Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −58 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −588 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
24 bit1 px800 px600 pxM = ? KiB

Sıkıştırılmamış bir görüntü 800 × 600 piksel ve piksel başına 24 bittir. KiB cinsinden (1 KiB = 1024 bayt) ne kadar bellek M kaplar?

800 × 600 px24 bit/px1 KiB = 1024 B
M = KiB
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
pqr¬p(¬q → r) ∨ ¬p(q → ¬r) ↔ ((¬q → r) ∨ ¬p)111?110?101?100?011?010?001?000?

Doğruluk tablosunun 8 satırının kaçında (q → ¬r) ↔ ((¬q → r) ∨ ¬p) doğrudur? Bu sayıya N deyin.

(q → ¬r) ↔ ((¬q → r) ∨ ¬p)
N =
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
∀x (¬A(x) ∧ ¬B(x))∃x (A(x) → ¬B(x))∀x (A(x) → ¬B(x))∀x (A(x) ∧ ¬B(x))

Değili tamamen içeri taşınmış hâliyle hangi önerme ¬∃x (A(x) ∧ B(x)) önermesine denktir? Üzerine tıklayın.

¬∃x (A(x) ∧ B(x))
  1. 1∀x (¬A(x) ∧ ¬B(x))
  2. 2∃x (A(x) → ¬B(x))
  3. 3∀x (A(x) → ¬B(x))
  4. 4∀x (A(x) ∧ ¬B(x))
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABC00011110011001130204051716

F(A, B, C) = Σm(0, 3, 6, 7) fonksiyonunun en küçük çarpımlar toplamı (SOP) biçimini bulmak için Karnaugh haritasını kullanın. Toplamda kaç literal (L) içerir (üzerinde işaret olan bir değişken bir literal sayılır)?

F(A, B, C) = Σm(0, 3, 6, 7)
L =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
TQ0​Q0​TQ1​Q1​TQ2​Q2​CLKMOD-7

Eşzamanlı bir mod-7 sayıcı 0, 1, …, 6 sayar ve sonra 0’a döner. 3 değerinden başlar. 14 saat darbesinden sonra hangi sayıyı, Q, (ondalık olarak) gösterir?

Q0 = 314N = 7
Q =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

8 sayısının 53 modundaki tersini bulun: 0 < x < 53 olan ve 8·x ≡ 1 (mod 53) sağlayan x sayısı.

a = 8n = 53
8−1 mod 53 =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor
687c = me​ mod n?m = cd​ mod nm(n, e) = (1457, 7)d

m = 687 mesajını (n, e) = (1457, 7) RSA genel anahtarıyla şifreleyin. Şifreli metni, c, bulun.

n = 1457e = 7m = 687
c =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

O(n²) bir algoritmanın aynı zamanda O(n³) olduğunu söylemek doğru mudur?

  1. AHayır, çünkü büyük n için n³, n²'den küçüktür
  2. BEvet, çünkü Büyük O bir üst sınırdır ve n², n³'ten daha hızlı büyümez
  3. CHayır, çünkü Büyük O her zaman fonksiyonun tam büyüme hızını belirtmelidir
  4. DEvet, ama yalnızca n 100'den küçükse
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Bir hash tablosunda arama neden ortalamada O(1), en kötü durumda ise O(n)'dir?

  1. AHash fonksiyonları yavaştır
  2. BBirçok anahtar çakışarak aynı kovaya düşebilir
  3. CAnahtarların önce sıralanması gerekir
  4. DDizilere erişim O(n)'dir
11.Veri yapılarıOrta

Açık adresleme kullanan bir karma tablosunda olası en yüksek doluluk oranı nedir?

  1. A1
  2. B2
  3. C0,5
  4. DEn yüksek değer yoktur
12.Veri yapılarıZor

Radix ağacı (sıkıştırılmış trie) düz bir trie'yi nasıl iyileştirir?

  1. AHer sözcüğü ayrı düğümler yerine kökteki bir karma tablosunda saklar
  2. BTek çocuklu düğüm zincirlerini bir dizgiyle etiketlenmiş tek bir kenarda birleştirir
  3. CHer sözcüğün yalnızca ilk harfini tutar
  4. DHer düğümün çocuklarını sıklığa göre sıralar
13.Graf kuramıOrta

Bir ağacın derecesi 3 olan 3 köşe, derecesi 4 olan 4 köşe, derecesi 5 olan 3 köşe, derecesi 2 olan 2 köşe vardır ve diğer tüm köşeleri yapraktır (derece 1). Kaç yaprağı (L) vardır?

3 × deg 34 × deg 43 × deg 52 × deg 2
L =
14.Graf kuramıZor
ABCDEF

C köşesinde başlayıp biten 2 uzunluğunda kaç kapalı gezinti vardır? Bir gezinti köşeleri ve kenarları tekrar edebilir. Sayıya N deyin.

M = komşuluk matrisiL = 2
N =
15.Veritabanları ve SQLOrta

Bir sütun 10, 20 ve NULL değerlerini tutuyor. AVG(col) ne döndürür?

  1. A30
  2. BNULL
  3. C10
  4. D15
16.Veritabanları ve SQLZor

Eş zamanlı işlemlerden oluşan bir çizelgeye ne zaman serileştirilebilir (serializable) denir?

  1. Aİşlemler yalnızca tek bir CPU'da çalıştığında
  2. BEtkisi aynı işlemlerin bir seri yürütülmesine eşdeğer olduğunda
  3. CHiçbir işlem hiç veri okumadığında
  4. DHer işleme bir seri numarası verildiğinde
17.Bilgisayar ağlarıOrta

TCP üçlü el sıkışmasının (three-way handshake) amacı nedir?

  1. ABir bağlantıyı hızlıca kapatmak
  2. BBağlantı kurmak ve sıra numaralarını senkronize etmek
  3. CVeriyi şifrelemek
  4. DBir ana bilgisayara veri gönderilebilmeden önce onun IP adresini bulmak
18.Bilgisayar ağlarıZor

DNS önbellek zehirlenmesi (DNS cache poisoning) saldırısının amacı nedir?

  1. ABir sunucuyu trafikle aşırı yükleyip sorgulara yanıt vermesini durdurmak
  2. BBir çözümleyicinin bir alan adı için sahte bir IP adresi saklamasını sağlamak
  3. CWi-Fi parolalarını çalmak
  4. DDNS sunucularını silmek
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/20 → /2811111111111111111111111111110000ağ bitlericihaz bitleri

10.12.224.0/20 ağı /28 önekli eşit alt ağlara bölünüyor. Kaç alt ağ N vardır?

10.12.224.0/20/28
N =
20.IPv4 alt ağlarıZor

192.168.177.0/24 ağı şu LAN’lar için VLSM ile bölünüyor: A: 14 ana makine, B: 3 ana makine, C: 25 ana makine, D: 24 ana makine, E: 4 ana makine. Alt ağlar .0’dan yukarı doğru, en çok cihazı olan LAN’dan başlayarak, her birine sığan en küçük alt ağ verilerek atanıyor. LAN D’ün ağ adresinin dördüncü okteti x nedir?

A: 14B: 3C: 25D: 24E: 4
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 198

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

58 = 0011 1010
tersine çevrilmiş: 1100 0101
+1 → 1100 0110

İşaretsiz okuyun

1100 0110₂ = 256 − 58 = 198

Cevap

U = 198
2.Sayı sistemleri

Cevap: M = 1406 KiB

Konumsal sayı sistemleri: her basamak, değeri çarpı tabanın bir kuvveti kadar değerlidir. İkilik sistemde basamaklar 1, 2, 4, 8, 16, …; onaltılık sistemde 1, 16, 256, … değerindedir ve A–F, 10–15'i gösterir. 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit +128 yerine −128 değerindedir; negatif sayılar böyle saklanır.

Bitler ve baytlar

800·600·24 = 11520000 bit = 1440000 B

KiB'ye çevirin

1440000/1024 = 1406,25 KiB

Cevap

M = 1406,25 KiB
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: N = 5

Doğruluk tabloları: n farklı değişkenli bir formülün 2ⁿ satırı vardır; her satır doğruluk değerlerinin bir birleşimidir (1 = doğru, 0 = yanlış). İçten dışa doğru çalışın ve her alt formüle kendi sütununu verin. ¬a değeri tersine çevirir; a ∧ b yalnızca ikisi de 1 olduğunda 1’dir; a ∨ b yalnızca ikisi de 0 olduğunda 0’dır; a → b yalnızca a = 1 ve b = 0 olduğunda 0’dır; a ↔ b iki taraf eşit olduğunda 1’dir.

Doğruluk tablosu satır satır

p = 1, q = 1, r = 1: ¬r = 0, q → ¬r = 0, ¬q = 0, ¬q → r = 1, ¬p = 0, (¬q → r) ∨ ¬p = 1, (q → ¬r) ↔ ((¬q → r) ∨ ¬p) = 0
p = 1, q = 1, r = 0: ¬r = 1, q → ¬r = 1, ¬q = 0, ¬q → r = 1, ¬p = 0, (¬q → r) ∨ ¬p = 1, (q → ¬r) ↔ ((¬q → r) ∨ ¬p) = 1
p = 1, q = 0, r = 1: ¬r = 0, q → ¬r = 1, ¬q = 1, ¬q → r = 1, ¬p = 0, (¬q → r) ∨ ¬p = 1, (q → ¬r) ↔ ((¬q → r) ∨ ¬p) = 1
p = 1, q = 0, r = 0: ¬r = 1, q → ¬r = 1, ¬q = 1, ¬q → r = 0, ¬p = 0, (¬q → r) ∨ ¬p = 0, (q → ¬r) ↔ ((¬q → r) ∨ ¬p) = 0
p = 0, q = 1, r = 1: ¬r = 0, q → ¬r = 0, ¬q = 0, ¬q → r = 1, ¬p = 1, (¬q → r) ∨ ¬p = 1, (q → ¬r) ↔ ((¬q → r) ∨ ¬p) = 0
p = 0, q = 1, r = 0: ¬r = 1, q → ¬r = 1, ¬q = 0, ¬q → r = 1, ¬p = 1, (¬q → r) ∨ ¬p = 1, (q → ¬r) ↔ ((¬q → r) ∨ ¬p) = 1
p = 0, q = 0, r = 1: ¬r = 0, q → ¬r = 1, ¬q = 1, ¬q → r = 1, ¬p = 1, (¬q → r) ∨ ¬p = 1, (q → ¬r) ↔ ((¬q → r) ∨ ¬p) = 1
p = 0, q = 0, r = 0: ¬r = 1, q → ¬r = 1, ¬q = 1, ¬q → r = 0, ¬p = 1, (¬q → r) ∨ ¬p = 1, (q → ¬r) ↔ ((¬q → r) ∨ ¬p) = 1

Değeri 1 olan satırları sayın

(q → ¬r) ↔ ((¬q → r) ∨ ¬p): 0, 1, 1, 0, 0, 1, 1, 1
N = 5

Cevap

N = 5
4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: ∀x (A(x) → ¬B(x))

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Değili içeri taşıyın

¬∃x (A(x) ∧ B(x)) ≡ ∀x (A(x) → ¬B(x))

Cevap

∀x (A(x) → ¬B(x))

Diğer seçenekler ya bir niceleyiciyi değiştirmeden bırakır, ya niceleyicilerin sırasını değiştirir ya da iç formülün değilini yanlış alır.

5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: L = 7

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

ABC00011110011001130204051716

1’leri gruplayın

Her grup 2ᵏ hücrelik bir dikdörtgendir; kenardaki hücreler karşı kenardaki hücrelerin komşusudur.

BC
AB
A′B′C′

En küçük SOP biçimi

F = BC + AB + A′B′C′
L = 7

Cevap

L = 7
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: Q = 3

Flip-floplar ve sayıcılar: bir flip-flop yalnızca saatin etkin kenarında değişir. D girişini kopyalar (Q⁺ = D); T, T = 1 iken tersler; JK, 00 için tutar, 01 için sıfırlar, 10 için kurar, 11 için tersler. n bitlik bir ikilik sayıcının 2ⁿ durumu vardır ve 2ⁿ modunda sayar; mod-N sayıcı 0, 1, …, N − 1 sayıp 0’a döner ve 2ⁿ ≥ N olan en küçük n kadar flip-flop gerektirir. Bir dalgacık (ripple) sayıcının her aşaması frekansı yarıya indirir; bu yüzden mod-N sayıcının son çıkışı fclk/N ile çalışır. n flip-flopluk bir Johnson sayıcının 2n durumu, bir halka sayıcının n durumu vardır.

Tam çevrimler

Her 7 darbe sayıcıyı aynı duruma geri getirir.

14 = 2·7 + 0

Kalan darbelerden sonraki sayı

Q = (3 + 0) mod 7 = 3
Q = 011₂

Cevap

Q = 3
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: 8−1 mod 53 = 20

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Genişletilmiş Öklid algoritması

Her r kalanı r ≡ t·8 (mod 53) olarak yazılır.

r = 53, t = 0
r = 8, q = 6, t = 1
r = 5, q = 1, t = −6
r = 3, q = 1, t = 7
r = 2, q = 1, t = −13
r = 1, q = 2, t = 20

Ters

1 ≡ 20·8 (mod 53)
x = 20
kontrol: 8·20 = 160 = 3·53 + 1

Cevap

8−1 mod 53 = 20
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: c = 1028

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

Tekrarlı kare alma

7 = 4 + 2 + 1
6871 ≡ 687 (mod 1457)
6872 ≡ 1358 (mod 1457)
6874 ≡ 1059 (mod 1457)
6877 ≡ 687·1358·1059 ≡ 1028 (mod 1457)

Şifreli metin

c = 1028

Cevap

c = 1028
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: B · Evet, çünkü Büyük O bir üst sınırdır ve n², n³'ten daha hızlı büyümez

Cevap neden bu

Büyük O bir üst sınırdır, bu yüzden ifade doğrudur ama sıkı değildir; Θ(n²) tam büyüme hızını belirtir.

Cevap

B · Evet, çünkü Büyük O bir üst sınırdır ve n², n³'ten daha hızlı büyümez
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: B · Birçok anahtar çakışarak aynı kovaya düşebilir

Cevap neden bu

İyi bir hash fonksiyonu ve uygun doluluk oranıyla kovalar ortalamada kısa kalır; kötü niyetli girdiler veya zayıf hash'leme tüm anahtarları tek bir kovaya koyabilir.

Cevap

B · Birçok anahtar çakışarak aynı kovaya düşebilir
11.Veri yapıları

Cevap: A · 1

Cevap neden bu

Açık adreslemede tüm anahtarlar tablonun kendisinde saklanır, bu nedenle n, m'yi aşamaz; ayrık zincirlemede doluluk oranı 1'in üzerinde olabilir.

Cevap

A · 1
12.Veri yapıları

Cevap: B · Tek çocuklu düğüm zincirlerini bir dizgiyle etiketlenmiş tek bir kenarda birleştirir

Cevap neden bu

Dallanmayan yolları daraltmak, önek aramasını korurken düğüm sayısını ve kullanılan belleği azaltır.

Cevap

B · Tek çocuklu düğüm zincirlerini bir dizgiyle etiketlenmiş tek bir kenarda birleştirir
13.Graf kuramı

Cevap: L = 22

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Bir ağaç için el sıkışma lemması

L + 44 = 2(L + 12) − 2
L = 22

Cevap

L = 22

Kısayol: L = 2 + Σ (d − 2); toplam, derecesi d ≥ 3 olan köşeler üzerindendir.

14.Graf kuramı

Cevap: N = 3

Dereceler: bir köşenin derecesi ona değen kenar sayısıdır. Her kenarın iki ucu vardır; bu yüzden dereceler kenar sayısının iki katını verecek şekilde toplanır: Σ deg(v) = 2|E| (el sıkışma lemması). Dolayısıyla derecesi tek olan köşelerin sayısı çifttir. Kn grafının n(n − 1)/2 kenarı vardır, n köşeli k-düzgün bir grafın nk/2 kenarı vardır ve n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır.

Komşuluk matrisi

A: 0 1 1 0 0 0
B: 1 0 1 1 1 0
C: 1 1 0 0 1 0
D: 0 1 0 0 1 1
E: 0 1 1 1 0 1
F: 0 0 0 1 1 0

Ortak komşular

(M²)CC = 1·1 + 1·1 + 0·0 + 0·0 + 1·1 + 0·0 = 3

Cevap

N = 3
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: D · 15

Cevap neden bu

AVG NULL'u yok sayar; bu yüzden 30 / 3 = 10 değil, 10 ile 20'nin ortalaması olan 15'i verir.

Cevap

D · 15
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: B · Etkisi aynı işlemlerin bir seri yürütülmesine eşdeğer olduğunda

Cevap neden bu

Serileştirilebilirlik eş zamanlılık için temel doğruluk ölçütüdür: iç içe geçmiş sonuç, birer birer yürütülen bir sıranın sonucuna eşit olmalıdır.

Cevap

B · Etkisi aynı işlemlerin bir seri yürütülmesine eşdeğer olduğunda
17.Bilgisayar ağları

Cevap: B · Bağlantı kurmak ve sıra numaralarını senkronize etmek

Cevap neden bu

El sıkışma, veri gönderilmeden önce bağlantıyı kurar ve her iki tarafta başlangıç sıra numaralarını belirler.

Cevap

B · Bağlantı kurmak ve sıra numaralarını senkronize etmek
18.Bilgisayar ağları

Cevap: B · Bir çözümleyicinin bir alan adı için sahte bir IP adresi saklamasını sağlamak

Cevap neden bu

Zehirleme, bir çözümleyicinin (resolver) önbelleğine sahte kayıtlar ekler. DNSSEC, çözümleyicilerin kayıtları doğrulayabilmesi için imzalar ekler.

Cevap

B · Bir çözümleyicinin bir alan adı için sahte bir IP adresi saklamasını sağlamak
19.IPv4 alt ağları

Cevap: N = 256

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Ödünç alınan bitler

28 − 20 = 8

Alt ağ sayısı

N = 28 = 256

Cevap

N = 256

Her /28 alt ağında 24 − 2 = 14 kullanılabilir cihaz vardır.

20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 32

VLSM: her LAN, 2ʰ − 2 ≥ cihaz sayısı olan en küçük alt ağı, yani 32 − h önekini alır. Önce en büyük alt ağları atamak her bloğun kendi boyutunun bir katına hizalanmasını sağlar, bu yüzden ağ adresleri blok boyutlarını toplayarak bulunur.

LAN başına blok boyutu

C: 25 ana makine → 25 = 32 (/27)
D: 24 ana makine → 25 = 32 (/27)
A: 14 ana makine → 24 = 16 (/28)
E: 4 ana makine → 23 = 8 (/29)
B: 3 ana makine → 23 = 8 (/29)

Atama, en büyükten başlayarak

C: .0 – .31
D: .32 – .63
A: .64 – .79
E: .80 – .87
B: .88 – .95

Cevap

x = 32

LAN D: 192.168.177.32/27.

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals