Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
ikiye tümleyende basamak değerleri1−12806403211608141201

8 bitlik 1001 0110 dizisi, ikiye tümleyen biçiminde işaretli bir tam sayı saklıyor. Onluk değeri N nedir?

1001 01108 bit
N =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 1000 1110 AND 0100 1011 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

1000 1110AND0100 1011
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
¬r ∧ ¬q¬r ∧ q¬r ∨ q¬r ∨ ¬q

Hangi formül ¬(r ∧ q) formülüne mantıksal olarak denktir? Üzerine tıklayın.

¬(r ∧ q)
  1. 1¬r ∧ ¬q
  2. 2¬r ∧ q
  3. 3¬r ∨ q
  4. 4¬r ∨ ¬q
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
b ∧ cb¬aa

b ∨ c; b → a; c → a öncülleri verilmiştir. Bunlardan hangi sonuç çıkar? Üzerine tıklayın.

b ∨ cb → ac → a
  1. 1b ∧ c
  2. 2b
  3. 3¬a
  4. 4a
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
MUX1I0​C′I1​0I2​CI3​ABS1​S0​F

Bir 4’ten 1’e çoklayıcının seçme girişleri S₁ = A ve S₀ = B, veri girişleri I₀ = 1, I₁ = C′, I₂ = 0, I₃ = C’e bağlanmıştır. A, B ve C girişlerinin 8 birleşiminden kaçında F = 1 olur? N değerini bulun.

I₀ = 1I₁ = C′I₂ = 0I₃ = C
N =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
ABCD000111100001111000X1030204151706112113015X141819111110

d fark etmez (don’t-care) durumlarını gösterirken F(A, B, C, D) = Σm(5, 7, 8, 9, 10, 11, 12, 13) + d(1, 14) fonksiyonu için temel asal implikantların sayısını, N, bulun.

F(A, B, C, D) = Σm(5, 7, 8, 9, 10, 11, 12, 13) + d(1, 14)
N =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

9 sayısının 97 modundaki tersini bulun: 0 < x < 97 olan ve 9·x ≡ 1 (mod 97) sağlayan x sayısı.

a = 9n = 97
9−1 mod 97 =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor
mc = me​ mod n33m = cd​ mod n?(n, e) = (145, 23)d

Bir RSA anahtarı p = 5, q = 29 ve e = 23 kullanıyor. c = 33 şifreli metnini çözün: mesajı, m, bulun.

p = 5q = 29e = 23c = 33
m =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

O(n²) bir algoritmanın aynı zamanda O(n³) olduğunu söylemek doğru mudur?

  1. AEvet, ama yalnızca n 100'den küçükse
  2. BEvet, çünkü Büyük O bir üst sınırdır ve n², n³'ten daha hızlı büyümez
  3. CHayır, çünkü büyük n için n³, n²'den küçüktür
  4. DHayır, çünkü Büyük O her zaman fonksiyonun tam büyüme hızını belirtmelidir
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Hangi teknik, hızlı sıralama için her girdide beklenen O(n log n) çalışma süresini sağlar?

  1. AHer zaman ilk elemanı seçmek
  2. BPivotu düzgün dağılımla rastgele seçmek
  3. CHızlı sıralamayı çalıştırmadan önce girdiyi sıralamak
  4. DÖzyinelemeyi yalnızca sol tarafta kullanmak
11.Veri yapılarıOrta

Dijkstra algoritması işlenecek bir sonraki köşeyi seçmek için hangi soyut veri türünü kullanır?

  1. AYığın
  2. BSırasız bir küme
  3. CFIFO kuyruğu
  4. DMin-öncelik kuyruğu
12.Veri yapılarıZor

Çift karma (double hashing) esas olarak doğrusal yoklamanın hangi sorununu azaltır?

  1. AAnahtarları tabloda saklama ihtiyacını
  2. BBir karma fonksiyonuna duyulan ihtiyacı
  3. CUzun dolu yuva dizilerinin oluştuğu birincil kümelenmeyi
  4. DBir anahtarın değerini okumanın O(n) maliyetini
13.Graf kuramıOrta
ABCDEFEuler devresiEuler yolu, devre yokhiçbiri

Bağlantılı grafın bir Euler devresi mi, devre olmayan bir Euler yolu mu var, yoksa hiçbiri mi? Cevabınıza tıklayın.

|V| = 6|E| = 8
  1. 1Euler devresi
  2. 2Euler yolu, devre yok
  3. 3hiçbiri
14.Graf kuramıZor
4268101121112ABCDEFG

Ağırlıklı grafta A’dan F köşesine en kısa yolun uzunluğunu (d(F)) bulmak için Dijkstra algoritmasını kullanın.

başlangıç: Abitiş: F
d(F) =
15.Veritabanları ve SQLOrta

Bir employees tablosunda başka bir çalışana başvuran bir manager_id sütunu var. Her çalışanı yöneticisinin adıyla birlikte nasıl listelersiniz?

  1. Aemployees tablosunu iki takma adla kendisiyle birleştirerek
  2. BTablonun diskte ikinci bir kopyasını oluşturarak
  3. CTabloyu UNION ALL ve bir WHERE filtresi kullanarak kendisiyle birleştirerek
  4. DYalnızca GROUP BY manager_id kullanarak
16.Veritabanları ve SQLZor

Çok sürümlü eş zamanlılık denetiminde (MVCC) okuyucular yazıcıları engellemekten nasıl kaçınabilir?

  1. AOkuyucular commit edilmemiş verileri doğrudan okur
  2. BOkuyucular commit edilmiş satır sürümlerinin tutarlı bir anlık görüntüsünü görür, yazıcılar ise yeni sürümler oluşturur
  3. COkuyucular her zaman tüm yazıcılar commit edene kadar bekler
  4. DHerhangi bir okuyucu etkinken yazıcılara izin verilmez
17.Bilgisayar ağlarıOrta

Ethernet çerçevelerinde döngüsel artıklık denetimi (CRC) ne için kullanılır?

  1. AÇerçeveyi şifrelemek için
  2. BEn iyi rotayı seçmek için
  3. CHer bit hatasını otomatik olarak düzeltmek için
  4. Dİletim hatalarını saptamak için
18.Bilgisayar ağlarıZor

Bir TCP bağlantısını ilk kapatan taraf neden azami segment ömrünün iki katı süre TIME_WAIT durumunda kalır?

  1. AYol boyunca yönlendiricilerin bir sonraki bağlantı için yönlendirme tablolarını güncellemesine izin vermek için
  2. BDNS önbelleğinin süresinin dolmasını beklemek için
  3. CGecikmiş segmentlerin ortadan kalkması ve kaybolursa son ACK'nın yeniden gönderilebilmesi için
  4. DŞifreleme anahtarlarını daha sonra yeniden kullanmak üzere saklamak için
19.IPv4 alt ağlarıOrta
255.255.255.12811111111111111111111111110000000ağ bitlericihaz bitleri

Bir alt ağ 255.255.255.128 maskesini kullanıyor. Kaç kullanılabilir cihaz adresi H vardır?

255.255.255.128
H =
20.IPv4 alt ağlarıZor

192.168.219.0/24 ağı şu LAN’lar için VLSM ile bölünüyor: A: 4 ana makine, B: 16 ana makine, C: 10 ana makine, D: 27 ana makine, E: 40 ana makine. Alt ağlar .0’dan yukarı doğru, en çok cihazı olan LAN’dan başlayarak, her birine sığan en küçük alt ağ verilerek atanıyor. LAN D’ün ağ adresinin dördüncü okteti x nedir?

A: 4B: 16C: 10D: 27E: 40
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: N = −106

Konumsal sayı sistemleri: her basamak, değeri çarpı tabanın bir kuvveti kadar değerlidir. İkilik sistemde basamaklar 1, 2, 4, 8, 16, …; onaltılık sistemde 1, 16, 256, … değerindedir ve A–F, 10–15'i gösterir. 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit +128 yerine −128 değerindedir; negatif sayılar böyle saklanır.

Değerleri toplayın

Diğer bitler normal pozitif değerlerini korur.

−128 + 16 + 4 + 2 = −106

Cevap

N = −106
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 10

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

AND yalnızca iki bit de 1 olduğunda 1 verir.

1000 1110
AND 0100 1011
= 0000 1010

Sonucun değeri

0000 1010₂ = 10

Cevap

R = 10
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: ¬r ∨ ¬q

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Kural

De Morgan: ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b. ∧ , ∨ olur ve her iki parçanın değili alınır.
¬(r ∧ q) ≡ ¬r ∨ ¬q

Doğruluk tablosuyla denetleyin

q = 1, r = 1: 0 | 0 0 1 0
q = 1, r = 0: 1 | 0 1 1 1
q = 0, r = 1: 1 | 0 0 0 1
q = 0, r = 0: 1 | 1 0 1 1

Cevap

¬r ∨ ¬q

Çubuktan sonraki sütunlar, gösterilen sırayla seçeneklerdir.

4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: a

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Tüm öncüllerin doğru olduğu satırlar

a = 1, b = 1, c = 1: b ∧ c = 1, b = 1, ¬a = 0, a = 1
a = 1, b = 1, c = 0: b ∧ c = 0, b = 1, ¬a = 0, a = 1
a = 1, b = 0, c = 1: b ∧ c = 0, b = 0, ¬a = 0, a = 1

Sonuç

a (durumlara ayırarak ispat)

Cevap

a
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 4

Çoklayıcı (multiplexer): 2ⁿ’den 1’e bir çoklayıcı veri girişlerinden birini çıkışa iletir; ikilik sayı olarak okunan seçme hatları hangisinin seçileceğini belirler. S₁S₀ = AB seçmeli 4’ten 1’e bir MUX için F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Veri girişlerini 0, 1, C ya da C′’ye bağlamak MUX’un A, B ve C’nin herhangi bir fonksiyonunu üretmesini sağlar; bu, tek bir yongayla mantık kurmanın yaygın bir yoludur.

Çıkış ifadesi

F = A′B′ + A′BC′ + ABC

F = 1 olan satırlar

ABC = 000, 001, 010, 111
N = 4

Cevap

N = 4
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 2

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

Asal implikantlar

1’lerden ve X’lerden oluşturulabilen en büyük gruplar.

C′D, AD′, AC′, AB′, A′BD
ABCD000111100001111000X1030204151706112113015X141819111110

Temel asal implikantlar

AB′, A′BD
N = 2

Cevap

N = 2
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: 9−1 mod 97 = 54

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Genişletilmiş Öklid algoritması

Her r kalanı r ≡ t·9 (mod 97) olarak yazılır.

r = 97, t = 0
r = 9, q = 10, t = 1
r = 7, q = 1, t = −10
r = 2, q = 3, t = 11
r = 1, q = 2, t = −43

Ters

1 ≡ −43·9 (mod 97)
x = 54
kontrol: 9·54 = 486 = 5·97 + 1

Cevap

9−1 mod 97 = 54
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: m = 92

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

Özel üs

n = 145, φ(n) = 112
d = 23−1 mod 112 = 39

Tekrarlı kare almayla çözün

39 = 32 + 4 + 2 + 1
331 ≡ 33 (mod 145)
332 ≡ 74 (mod 145)
334 ≡ 111 (mod 145)
338 ≡ 141 (mod 145)
3316 ≡ 16 (mod 145)
3332 ≡ 111 (mod 145)
3339 ≡ 33·74·111·111 ≡ 92 (mod 145)

Mesaj

m = 92
kontrol: 9223 mod 145 = 33

Cevap

m = 92
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: B · Evet, çünkü Büyük O bir üst sınırdır ve n², n³'ten daha hızlı büyümez

Cevap neden bu

Büyük O bir üst sınırdır, bu yüzden ifade doğrudur ama sıkı değildir; Θ(n²) tam büyüme hızını belirtir.

Cevap

B · Evet, çünkü Büyük O bir üst sınırdır ve n², n³'ten daha hızlı büyümez
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: B · Pivotu düzgün dağılımla rastgele seçmek

Cevap neden bu

Rastgele bir pivotla beklenen çalışma süresi her girdi için O(n log n)'dir; kötü durumlar hâlâ vardır ama olasılıkları çok düşüktür.

Cevap

B · Pivotu düzgün dağılımla rastgele seçmek
11.Veri yapıları

Cevap: D · Min-öncelik kuyruğu

Cevap neden bu

Genellikle ikili öbekle gerçekleştirilen min-öncelik kuyruğu, ziyaret edilmemiş en küçük uzaklıklı köşeyi verimli biçimde döndürür.

Cevap

D · Min-öncelik kuyruğu
12.Veri yapıları

Cevap: C · Uzun dolu yuva dizilerinin oluştuğu birincil kümelenmeyi

Cevap neden bu

Doğrusal yoklama 1'er adımla ilerler, bu nedenle dolu diziler büyür ve birleşir; çift karma adım boyu için ikinci bir karma kullanır, böylece farklı anahtarlar farklı diziler yoklar.

Cevap

C · Uzun dolu yuva dizilerinin oluştuğu birincil kümelenmeyi
13.Graf kuramı

Cevap: Euler yolu, devre yok

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Dereceler

deg(A) = 2, deg(B) = 3, deg(C) = 2, deg(D) = 3, deg(E) = 4, deg(F) = 2

Tek dereceli köşeler

B, D → 2
Euler yolu, devre yok

Cevap

Euler yolu, devre yok

Euler yolu bir tek dereceli köşeden başlar ve ötekinde biter.

14.Graf kuramı

Cevap: d(F) = 28

En kısa yollar ve kapsayan ağaçlar: Dijkstra algoritması her turda bir köşeyi kesinleştirir: geçici uzaklığı en küçük olan, henüz kesinleşmemiş köşeyi. Uzaklığı artık kesindir ve her komşu v için d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) alınır. Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı, kenarları hafiften ağıra alıp bir döngü kapatacak kenarları atlayarak kurar; Prim algoritması bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütür ve her seferinde ağaçtan çıkan en hafif kenarı ekler. n köşeli bir kapsayan ağacın n − 1 kenarı vardır.

Dijkstra tur tur

Her satır: kesinleşen köşe, kesin uzaklığı ve uzaklığı iyileşen komşular.

A (0): C: 4
C (4): E: 10, G: 16
E (10): D: 18
G (16): B: 17
B (17)
D (18): F: 28
F (28)

En kısa yol

A → C → E → D → F
d(F) = 28

Cevap

d(F) = 28
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: A · employees tablosunu iki takma adla kendisiyle birleştirerek

Cevap neden bu

FROM employees e JOIN employees m ON e.manager_id = m.id gibi bir kendine birleştirme (self-join), bir takma adın çalışan, diğerinin yönetici olmasını sağlar.

Cevap

A · employees tablosunu iki takma adla kendisiyle birleştirerek
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: B · Okuyucular commit edilmiş satır sürümlerinin tutarlı bir anlık görüntüsünü görür, yazıcılar ise yeni sürümler oluşturur

Cevap neden bu

MVCC eski satır sürümlerini tutar; böylece bir okuyucu verileri kendi anlık görüntüsündeki hâliyle görebilir, yazıcı ise yerinde üzerine yazmak yerine yeni bir sürüm oluşturur.

Cevap

B · Okuyucular commit edilmiş satır sürümlerinin tutarlı bir anlık görüntüsünü görür, yazıcılar ise yeni sürümler oluşturur
17.Bilgisayar ağları

Cevap: D · İletim hatalarını saptamak için

Cevap neden bu

Gönderici çerçeve üzerinde bir CRC hesaplar; alıcı onu yeniden hesaplar ve farklıysa çerçeveyi atar. CRC hataları saptar ama düzeltmez.

Cevap

D · İletim hatalarını saptamak için
18.Bilgisayar ağları

Cevap: C · Gecikmiş segmentlerin ortadan kalkması ve kaybolursa son ACK'nın yeniden gönderilebilmesi için

Cevap neden bu

TIME_WAIT, kaybolan bir son ACK'nın tekrarlanabilmesini ve aynı adres ve port çifti yeniden kullanılmadan önce eski yinelenen segmentlerin süresinin dolmasını sağlar.

Cevap

C · Gecikmiş segmentlerin ortadan kalkması ve kaybolursa son ACK'nın yeniden gönderilebilmesi için
19.IPv4 alt ağları

Cevap: H = 126

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Önek uzunluğu

255.255.255.128 = /25

Kullanılabilir cihazlar

27 − 2 = 126

Cevap

H = 126
20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 64

VLSM: her LAN, 2ʰ − 2 ≥ cihaz sayısı olan en küçük alt ağı, yani 32 − h önekini alır. Önce en büyük alt ağları atamak her bloğun kendi boyutunun bir katına hizalanmasını sağlar, bu yüzden ağ adresleri blok boyutlarını toplayarak bulunur.

LAN başına blok boyutu

E: 40 ana makine → 26 = 64 (/26)
D: 27 ana makine → 25 = 32 (/27)
B: 16 ana makine → 25 = 32 (/27)
C: 10 ana makine → 24 = 16 (/28)
A: 4 ana makine → 23 = 8 (/29)

Atama, en büyükten başlayarak

E: .0 – .63
D: .64 – .95
B: .96 – .127
C: .128 – .143
A: .144 – .151

Cevap

x = 64

LAN D: 192.168.219.64/27.

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals