Cevaplı Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar çalışma kâğıdı

Ücretsiz yazdırılabilir Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar çalışma kâğıdı: kolaydan sınav düzeyine 6 soru ve cevap anahtarı. Yazdırın ya da PDF olarak kaydedin.

Yeni çalışma kâğıdıİpuçlarıyla çevrimiçi çalışın

Öğretmenler için: sınıfta ücretsiz yazdırılabilir, çoğaltılabilir ve kullanılabilir. Her yeni çalışma kâğıdında yeni değerler ve kendi cevap anahtarı vardır. Ders sayfanızda ExamProblems bağlantısı vermeniz bizi memnun eder.

Ad: ____________________   Tarih: ____________

1.Kolay
ABCN1: 2 nsG16 nsN2: 1 nsG28 nsF

Her kapının yayılım gecikmesi altına yazılmıştır. Girişlerden F çıkışına en kötü durum yayılım gecikmesini, tpd, bulun.

N1: 2 nsN2: 1 nsG1: 6 nsG2: 8 ns
tpd = ns
2.Kolay
ABC0001111001

3 değişkenli Karnaugh haritasında m7 minterimine ait hücreye tıklayın (değişkenler A, B, C; A en anlamlı bit).

m7
  1. 1A = 0, BC = 00
  2. 2A = 0, BC = 01
  3. 3A = 0, BC = 11
  4. 4A = 0, BC = 10
  5. 5A = 1, BC = 00
  6. 6A = 1, BC = 01
  7. 7A = 1, BC = 11
  8. 8A = 1, BC = 10
3.Orta
ABC00011110010011131204151706

F(A, B, C) = Σm(1, 2, 3, 5, 7) fonksiyonunun en küçük toplamlar çarpımı (POS) biçimini bulmak için Karnaugh haritasını kullanın. Kaç toplam terimi (çarpan) (N) vardır?

F(A, B, C) = Σm(1, 2, 3, 5, 7)
N =
4.Orta
ABCD0001111000011110111111

Bu Karnaugh haritasında tam bir tane 1’in komşu 1’i yoktur; bu yüzden en küçük SOP biçiminde tek hücrelik bir grup (dört literalli tam bir minterim) olarak kalır. Haritanın kenarları boyunca olan komşular da sayılır. O hücreye tıklayın.

F = Σm(4, 6, 7, 10, 12, 13)
  1. 1AB = 00, CD = 00
  2. 2AB = 00, CD = 01
  3. 3AB = 00, CD = 11
  4. 4AB = 00, CD = 10
  5. 5AB = 01, CD = 00
  6. 6AB = 01, CD = 01
  7. 7AB = 01, CD = 11
  8. 8AB = 01, CD = 10
  9. 9AB = 11, CD = 00
  10. 10AB = 11, CD = 01
  11. 11AB = 11, CD = 11
  12. 12AB = 11, CD = 10
  13. 13AB = 10, CD = 00
  14. 14AB = 10, CD = 01
  15. 15AB = 10, CD = 11
  16. 16AB = 10, CD = 10
5.Zor
DQ3​Q3​DQ2​Q2​DQ1​Q1​DQ0​Q0​CLKRING

4 bitlik bir halka sayıcı Q₃Q₂Q₁Q₀ 1100 değerinden başlar. Her saat kenarında bitler bir yer sağa kayar (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀) ve Q₃, Q₀’ı alır. 8 saat kenarından sonra durumu, Q = Q₃Q₂Q₁Q₀, ondalık sayı olarak verin.

Q₃Q₂Q₁Q₀ = 11008
Q =
6.Zor
DQ3​Q3​DQ2​Q2​DQ1​Q1​DQ0​Q0​CLKSHIFT

4 bitlik bir kaydırmalı yazmaç Q₃Q₂Q₁Q₀ 1110 değerini tutar. Her saat kenarında bitler bir yer sağa kayar (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀, Q₀ kaybolur) ve seri giriş Q₃’e girer. Seri giriş 6 kenarlarında 0, 1, 1, 1, 0, 1’dir. Son durumu, Q = Q₃Q₂Q₁Q₀, ondalık sayı olarak verin.

Q₃Q₂Q₁Q₀ = 11100, 1, 1, 1, 0, 1
Q =

Cevap anahtarı

  1. 1. tpd = 16 ns
  2. 2. A = 1, BC = 11
  3. 3. N = 2
  4. 4. AB = 10, CD = 10
  5. 5. Q = 12
  6. 6. Q = 11

Tam adım adım çözümler: bu konuyu examproblems.com’da çalışın.