bir kuvveti kadar değerlidir. İkilik sistemde basamaklar 1, 2, 4, 8, 16, …; onaltılık sistemde 1, 16, 256, … değerindedir ve A–F, 10–15'i gösterir. 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit +128 yerine −128 değerindedir; negatif sayılar böyle saklanır.

İkinin kuvvetleri

210 = 1024 < 1488
211 = 2048 ≥ 1488

Cevap

b = 11
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: çelişki

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Doğruluk tablosu satır satır

a = 1, b = 1: a → b = 1, ¬b = 0, a ∧ ¬b = 0, (a → b) ∧ (a ∧ ¬b) = 0
a = 1, b = 0: a → b = 0, ¬b = 1, a ∧ ¬b = 1, (a → b) ∧ (a ∧ ¬b) = 0
a = 0, b = 1: a → b = 1, ¬b = 0, a ∧ ¬b = 0, (a → b) ∧ (a ∧ ¬b) = 0
a = 0, b = 0: a → b = 1, ¬b = 1, a ∧ ¬b = 0, (a → b) ∧ (a ∧ ¬b) = 0

Sınıflandırın

(a → b) ∧ (a ∧ ¬b): 0, 0, 0, 0
Her satırda 0: bir çelişki.

Cevap

çelişki
4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: q ∨ p

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Tüm öncüllerin doğru olduğu satırlar

p = 1, q = 1, r = 1: q ∧ p = 1, ¬q = 0, q ∨ p = 1, r ∨ p = 1
p = 1, q = 1, r = 0: q ∧ p = 1, ¬q = 0, q ∨ p = 1, r ∨ p = 1
p = 1, q = 0, r = 1: q ∧ p = 0, ¬q = 1, q ∨ p = 1, r ∨ p = 1
p = 0, q = 1, r = 0: q ∧ p = 0, ¬q = 0, q ∨ p = 1, r ∨ p = 0

Sonuç

q ∨ p (çözünürlük)

Cevap

q ∨ p
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: L = 4

Boole cebiri: ifadeleri sadeleştiren kurallar X + X′ = 1 ve X·X′ = 0, X + X = X, soğurma X + X·Y = X, birleştirme kuralı X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y ve uzlaşma teoremi XY + X′Z + YZ = XY + X′Z’dir. De Morgan yasaları (X·Y)′ ifadesini X′ + Y′’ye ve (X + Y)′ ifadesini X′·Y′’ye çevirir. Bir Karnaugh haritası bu kuralları grafik olarak uygular: iki komşu hücrelik her grup, XY + XY′ = X kuralının bir kullanımıdır.

İfadenin minterimleri

A′C → m(1, 3)
A′BC → m(3)
A′BC′ → m(2)
ABC00011110010011131204050706

Gruplayın ve okuyun

F = A′C + A′B

Literalleri sayın

L = 4

Cevap

L = 4
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 2

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

Asal implikantlar

1’lerden ve X’lerden oluşturulabilen en büyük gruplar.

B′C′D′, BCD′, A′C′D′, A′BD′, A′BC′
ABCD00011110000111101001X302X4150716012013015114X8X9011010

Temel asal implikantlar

BCD′, A′BC′
N = 2

Cevap

N = 2
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: x = 9

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

3 sayısının tersi

r = 17, t = 0
r = 3, q = 5, t = 1
r = 2, q = 1, t = −5
r = 1, q = 2, t = 6
3−1 ≡ 6 (mod 17)

Çözün

x ≡ 6·10 = 60 ≡ 9 (mod 17)
kontrol: 3·9 = 27 ≡ 10 (mod 17)

Cevap

x = 9
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: N = 2

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Ebob’a bölün

gcd(20, 34) = 2
10x ≡ 1 (mod 17)

İndirgenmiş denkliği çözün

10−1 ≡ 12 (mod 17) → x ≡ 12 (mod 17)

34 modundaki çözümler

x ∈ {12, 29}
N = 2

Cevap

N = 2
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: A · O(n)

Cevap neden bu

Herhangi bir dönüş olmadan önce özyineleme n çağrı derinliğine ulaşır ve her çağrının bir yığın çerçevesine ihtiyacı vardır, bu yüzden O(n) alan kullanır.

Cevap

A · O(n)
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: D · Hiçbir algoritma her program ve girdi için programın durup durmayacağına karar veremez

Cevap neden bu

Turing durma probleminin karar verilemez olduğunu gösterdi: bir karar verici algoritmanın var olduğu varsayımı, tersini yapan bir programla çelişkiye yol açar.

Cevap

D · Hiçbir algoritma her program ve girdi için programın durup durmayacağına karar veremez
11.Veri yapıları

Cevap: D · Komşuluk listesi

Cevap neden bu

Bir matris neredeyse tamamı boş 1010 hücre gerektirirdi; komşuluk listesi ise yalnızca yaklaşık 400,000 kenar girdisini saklar.

Cevap

D · Komşuluk listesi
12.Veri yapıları

Cevap: C · Ayrı bir eleman sayacı tutmak veya her zaman bir yuvayı boş bırakmak

Cevap neden bu

Sayaçla boş, count = 0; dolu ise count = kapasite demektir; bir boş yuvayla dolu, (rear + 1) mod n == front olarak tanımlanır.

Cevap

C · Ayrı bir eleman sayacı tutmak veya her zaman bir yuvayı boş bırakmak
13.Graf kuramı

Cevap: H = 3

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Sayın

H = (4 − 1)!/2 = 6/2 = 3

Cevap

H = 3
14.Graf kuramı

Cevap: N = 2

Dereceler: bir köşenin derecesi ona değen kenar sayısıdır. Her kenarın iki ucu vardır; bu yüzden dereceler kenar sayısının iki katını verecek şekilde toplanır: Σ deg(v) = 2|E| (el sıkışma lemması). Dolayısıyla derecesi tek olan köşelerin sayısı çifttir. Kn grafının n(n − 1)/2 kenarı vardır, n köşeli k-düzgün bir grafın nk/2 kenarı vardır ve n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır.

Komşuluk matrisi

A: 0 1 1 0 0
B: 1 0 1 0 1
C: 1 1 0 0 1
D: 0 0 0 0 1
E: 0 1 1 1 0

Bir adım daha

(M³)AD = 2·0 + 1·0 + 1·0 + 0·0 + 2·1 = 2

Cevap

N = 2
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: D · 15

Cevap neden bu

AVG NULL'u yok sayar; bu yüzden 30 / 3 = 10 değil, 10 ile 20'nin ortalaması olan 15'i verir.

Cevap

D · 15
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: C · Hash join

Cevap neden bu

Hash join bir girdi üzerinde bir hash tablosu oluşturur ve onu diğer girdiyle yoklar; bu, indeks olmadan büyük eşitlik birleştirmelerinde iyi çalışır.

Cevap

C · Hash join
17.Bilgisayar ağları

Cevap: A · GET bir kaynağı getirir, POST istek gövdesinde veri gönderir

Cevap neden bu

GET bir kaynak ister ve sunucu durumunu değiştirmemelidir. POST, sunucunun işlemesi için form gibi verileri gövdede gönderir.

Cevap

A · GET bir kaynağı getirir, POST istek gövdesinde veri gönderir
18.Bilgisayar ağları

Cevap: B · Kaybolan bir TCP segmenti, yeniden iletilene kadar çoğullanmış tüm akışları geciktirir

Cevap neden bu

TCP baytları sırayla teslim eder, bu yüzden tek bir kayıp bağlantıdaki her akışı durdurur. QUIC (HTTP/3) akışları UDP üzerinde bağımsız olarak işler.

Cevap

B · Kaybolan bir TCP segmenti, yeniden iletilene kadar çoğullanmış tüm akışları geciktirir
19.IPv4 alt ağları

Cevap: N = 128

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Ödünç alınan bitler

23 − 16 = 7

Alt ağ sayısı

N = 27 = 128

Cevap

N = 128

Her /23 alt ağında 29 − 2 = 510 kullanılabilir cihaz vardır.

20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 127

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Blok boyutu

27 = 128

Bu cihazın alt ağı

ağ: ⌊71/128⌋·128 = 0
yayın: 0 + 128 − 1 = 127
kullanılabilir cihazlar: 1 … 126

Cevap

x = 127

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals