Luyện thi FE Điện và Máy tính: gói ôn nước rút

Bảng công thức, các bước phương pháp chính cho từng chủ đề và 40 bài tập, kèm lời giải đầy đủ ở cuối.

Bài mớiQuay lại môn học

Trong cửa sổ in, hãy chọn “Lưu dưới dạng PDF” để giữ một bản trên thiết bị của bạn.

1Công thức và phương pháp

Điện trở nối tiếp và song song

Điện trở nối tiếp
Req = R1 + R2 + …
Điện trở song song
1/Req = 1/R1 + 1/R2 + …
Hai điện trở song song
Req = R1R2 / (R1 + R2)
Định luật Ohm
V = I·R
Công suất
P = V·I = I²R = V²/R

Phương pháp

  1. Bắt đầu từ đầu của mạng xa các cực nhất.
  2. Gộp các điện trở nối tiếp bằng cách cộng chúng, và các điện trở song song bằng 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …
  3. Vẽ lại mạch sau mỗi bước.
  4. Lặp lại cho đến khi chỉ còn một điện trở giữa hai cực.

Phương pháp điện thế nút

Định luật Kirchhoff về dòng điện
ΣIin = ΣIout
Dòng điện nhánh
I = (Va − Vb)/R
Nút tham chiếu
Vground = 0

Phương pháp

  1. Chọn một nút tham chiếu (đất) và đặt tên cho các điện thế nút còn lại.
  2. Viết định luật Kirchhoff về dòng tại mỗi nút chưa biết: dòng đi ra qua mỗi nhánh bằng dòng đi vào.
  3. Biểu diễn mọi dòng nhánh dưới dạng (Va − Vb)/R.
  4. Giải hệ phương trình, rồi tìm bất kỳ dòng điện nào bạn cần.

Phương pháp dòng điện mạch vòng

Định luật Kirchhoff về điện áp
ΣV = 0 quanh mỗi vòng
Điện trở chung
dòng điện = I1 − I2
Nguồn dòng trong mạch vòng
xác định dòng điện của mạch vòng đó

Phương pháp

  1. Vẽ một dòng điện theo chiều kim đồng hồ trong mỗi mạch vòng (ô) của mạch.
  2. Áp dụng định luật Kirchhoff về điện áp quanh mỗi mạch vòng: tổng các sụt áp bằng không.
  3. Trong điện trở chung của hai mạch vòng, dòng điện là hiệu của hai dòng mạch vòng.
  4. Giải các phương trình; kết quả âm nghĩa là dòng điện chạy ngược lại.

Nguyên lý xếp chồng

Nguyên lý xếp chồng
x = x1 + x2 + … (one source at a time)
Nguồn điện áp đã tắt
ngắn mạch (0 V)
Nguồn dòng đã tắt
hở mạch (0 A)
Cầu chia áp
V2 = V·R2/(R1 + R2)
Cầu chia dòng
I1 = I·R2/(R1 + R2)

Phương pháp

  1. Đếm các nguồn độc lập. Bạn sẽ giải một mạch đơn giản hơn cho mỗi nguồn.
  2. Giữ một nguồn và tắt các nguồn còn lại: nguồn điện áp trở thành ngắn mạch (một sợi dây), nguồn dòng trở thành hở mạch (một khoảng hở).
  3. Giải mạch đơn giản hơn để tìm điện áp hoặc dòng điện bạn cần, theo dõi chiều của nó.
  4. Lặp lại cho mọi nguồn, rồi cộng các thành phần với dấu của chúng.

Thévenin và Norton

Điện áp Thévenin
Vth = Vopen circuit
Điện trở Thévenin
Rth: tắt mọi nguồn, nhìn từ a–b
Dòng Norton
IN = Vth/Rth
Dòng điện qua tải
IL = Vth/(Rth + RL)
Truyền công suất cực đại
RL = Rth, Pmax = Vth²/(4Rth)

Phương pháp

  1. Bỏ tải ra và đánh dấu hai cực a và b.
  2. Tìm điện áp hở mạch giữa a và b: đây là Vth.
  3. Tắt mọi nguồn độc lập và tìm điện trở nhìn từ a–b: đây là Rth.
  4. Đặt lại tải vào mạch tương đương: Vth nối tiếp với Rth.
  5. Với mạch tương đương Norton, hãy chuyển đổi: IN = Vth/Rth, với RN = Rth mắc song song.

Quá độ RC và RL

Hằng số thời gian
τ = RC | τ = L/R
Đáp ứng
x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ
Tụ điện ở chế độ một chiều
hở mạch; vC không thể nhảy vọt
Cuộn cảm ở chế độ một chiều
ngắn mạch; iL không thể nhảy vọt
Đã ổn định
t ≈ 5τ

Phương pháp

  1. Tìm giá trị ban đầu ngay sau khi đóng cắt: điện áp tụ điện và dòng điện cuộn cảm không thể nhảy vọt.
  2. Tìm giá trị cuối rất lâu sau khi đóng cắt: tụ điện hoạt động như hở mạch, cuộn cảm như ngắn mạch.
  3. Tìm hằng số thời gian: τ = RC hoặc τ = L/R, dùng điện trở mà tụ điện hoặc cuộn cảm nhìn thấy.
  4. Dùng x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ.

Tổng trở xoay chiều và phasor

Tổng trở
ZR = R, ZL = jωL, ZC = 1/(jωC)
Tần số góc
ω = 2πf
Độ lớn và góc
|Z| = √(R² + X²), φ = atan(X/R)
Định luật Ohm dạng phasor
V = I·Z

Phương pháp

  1. Đổi tần số: ω = 2πf.
  2. Tìm từng điện kháng: XL = ωL và XC = 1/(ωC).
  3. Cộng các tổng trở như điện trở, với Z = R + jX.
  4. Tìm độ lớn |Z| = √(R² + X²) và góc φ = atan(X/R), rồi dùng định luật Ohm với phasor.

Công suất xoay chiều và hệ số công suất

Công suất tác dụng
P = V·I·cos φ
Công suất phản kháng
Q = V·I·sin φ
Công suất biểu kiến
S = V·I = √(P² + Q²)
Hệ số công suất
pf = cos φ = P/S
Tụ điện bù
QC = P(tan φ1 − tan φ2), C = QC/(ωV²)

Công suất ba pha

Nối sao (Y)
VL = √3·Vph, IL = Iph
Nối tam giác (Δ)
VL = Vph, IL = √3·Iph
Tổng công suất tác dụng
P = √3·VL·IL·cos φ = 3·Iph²·R
Công suất biểu kiến và phản kháng
S = √3·VL·IL, Q = P·tan φ
Tụ điện bù
QC = P(tan φ1 − tan φ2), C = QC/(3ωV²)
Điện áp trên mỗi tụ điện
Δ: VL Y: VL/√3
Công suất vào của động cơ
Pin = Pout/η

Máy biến áp

Tỉ số vòng dây
a = N1/N2 = V1/V2
Tỉ số dòng điện
I1/I2 = N2/N1 = 1/a
Dòng điện định mức
I = S/V
Tổng trở quy đổi
Z1′ = a²·ZL
Tổn hao đồng khi non tải
Pcu = x²·Pcu,fl
Hiệu suất
η = x·S·pf/(x·S·pf + Pcore + x²·Pcu,fl)
Hiệu suất cực đại
x = √(Pcore/Pcu,fl)

Mạch khuếch đại thuật toán

Bộ khuếch đại đảo
Vout = −(Rf/Rin)·Vin
Bộ khuếch đại không đảo
Vout = (1 + Rf/R1)·Vin
Bộ khuếch đại cộng
Vout = −Rf(V1/R1 + V2/R2)
Op-amp lý tưởng
V+ = V−, Iin = 0

Diode và transistor

Diode (sụt áp không đổi)
VD = 0,7 V when conducting
Vùng tích cực
VBE = 0,7 V, IC = β·IB, IE = (β + 1)·IB
Phân cực cố định
IB = (VCC − 0,7)/RB
Phân cực bằng cầu chia áp
IB = (VTH − 0,7)/(RTH + (β + 1)RE)
Thévenin của cầu chia áp
VTH = VCC·R2/(R1 + R2), RTH = R1∥R2
Vòng cực thu
VCE = VCC − ICRC − IERE
Bão hòa
IC(sat) = (VCC − VCE(sat))/RC, IB ≥ IC(sat)/β

Hệ đếm

Giá trị vị trí
nhị phân 2k, bát phân 8k, thập lục phân 16k
Sang thập phân
Σ dk·bk
Từ thập phân
chia cho cơ số, đọc các số dư từ dưới lên
Thập lục phân ↔ nhị phân
một chữ số thập lục phân = 4 bit
Số bù hai
đảo các bit và cộng 1

Logic số: cổng, bìa K và flip-flop

Các cổng cơ bản
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Các quy tắc Boole
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Thứ tự của bìa Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Nhóm 2ᵏ ô
mất k biến
Bộ ghép kênh 4-sang-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Bộ đếm
n bit: 2ⁿ trạng thái; mod-N: n nhỏ nhất thỏa 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Bộ đếm gợn sóng
fmax = 1/(n·tpd)
Bộ đếm vòng và Johnson
n và 2n trạng thái

Phương pháp

  1. Với một mạch, hãy làm từ các đầu vào đến đầu ra từng cổng một và ghi giá trị trên mọi dây, hoặc viết biểu thức của nó rồi điền bảng chân trị.
  2. Để rút gọn, hãy đặt các số 1 (và các điều kiện tùy định là X) vào một bìa Karnaugh với hàng và cột theo mã Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Hãy phủ các số 1 bằng càng ít nhóm và càng lớn càng tốt gồm 1, 2, 4, 8 hoặc 16 ô, cuộn qua mép; mỗi nhóm là một số hạng tích gồm các biến không đổi. Hãy nhóm các số 0 cho dạng POS.
  4. Với flip-flop và bộ đếm, hãy đọc các đầu vào tại mỗi sườn xung nhịp tích cực, ghi trạng thái sau mỗi sườn, và nhớ rằng bộ đếm n bit quay vòng sau 2ⁿ trạng thái.

Ổn định: Routh–Hurwitz và quỹ đạo nghiệm

Ổn định
mọi nghiệm của đa thức đặc trưng ở nửa mặt phẳng trái
bảng Routh, phần tử s¹ của đa thức bậc ba
b1 = (a2a1 − a3a0)/a2
Nghiệm ở nửa mặt phẳng phải
số lần đổi dấu trong cột đầu tiên
Đa thức bậc ba s³ + a₂s² + a₁s + a₀
ổn định khi mọi a > 0 và a₂·a₁ > a₀
K/(s(s + a)(s + b))
Kmax = ab(a + b), ω = √(ab)
Phương trình đặc trưng
1 + K·G(s) = 0
Đường tiệm cận
σa = (Σp − Σz)/(n − m), θ = (2q + 1)·180°/(n − m)
Điểm tách và điểm nhập
dK/ds = 0
Điều kiện biên độ
K = 1/|G(s)|
Góc xuất phát
θd = 180° − Σ∠(from other poles) + Σ∠(from zeros)

Phương pháp

  1. Viết đa thức đặc trưng vòng kín: mẫu số của 1 + K·G(s) = 0, sau khi nhân ra.
  2. Đặt các hệ số xen kẽ vào hai hàng đầu tiên của bảng Routh và lập các hàng còn lại.
  3. Đếm số lần đổi dấu trong cột đầu tiên: mỗi lần là một cực ở nửa mặt phẳng phải. Khi K có trong bảng, hãy yêu cầu mọi phần tử của cột đầu tiên giữ dương.
  4. Với quỹ đạo nghiệm, đánh dấu các cực và điểm không, các đoạn trên trục thực, các đường tiệm cận từ trọng tâm và các điểm tách/nhập nơi dK/ds = 0. Dùng K = 1/|G(s)| cho độ lợi tại một điểm.

Sai số xác lập và điều khiển PID

Loại của hệ
số cực của G(s) tại s = 0
Hằng số sai số
Kp = lim G(s), Kv = lim s·G(s), Ka = lim s²·G(s) (s → 0)
Bước nhảy A
ess = A/(1 + Kp)
Tín hiệu dốc A·t
ess = A/Kv
Parabol A·t²/2
ess = A/Ka
Bộ điều khiển PID
C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s
Mục tiêu bậc hai
s² + 2ζωns + ωn²
Độ vượt quá và thời gian
%OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), tp = π/ωd, ts ≈ 4/(ζωn)

Phương pháp

  1. Đếm các cực của vòng hở C(s)·G(s) tại s = 0: đó là loại của hệ.
  2. Tính hằng số sai số khớp với đầu vào: Kp cho bước nhảy, Kv cho tín hiệu dốc, Ka cho parabol.
  3. Áp dụng ess = A/(1 + Kp), A/Kv hay A/Ka, hoặc giải nó theo độ lợi bạn cần.
  4. Với yêu cầu về độ cản hoặc tốc độ, viết đa thức đặc trưng vòng kín và so sánh nó với s² + 2ζω_n·s + ω_n².

2Bài tập

1.Điện trở nối tiếp và song songTrung bình
R1​ = 8 ΩIR1​R3​ = 20 Ω+−V1​6 VR2​4 ΩAR4​3 ΩB

Tìm dòng điện IR1 do nguồn cung cấp, chạy qua R1.

V1 = 6 VR1 = 8 ΩR2 = 4 ΩR3 = 20 ΩR4 = 3 Ω
IR1 = A
2.Điện trở nối tiếp và song songKhó
R1​ = 8 ΩIR1​R3​ = 5 ΩR5​ = 6 Ω+−V1​10 VR2​10 ΩAR4​10 ΩBR6​20 Ω

Tìm dòng điện IR1 do nguồn cung cấp, chạy qua R1.

V1 = 10 VR1 = 8 ΩR2 = 10 ΩR3 = 5 ΩR4 = 10 ΩR5 = 6 ΩR6 = 20 Ω
IR1 = A
3.Phương pháp điện thế nútTrung bình
R1​ = 10 ΩR3​ = 20 Ω+−V1​30 VR2​10 ΩAR4​12 ΩBIs​4 A

Dùng phương pháp điện thế nút để tìm công suất PIs do nguồn dòng Is cung cấp.

V1 = 30 VIs = 4 AR1 = 10 ΩR2 = 10 ΩR3 = 20 ΩR4 = 12 Ω
PIs = W
4.Phương pháp điện thế nútKhó
R1​ = 5 ΩR3​ = 6 Ω+−V1​9 VR2​4 ΩAR4​10 ΩBIs​?

Nguồn dòng được điều chỉnh cho đến khi điện áp nút tại A là VA = 10,5 V. Dùng phương pháp điện thế nút để tìm dòng nguồn Is (chiều như hình).

V1 = 9 VR1 = 5 ΩR2 = 4 ΩR3 = 6 ΩR4 = 10 ΩVA = 10,5 V
Is = A
5.Phương pháp dòng điện mạch vòngTrung bình
R1​ = 15 ΩIR1​R2​ = 5 Ω+−V1​10 VR3​8 ΩA+−V2​30 VI1​I2​

Dùng phương pháp dòng điện mạch vòng để tìm dòng điện IR1 chạy qua R1 theo chiều mũi tên.

V1 = 10 VV2 = 30 VR1 = 15 ΩR2 = 5 ΩR3 = 8 Ω
IR1 = A
6.Phương pháp dòng điện mạch vòngKhó
R1​ = 25 ΩR2​ = 6 ΩR3​ = 20 Ω+−VR3​+−V1​9 VR4​8 ΩAR5​12 ΩB+−V2​24 VI1​I2​I3​

Dùng phương pháp dòng điện mạch vòng để tìm điện áp VR3 trên R3 với cực tính như hình.

V1 = 9 VV2 = 24 VR1 = 25 ΩR2 = 6 ΩR3 = 20 ΩR4 = 8 ΩR5 = 12 Ω
VR3 = V
7.Nguyên lý xếp chồngTrung bình
R1​ = 20 ΩIR1​R3​ = 10 Ω+−V1​9 VR2​6 ΩAR4​8 ΩBIs​3 A

Dùng nguyên lý xếp chồng để tìm dòng điện IR1 chạy qua R1 theo chiều mũi tên.

V1 = 9 VIs = 3 AR1 = 20 ΩR2 = 6 ΩR3 = 10 ΩR4 = 8 Ω
IR1 = A
8.Nguyên lý xếp chồngKhó
R1​ = 15 ΩR2​ = 20 ΩR4​ = 4 Ω+−V1​6 VR3​4 Ω+−VR3​AIs​2,5 AB+−V2​10 V

Dùng nguyên lý xếp chồng để tìm điện áp VR3 trên R3 với cực tính như hình.

V1 = 6 VIs = 2,5 AV2 = 10 VR1 = 15 ΩR2 = 20 ΩR3 = 4 ΩR4 = 4 Ω
VR3 = V
9.Thévenin và NortonTrung bình
R1​ = 4 ΩR3​ = 3 Ω+−V1​10 VR2​12 ΩAab

Tìm dòng Norton IN: dòng điện chạy từ a đến b nếu nối tắt hai cực.

V1 = 10 VR1 = 4 ΩR2 = 12 ΩR3 = 3 Ω
IN = A
10.Thévenin và NortonKhó
R1​ = 10 ΩR3​ = 3 Ω+−V1​24 VR2​6 ΩAIs​2,5 ABRL​4 ΩIL​

Một tải RL = 4 Ω được nối giữa a–b. Dùng mạch tương đương Thévenin để tìm công suất PL tải nhận được.

V1 = 24 VIs = 2,5 AR1 = 10 ΩR2 = 6 ΩR3 = 3 ΩRL = 4 Ω
PL = W
11.Quá độ RC và RLTrung bình
+−Vs​20 Vt = 0R = 20 ΩL68 mHi(t)

Cuộn cảm không có dòng điện trước khi khóa đóng tại t = 0. Tìm điện áp vL trên cuộn cảm tại t = 5 ms.

Vs = 20 VR = 20 ΩL = 68 mHt = 5 ms
vL = V
12.Quá độ RC và RLKhó
+−Vs​20 Vmở tại t = 0R1​ = 10 kΩR2​ = 2,2 kΩi2​C22 µF+−vC​

Công tắc đã đóng trong một thời gian dài, nên mạch ở trạng thái xác lập. Tại t = 0 công tắc mở. Tìm dòng điện i2 qua R2 tại t = 20 ms.

Vs = 20 VR1 = 10 kΩR2 = 2,2 kΩC = 22 µFt = 20 ms
i2 = mA
13.Tổng trở xoay chiều và phasorTrung bình
12 V500 HzR = 40 ΩL = 20 mHC = 2,2 µFI

Một mạch RLC nối tiếp được nối với nguồn 12 V (hiệu dụng), 500 Hz. Tìm hệ số công suất cos φ của mạch.

V = 12 V (rms)f = 500 HzR = 40 ΩL = 20 mHC = 2,2 µF
cos φ =
14.Tổng trở xoay chiều và phasorKhó
24 V100 HzR = 100 ΩL = 250 mHC = 100 µF

Một mạch RLC nối tiếp được nối với nguồn 24 V (hiệu dụng), 100 Hz. Tìm tần số cộng hưởng f0 của mạch.

V = 24 V (rms)f = 100 HzR = 100 ΩL = 250 mHC = 100 µF
f0 = Hz
15.Công suất xoay chiều và hệ số công suấtTrung bình
230 VZ6 + j8 ΩI

Một tải có trở kháng Z = 6 + j8 Ω được nối với nguồn một pha 230 V (hiệu dụng). Tìm công suất phản kháng Q mà nó hấp thụ.

V = 230 VZ = 6 + j8 Ω
Q = var
16.Công suất xoay chiều và hệ số công suấtKhó
12 V1000 HzRs​ = 20 ΩXs​ = j3 ΩZL​ = ?

Một nguồn 12 V (hiệu dụng), 1000 Hz có trở kháng trong Zs = 20 + j3 Ω. Trở kháng tải ZL có thể được chọn tự do. Tìm công suất thực lớn nhất Pmax có thể cấp cho tải.

Vs = 12 V (rms)f = 1000 HzZs = 20 + j3 Ω
Pmax = W
17.Công suất ba phaTrung bình
ABCVL​ = 400 VIL​ = ?M7,5 kW, η = 91%cos φ = 0,84

Một động cơ cảm ứng ba pha cho công suất cơ đầu ra 7,5 kW khi đầy tải. Ở tải này hiệu suất của nó là 91% và hệ số công suất là 0,84 trễ. Nguồn có điện áp dây 400 V. Tìm dòng điện dây IL.

Pout = 7,5 kWη = 91%cos φ = 0,84VL = 400 V
IL = A
18.Công suất ba phaKhó
P = 200 kWφ1​S1​Q2​QC​

Một tải ba pha cân bằng lấy 200 kW với hệ số công suất 0,72 trễ từ nguồn 400 V (điện áp dây), 60 Hz. Một bộ tụ điện ba pha mắc song song với tải phải nâng hệ số công suất tổng lên 0,95 trễ. Công suất tác dụng giữ nguyên. Các tụ điện được nối sao (Y). Tìm điện dung Cph của mỗi tụ theo µF.

P = 200 kWpf1 = 0,72pf2 = 0,95VL = 400 Vf = 60 Hz
Cph = µF
19.Máy biến ápTrung bình
2 Ω121

Một điện trở 2 Ω được nối qua cuộn thứ cấp của một máy biến áp lý tưởng có tỉ số vòng dây N₁:N₂ = 12:1. Tìm điện trở R1′ nhìn vào cuộn sơ cấp.

N1:N2 = 12:1RL = 2 Ω
R1′ = Ω
20.Máy biến ápKhó
25 kVA

Một máy biến áp một pha 25 kVA có tổn thất lõi 125 W và tổn thất đồng 187,5 W ở tải định mức. Ở tải nào Sη,max, theo kVA, hiệu suất của nó cao nhất?

S = 25 kVAPcore = 125 WPcu,fl = 187,5 W
Sη,max = kVA
21.Mạch khuếch đại thuật toánTrung bình
−+Vout​Rf​ = 4,7 kΩR1​ = 2 kΩVin​

Op-amp là lý tưởng và chạy từ nguồn ±15 V; đầu ra của nó bão hòa ở ±14 V. Mạch khuếch đại không đảo được kích bằng sóng sin. Tìm biên độ đầu vào lớn nhất Vin,max (giá trị đỉnh) để đầu ra không bị cắt.

R1 = 2 kΩRf = 4,7 kΩVsat = ±14 V
Vin,max = V
22.Mạch khuếch đại thuật toánKhó
−+Vout​C = 0,47 µFVin​ = 1,9 VR = 1 kΩ

Bộ tích phân dùng op-amp lý tưởng với nguồn ±15 V; đầu ra của nó bão hòa ở ±13 V. Tụ điện chưa được tích điện khi một đầu vào không đổi Vin = 1,9 V được đặt vào tại t = 0. Sau t = 0 bao lâu thì đầu ra đạt bão hòa? Tìm t.

Vin = 1,9 VR = 1 kΩC = 0,47 µFVsat = ±13 V
t = ms
23.Diode và transistorTrung bình
+−9 VR = ?2 × 2 V5 mA

2 đỏ LED (điện áp thuận 2 V mỗi cái) được mắc nối tiếp với một điện trở vào nguồn 9 V. Tìm điện trở R để đặt dòng điện là 5 mA.

Vs = 9 VVF = 2 Vn = 2I = 5 mA
R = Ω
24.Diode và transistorKhó
+−≤ 18 V220 Ω5,1 V

Một bộ ổn áp Zener 5,1 V có điện trở nối tiếp 220 Ω. Đầu vào có thể tăng đến 18 V, và tải có thể bị ngắt. Tìm công suất lớn nhất PZ,max mà Zener phải tiêu tán.

Vin,max = 18 VVZ = 5,1 VR = 220 Ω
PZ,max = mW
25.Hệ đếmTrung bình
Số bù hai 8 bit0−12806403201608040201

Đặt các bit để lưu −111 theo bù hai 8 bit. Đọc như một số không dấu, giá trị U của mẫu là bao nhiêu?

N = −1118 bit
U =
26.Hệ đếmKhó
nhấp vào các bit để đặt chúng012806403201608040201

Đặt các bit thành kết quả 8 bit của 0110 0010 >> 2. Giá trị R của kết quả theo hệ thập phân là bao nhiêu?

0110 0010>> 2
R =
27.Logic số: cổng, bìa K và flip-flopTrung bình
ABCD0001111000011110111111

Trong bìa Karnaugh này, đúng một số 1 không có số 1 kề, nên nó vẫn là một nhóm một ô (một minterm đầy đủ bốn literal) trong dạng SOP tối thiểu. Các ô kề qua mép bìa cũng được tính. Hãy nhấp vào ô đó.

F = Σm(2, 5, 9, 10, 11, 15)
  1. 1AB = 00, CD = 00
  2. 2AB = 00, CD = 01
  3. 3AB = 00, CD = 11
  4. 4AB = 00, CD = 10
  5. 5AB = 01, CD = 00
  6. 6AB = 01, CD = 01
  7. 7AB = 01, CD = 11
  8. 8AB = 01, CD = 10
  9. 9AB = 11, CD = 00
  10. 10AB = 11, CD = 01
  11. 11AB = 11, CD = 11
  12. 12AB = 11, CD = 10
  13. 13AB = 10, CD = 00
  14. 14AB = 10, CD = 01
  15. 15AB = 10, CD = 11
  16. 16AB = 10, CD = 10
28.Logic số: cổng, bìa K và flip-flopKhó
DQ3​Q3​DQ2​Q2​DQ1​Q1​DQ0​Q0​CLKJOHNSON

Một bộ đếm Johnson 4 bit Q₃Q₂Q₁Q₀ bắt đầu ở 0000. Ở mỗi sườn xung nhịp các bit dịch sang phải một vị trí (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀) và Q₃ nhận giá trị đảo của Q₀. Hãy cho trạng thái Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ dưới dạng số thập phân sau 10 sườn xung nhịp.

Q₃Q₂Q₁Q₀ = 000010
Q =
29.Biến đổi LaplaceTrung bình
ReIm−2−4−6−8−10−12

F(s) = (2s + 22)/(s² + 9s + 18). Biến đổi ngược của nó có dạng f(t) = A·e−3t + B·e−6t. Tìm hệ số A bằng phân thức riêng.

F(s) = (2s + 22)/(s² + 9s + 18)
A =
30.Biến đổi LaplaceKhó
t (s)y(t)t = 0,1y(0,1) = ?

Một hệ thống tuân theo y″ + 6y′ + 8y = 32·u(t), với y(0) = 4 và y′(0) = 0. Tại t = 0 một đầu vào bước u(t) = 5 được đặt vào. Dùng biến đổi Laplace để tìm y(0,1).

y″ + 6y′ + 8y = 32·u(t)y(0) = 4y′(0) = 0u(t) = 5t = 0,1 s
y(0.1) =
31.Sơ đồ khốiTrung bình
R(s)+3K+9s + 2G(s)C(s)4H₁−−

Đối tượng G(s) = 9/(s + 2) có một vòng hồi tiếp âm trong (phụ) với độ lợi H₁ = 4. Độ lợi bộ điều khiển K = 3 và một vòng hồi tiếp âm đơn vị ngoài khép kín hệ thống. Tìm độ lợi một chiều (DC) vòng kín T(0).

G(s) = 9/(s + 2)H₁ = 4K = 3
T(0) =
32.Sơ đồ khốiKhó
R(s)+19bộ điều khiển+D(s)+9s + 4đối tượngC(s)−

Một bộ điều khiển tỷ lệ K = 19 điều khiển đối tượng G(s) = 9/(s + 4) trong vòng hồi tiếp âm đơn vị. Một nhiễu D đi vào đầu vào của đối tượng (được cộng vào đầu ra bộ điều khiển). Một bậc thang tín hiệu chuẩn có độ lớn 5 và một bậc thang nhiễu có độ lớn 2 được đặt cùng lúc. Tìm đầu ra xác lập css.

K = 19G(s) = 9/(s + 4)D = 2R = 5
css =
33.Đáp ứng bướcTrung bình
t (s)y(t)3

Một hệ có hàm truyền G(s) = 228/(s² + 4s + 76) và nhận tín hiệu vào là bước nhảy đơn vị. Tìm hệ số cản ζ.

G(s) = 228/(s² + 4s + 76)
ζ =
34.Đáp ứng bướcKhó
k = 2000 N/mc = 101 N·s/mm = 8 kgF = 10 Nx(t)

Một vật khối lượng m = 8 kg treo trên lò xo k = 2000 N/m có bộ giảm chấn nhớt c = 101 N·s/m (m·x″ + c·x′ + k·x = F). Ở trạng thái cân bằng đứng yên, một lực không đổi F = 10 N đột ngột được đặt vào. Tìm hệ số cản ζ.

m = 8 kgk = 2000 N/mc = 101 N·s/mF = 10 N
ζ =
35.Biểu đồ Bode và độ dự trữTrung bình
|H| (dB)0,11101001000−60−40−2002040ω (rad/s)ω = 1

Tìm độ lớn chính xác |G(jω)| của G(s) = 2145/((s + 13)(s + 15)) tại ω = 1 rad/s, theo dB.

G(s) = 2145/((s + 13)(s + 15))ω = 1 rad/s
|G(jω)| = dB
36.Biểu đồ Bode và độ dự trữKhó
|H| (dB)0,10,1111010100100−80−60−40−2002040ω (rad/s)φ (°)ω (rad/s)−270−180−900ω180​

Một vòng hồi tiếp đơn vị có hàm truyền vòng hở L(s) = K/(s(s + 1)(s + 8)). Tìm độ khuếch đại K cho độ dự trữ biên 6 dB.

L(s) = K/(s(s + 1)(s + 8))GM = 6 dB
K =
37.Ổn định: Routh–Hurwitz và quỹ đạo nghiệmTrung bình
R(s)+K1s(s + 4)(s + 6)C(s)−

Vòng trong sơ đồ có hàm truyền vòng hở L(s) = K/(s(s + 4)(s + 6)). Tìm độ lợi lớn nhất Kmax mà vòng kín còn ổn định.

L(s) = K/(s(s + 4)(s + 6))
Kmax =
38.Ổn định: Routh–Hurwitz và quỹ đạo nghiệmKhó
ReIm−1−2−3−4−5−6j1sb​

Quỹ đạo nghiệm của L(s) = K/((s + 3)(s + 5)) được cho. Tìm độ lợi K tại điểm tách sb, nơi hai cực vòng kín gặp nhau trên trục thực.

L(s) = K/((s + 3)(s + 5))
K =
39.Sai số xác lập và điều khiển PIDTrung bình
r(t) = 4·t²/2+5(s + 2)s²(s + 5)C(s)−

Đầu vào parabol r(t) = 4·t²/2 được đưa vào một vòng phản hồi đơn vị với G(s) = 5(s + 2)/(s²(s + 5)). Tìm sai số xác lập ess.

G(s) = 5(s + 2)/(s²(s + 5))r(t) = 4·t²/2
ess =
40.Sai số xác lập và điều khiển PIDKhó
R(s)+Kp​ + Ki​/s5s + 4C(s)−

Một bộ điều khiển PI C(s) = Kp + Ki/s điều khiển đối tượng G(s) = 5/(s + 4) trong một vòng phản hồi đơn vị. Vòng kín phải có ωₙ = 8 rad/s và ζ = 1. Tìm độ lợi tích phân Ki.

G(s) = 5/(s + 4)ωₙ = 8 rad/sζ = 1
Ki =

3Dung dịch

1.Điện trở nối tiếp và song song

Đáp số: IR1 = 0,526 A

Điện trở nối tiếp và song song: khi nối tiếp, cùng một dòng điện chạy qua mỗi điện trở và R = R₁ + R₂ + …. Khi song song, mỗi điện trở có cùng điện áp và 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …. Mạch hình thang được rút gọn từng cặp một cho đến khi còn một điện trở tương đương duy nhất.

R1​ = 8 ΩR3​ = 20 Ω+−V1​6 VR2​4 ΩAR4​3 ΩB

Gộp các điện trở từ đầu xa

Bắt đầu từ đầu xa nguồn nhất và làm ngược về phía nguồn. Các điện trở có cùng dòng điện thì mắc nối tiếp; các điện trở nối giữa cùng hai nút thì mắc song song.

R3 + R4 = 20 + 3 = 23 Ω
R2 ∥ 23 = 4·23/(4+23) = 3,407 Ω
Req = R1 + 3,407 = 8 + 3,407 = 11,41 Ω

Dòng điện từ nguồn

Nguồn chỉ thấy Req, nên định luật Ohm cho ra dòng điện nó cung cấp. Dòng điện đó chạy qua R₁.

IR1 = V1/Req = 6/11,41 = 0,526 A

Đáp số

IR1 = 0,526 A
2.Điện trở nối tiếp và song song

Đáp số: IR1 = 0,7407 A

Điện trở nối tiếp và song song: khi nối tiếp, cùng một dòng điện chạy qua mỗi điện trở và R = R₁ + R₂ + …. Khi song song, mỗi điện trở có cùng điện áp và 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …. Mạch hình thang được rút gọn từng cặp một cho đến khi còn một điện trở tương đương duy nhất.

R1​ = 8 ΩR3​ = 5 ΩR5​ = 6 Ω+−V1​10 VR2​10 ΩAR4​10 ΩBR6​20 Ω

Gộp các điện trở từ đầu xa

Bắt đầu từ đầu xa nguồn nhất và làm ngược về phía nguồn. Các điện trở có cùng dòng điện thì mắc nối tiếp; các điện trở nối giữa cùng hai nút thì mắc song song.

R5 + R6 = 6 + 20 = 26 Ω
R4 ∥ 26 = 7,222 Ω
R3 + 7,222 = 12,22 Ω
R2 ∥ 12,22 = 5,5 Ω
Req = R1 + 5,5 = 8 + 5,5 = 13,5 Ω

Dòng điện từ nguồn

Nguồn chỉ thấy Req, nên định luật Ohm cho ra dòng điện nó cung cấp. Dòng điện đó chạy qua R₁.

IR1 = V1/Req = 10/13,5 = 0,7407 A

Đáp số

IR1 = 0,7407 A
3.Phương pháp điện thế nút

Đáp số: PIs = 149,2 W

Phương pháp điện thế nút: chọn một nút tham chiếu, đặt tên các điện thế nút chưa biết, viết định luật dòng Kirchhoff tại mỗi nút chưa biết bằng định luật Ohm (I = ΔV/R), rồi giải hệ phương trình thu được.

KCL tại nút A

Dòng điện đi ra khỏi A qua các điện trở bằng dòng điện các nguồn đẩy vào A.

VA/R2 + (VA − V1)/R1 + (VA − VB)/R3 = 0
VA/10 + (VA − 30)/10 + (VA − VB)/20 = 0
0,25·VA − 0,05·VB = 3

KCL tại nút B

Dòng điện đi ra khỏi B qua các điện trở bằng dòng điện các nguồn đẩy vào B.

VB/R4 + (VB − VA)/R3 = Is
VB/12 + (VB − VA)/20 = 4
−0,05·VA + 0,1333·VB = 4

Giải

Δ = (0,25)(0,1333) − (−0,05)(−0,05) = 0,03083
VA = Δ1/Δ = 0,6/0,03083 = 19,46 V
VB = Δ2/Δ = 1,15/0,03083 = 37,3 V

Công suất do nguồn dòng cung cấp

Nguồn đẩy Iₛ lên vào nút B, từ đất (0 V) đến VB. Nguồn có dòng điện đi ra từ cực + của nó cung cấp công suất P = V·I.

PIs = VB·Is = 37,3·4 = 149,2 W

Đáp số

PIs = 149,2 W
4.Phương pháp điện thế nút

Đáp số: Is = 5,73 A

Phương pháp điện thế nút: chọn một nút tham chiếu, đặt tên các điện thế nút chưa biết, viết định luật dòng Kirchhoff tại mỗi nút chưa biết bằng định luật Ohm (I = ΔV/R), rồi giải hệ phương trình thu được.

KCL tại nút A

VA đã biết, nên phương trình này cho VB.

(VA − V1)/R1 + VA/R2 + (VA − VB)/R3 = 0
(10,5 − 9)/5 + 10,5/4 = (VB − 10,5)/6
2,925 = (VB − 10,5)/6 → VB = 28,05 V

KCL tại nút B

Các dòng điện rời khỏi B qua các điện trở bằng dòng điện do các nguồn đẩy vào B.

Is = (VB − VA)/R3 + VB/R4 = (28,05 − 10,5)/6 + 28,05/10 = 5,73 A

Đáp số

Is = 5,73 A
5.Phương pháp dòng điện mạch vòng

Đáp số: IR1 = −0,4681 A

Phương pháp dòng điện mạch vòng: gán cho mỗi ô của mạch phẳng một dòng điện vòng riêng, viết định luật điện áp Kirchhoff quanh mỗi vòng (tổng sụt áp = tổng điện áp tăng), rồi giải. Dòng nhánh là dòng mạch vòng, hoặc hiệu của hai dòng mạch vòng trên nhánh chung.

R1​ = 15 ΩR2​ = 5 Ω+−V1​10 VR3​8 ΩA+−V2​30 VI1​I2​

Gán các dòng điện mạch vòng

Vẽ một dòng điện theo chiều kim đồng hồ trong mỗi ô: I1, I2. Điện trở chung của hai mạch vòng có dòng bằng hiệu của hai dòng mạch vòng.

KVL quanh mạch vòng 1

Đi theo chiều kim đồng hồ, tổng sụt áp trên các điện trở bằng tổng điện áp nguồn tăng (từ − sang + theo chiều đi).

R1·I1 + R3(I1 − I2) = V1
15·I1 + 8(I1 − I2) = 10
23·I1 − 8·I2 = 10

KVL quanh mạch vòng 2

Đi theo chiều kim đồng hồ, tổng sụt áp trên các điện trở bằng tổng điện áp nguồn tăng (từ − sang + theo chiều đi).

R2·I2 + R3(I2 − I1) = −V2
5·I2 + 8(I2 − I1) = (−30)
−8·I1 + 13·I2 = −30

Giải

Δ = (23)(13) − (−8)(−8) = 235
I1 = Δ1/Δ = −110/235 = −0,4681 A
I2 = Δ2/Δ = −610/235 = −2,596 A

Đáp số

IR1 = I1 = −0,4681 A

Dòng điện mạch vòng âm chạy ngược chiều kim đồng hồ.

6.Phương pháp dòng điện mạch vòng

Đáp số: VR3 = −17,61 V

Phương pháp dòng điện mạch vòng: gán cho mỗi ô của mạch phẳng một dòng điện vòng riêng, viết định luật điện áp Kirchhoff quanh mỗi vòng (tổng sụt áp = tổng điện áp tăng), rồi giải. Dòng nhánh là dòng mạch vòng, hoặc hiệu của hai dòng mạch vòng trên nhánh chung.

R1​ = 25 ΩR2​ = 6 ΩR3​ = 20 Ω+−V1​9 VR4​8 ΩAR5​12 ΩB+−V2​24 VI1​I2​I3​

Gán các dòng điện mạch vòng

Vẽ một dòng điện theo chiều kim đồng hồ trong mỗi ô: I1, I2, I3. Điện trở chung của hai mạch vòng có dòng bằng hiệu của hai dòng mạch vòng.

KVL quanh mạch vòng 1

Đi theo chiều kim đồng hồ, tổng sụt áp trên các điện trở bằng tổng điện áp nguồn tăng (từ − sang + theo chiều đi).

R1·I1 + R4(I1 − I2) = V1
25·I1 + 8(I1 − I2) = 9
33·I1 − 8·I2 = 9

KVL quanh mạch vòng 2

Đi theo chiều kim đồng hồ, tổng sụt áp trên các điện trở bằng tổng điện áp nguồn tăng (từ − sang + theo chiều đi).

R2·I2 + R4(I2 − I1) + R5(I2 − I3) = 0
6·I2 + 8(I2 − I1) + 12(I2 − I3) = 0
−8·I1 + 26·I2 − 12·I3 = 0

KVL quanh mạch vòng 3

Đi theo chiều kim đồng hồ, tổng sụt áp trên các điện trở bằng tổng điện áp nguồn tăng (từ − sang + theo chiều đi).

R3·I3 + R5(I3 − I2) = −V2
20·I3 + 12(I3 − I2) = (−24)
−12·I2 + 32·I3 = −24

Giải

Δ = định thức của ma trận hệ số = 20656
I1 = Δ1/Δ = 3888/20656 = 0,1882 A
I2 = Δ2/Δ = −7200/20656 = −0,3486 A
I3 = Δ3/Δ = −18192/20656 = −0,8807 A

Đáp số

IR3 = I3 = −0,8807 A
VR3 = IR3·R3 = −0,8807·20 = −17,61 V

Dòng điện mạch vòng âm chạy ngược chiều kim đồng hồ.

7.Nguyên lý xếp chồng

Đáp số: IR1 = 0,1224 A

Nguyên lý xếp chồng: trong mạch tuyến tính, mọi điện áp hoặc dòng điện đều bằng tổng các đáp ứng do từng nguồn độc lập tác dụng riêng. Để tắt một nguồn, thay nguồn điện áp lý tưởng bằng ngắn mạch và nguồn dòng lý tưởng bằng hở mạch. Các điện trở giữ nguyên vị trí.

R1​ = 20 ΩR3​ = 10 Ω+−V1​9 VR2​6 ΩAR4​8 ΩBHỞ MẠCH

Trường hợp 1 · chỉ V1 tác dụng

Iₛ trở thành hở mạch, nên R₃ và R₄ tạo thành một nhánh nối tiếp từ A xuống đất, song song với R₂.

R3+R4 = 10+8 = 18 Ω
R2 ∥ (R3+R4) = 6·18/(6+18) = 4,5 Ω
VA = 9·4,5/(20+4,5) = 1,653 V
VB = VA·R4/(R3+R4) = 1,653·8/18 = 0,7347 V
IR1′ = (V1 − VA)/R1 = (9 − 1,653)/20 = 0,3673 A
R1​ = 20 ΩR3​ = 10 ΩNGẮN MẠCHR2​6 ΩAR4​8 ΩBIs​3 A

Trường hợp 2 · chỉ Is tác dụng

V₁ trở thành ngắn mạch, nên R₁ song song với R₂. Iₛ chia tại B giữa R₄ và đường đi qua R₃.

R1 ∥ R2 = 20·6/(20+6) = 4,615 Ω
Req = R4 ∥ (R3+R1∥R2) = 8 ∥ 14,62 = 5,17 Ω
VB = Is·Req = 3·5,17 = 15,51 V
VA = VB·(R1∥R2)/(R3+R1∥R2) = 15,51·4,615/14,62 = 4,898 V
IR1″ = (V1 − VA)/R1 = (0 − 4,898)/20 = −0,2449 A

Cộng các thành phần

IR1 = IR1′ + IR1″
IR1 = 0,3673 + (−0,2449) = 0,1224 A

Kết quả âm có nghĩa là thực tế dòng điện chạy ngược chiều mũi tên.

8.Nguyên lý xếp chồng

Đáp số: VR3 = 3,442 V

Nguyên lý xếp chồng: trong mạch tuyến tính, mọi điện áp hoặc dòng điện đều bằng tổng các đáp ứng do từng nguồn độc lập tác dụng riêng. Để tắt một nguồn, thay nguồn điện áp lý tưởng bằng ngắn mạch và nguồn dòng lý tưởng bằng hở mạch. Các điện trở giữ nguyên vị trí.

R1​ = 15 ΩR2​ = 20 ΩR4​ = 4 Ω+−V1​6 VR3​4 ΩAHỞ MẠCHBNGẮN MẠCH

Trường hợp 1 · chỉ V1 tác dụng

V₂ trở thành ngắn mạch và Iₛ trở thành hở mạch. Nhìn từ A, R₃ song song với cặp nối tiếp R₂+R₄.

R3 ∥ (R2+R4) = 4 ∥ 24 = 3,429 Ω
VA = 6·3,429/(15+3,429) = 1,116 V
VB = VA·R4/(R2+R4) = 1,116·4/24 = 0,186 V
VR3′ = VA − 0 = 1,116 − 0 = 1,116 V
R1​ = 15 ΩR2​ = 20 ΩR4​ = 4 ΩNGẮN MẠCHR3​4 ΩAIs​2,5 ABNGẮN MẠCH

Trường hợp 2 · chỉ Is tác dụng

Cả hai nguồn điện áp trở thành ngắn mạch. Iₛ chia tại B giữa R₄ (giờ nối xuống đất) và R₂ nối tiếp với R₁ ∥ R₃.

R1 ∥ R3 = 3,158 Ω, nên nhánh bên trái là R2+3,158 = 23,16 Ω
Req = R4 ∥ 23,16 = 3,411 Ω
VB = Is·Req = 2,5·3,411 = 8,527 V
VA = VB·3,158/23,16 = 1,163 V
VR3″ = VA − 0 = 1,163 − 0 = 1,163 V
R1​ = 15 ΩR2​ = 20 ΩR4​ = 4 ΩNGẮN MẠCHR3​4 ΩAHỞ MẠCHB+−V2​10 V

Trường hợp 3 · chỉ V2 tác dụng

V₁ trở thành ngắn mạch và Iₛ trở thành hở mạch. R₁ ∥ R₃ treo từ A, nối tiếp với R₂ về B.

R1 ∥ R3 = 15·4/(15+4) = 3,158 Ω
VB = V2·(R2+R1∥R3)/(R4+R2+R1∥R3) = 10·23,16/27,16 = 8,527 V
VA = VB·(R1∥R3)/(R2+R1∥R3) = 8,527·3,158/23,16 = 1,163 V
VR3‴ = VA − 0 = 1,163 − 0 = 1,163 V

Cộng các thành phần

VR3 = VR3′ + VR3″ + VR3‴
VR3 = 1,116 + 1,163 + 1,163 = 3,442 V

Kết quả âm có nghĩa là thực tế cực tính ngược với cực tính đã đánh dấu.

9.Thévenin và Norton

Đáp số: IN = 1,25 A

Định lý Thévenin: mọi mạng tuyến tính hai cực đều hoạt động như một nguồn điện áp Vth duy nhất nối tiếp với điện trở Rth. Định lý Norton cho cùng mạng đó dưới dạng nguồn dòng IN = Vth/Rth song song với Rth.

R1​ = 4 ΩR3​ = 3 ΩNGẮN MẠCHR2​12 ΩAabRth​

Tìm Rth khi tắt mọi nguồn

Thay nguồn điện áp bằng ngắn mạch và nguồn dòng bằng hở mạch, rồi nhìn vào mạch từ a–b.

R1 ∥ R2 = 4·12/(4+12) = 3 Ω
Rth = (R1 ∥ R2) + R3 = 3 + 3 = 6 Ω
R1​ = 4 ΩR3​ = 3 Ω+−V1​10 VR2​12 ΩAab+−Vth​

Tìm Vth, điện áp hở mạch

Khi a–b hở, không có dòng điện qua R₃, nên không có sụt áp trên nó và V_b = V_A. R₁ và R₂ tạo thành một cầu chia áp.

Vth = V1·R2/(R1+R2) = 10·12/(4+12) = 7,5 V
IN​1,25 ARth​6 Ωab

Mạch tương đương Norton

Nguồn Norton là cùng mạch đó nhìn như một nguồn dòng song song với R_th. Dòng của nó là dòng ngắn mạch tại a–b.

IN = Vth/Rth = 7,5/6 = 1,25 A
10.Thévenin và Norton

Đáp số: PL = 2,147 W

Định lý Thévenin: mọi mạng tuyến tính hai cực đều hoạt động như một nguồn điện áp Vth duy nhất nối tiếp với điện trở Rth. Định lý Norton cho cùng mạng đó dưới dạng nguồn dòng IN = Vth/Rth song song với Rth.

R1​ = 10 ΩR3​ = 3 ΩNGẮN MẠCHR2​6 ΩAHỞ MẠCHBabRth​

Tìm Rth khi tắt mọi nguồn

Thay nguồn điện áp bằng ngắn mạch và nguồn dòng bằng hở mạch, rồi nhìn vào mạch từ a–b.

R1 ∥ R2 = 10·6/(10+6) = 3,75 Ω
Rth = (R1 ∥ R2) + R3 = 3,75 + 3 = 6,75 Ω
R1​ = 10 ΩR3​ = 3 Ω+−V1​24 VR2​6 ΩAIs​2,5 ABab+−Vth​

Tìm Vth, điện áp hở mạch

Khi a–b hở, đường duy nhất cho Iₛ là qua R₃ vào nút A. Tìm V_A bằng xếp chồng V₁ và Iₛ, rồi cộng thêm độ sụt áp trên R₃.

VA = V1·R2/(R1+R2) + Is·(R1∥R2) = 9 + (−2,5)·3,75 = −0,375 V
Vth = VB = VA + Is·R3 = −0,375 + (−2,5)·3 = −7,875 V
Rth​ = 6,75 Ω−+Vth​7,875 VRL​4 ΩIL​

Nối tải vào mạch tương đương Thévenin

Nguồn Thévenin nối tiếp với R_th hoạt động giống hệt mạch gốc tại a–b, nên tải thấy một mạch vòng nối tiếp đơn giản.

IL = Vth/(Rth + RL) = −7,875/(6,75 + 4) = −0,7326 A
PL = IL²·RL = −0,7326²·4 = 2,147 W
11.Quá độ RC và RL

Đáp số: vL = 4,596 V

Quá độ bậc nhất: trong mạch có một tụ điện hoặc một cuộn cảm, mọi điện áp và dòng điện biến thiên theo hàm mũ từ giá trị ban đầu đến giá trị cuối: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ, với τ = RC hoặc τ = L/R. Sau khoảng 5τ mạch đã ổn định.

Hằng số thời gian và dòng điện cuối

Rất lâu sau khi khóa đóng, cuộn cảm hoạt động như ngắn mạch, nên dòng điện cuối chỉ do R quyết định.

τ = L/R = 68 mH / 20 Ω = 3,4 ms
i(∞) = Vs/R = 20/20 = 1 A

Điện áp cuộn cảm

Tại t = 0, toàn bộ điện áp nguồn xuất hiện trên cuộn cảm; sau đó nó giảm dần về không.

vL(t) = Vs·e−t/τ = 20·e−5/3,4 = 4,596 V

Đáp số

vL = 4,596 V
12.Quá độ RC và RL

Đáp số: i2 = 1,084 mA

Quá độ bậc nhất: trong mạch có một tụ điện hoặc một cuộn cảm, mọi điện áp và dòng điện biến thiên theo hàm mũ từ giá trị ban đầu đến giá trị cuối: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ, với τ = RC hoặc τ = L/R. Sau khoảng 5τ mạch đã ổn định.

Điện áp ban đầu của tụ điện

Ở trạng thái xác lập, tụ điện là mạch hở, nên R₁ và R₂ tạo thành bộ chia áp. Điện áp tụ điện không thể nhảy khi công tắc mở.

vC(0) = 20·2,2/(10 + 2,2) = 3,607 V

Hằng số thời gian sau khi công tắc mở

τ = R2·C = 2,2·22 = 48,4 ms

Sự phóng điện

vC(t) = 3,607·e−20/48,4 = 2,386 V
i2 = vC/R2 = 2,386/2,2 = 1,084 mA

Đáp số

i2 = 1,084 mA
13.Tổng trở xoay chiều và phasor

Đáp số: cos φ = 0,4391

Mạch xoay chiều với phasor: điện trở, cuộn cảm và tụ điện có tổng trở lần lượt là R, jωL và 1/(jωC), với ω = 2πf. Khi nối tiếp, các tổng trở cộng như điện trở, nhưng là số phức. Dòng điện và điện áp hiệu dụng tuân theo định luật Ohm với |Z|.

Điện kháng

XL = 62,83 Ω, XC = 144,7 Ω

Tổng trở

|Z| = √(40² + (−81,85)²) = 91,11 Ω

Hệ số công suất

cos φ = R/|Z| = 40/91,11 = 0,4391
Mạch có tính dung kháng, nên hệ số công suất sớm pha.

Đáp số

cos φ = 0,4391
14.Tổng trở xoay chiều và phasor

Đáp số: f0 = 31,83 Hz

Mạch xoay chiều với phasor: điện trở, cuộn cảm và tụ điện có tổng trở lần lượt là R, jωL và 1/(jωC), với ω = 2πf. Khi nối tiếp, các tổng trở cộng như điện trở, nhưng là số phức. Dòng điện và điện áp hiệu dụng tuân theo định luật Ohm với |Z|.

Cộng hưởng

Khi cộng hưởng, cảm kháng và dung kháng triệt tiêu nhau: ωL = 1/(ωC). Tần số nguồn không ảnh hưởng.

f0 = 1/(2π√(LC)) = 1/(2π·√(0,25·100·10⁻⁶)) = 31,83 Hz

Đáp số

f0 = 31,83 Hz
15.Công suất xoay chiều và hệ số công suất

Đáp số: Q = 4232 var

Công suất xoay chiều: công suất biểu kiến S = V·I (VA) tách thành công suất tác dụng P = S·cos φ (W), thực hiện công có ích, và công suất phản kháng Q = S·sin φ (var), dao động qua lại giữa nguồn và tải. Hệ số công suất là cos φ. Một tụ điện mắc song song cung cấp công suất phản kháng tại chỗ, nên dòng điện trên đường dây giảm với cùng công suất tác dụng.

Dòng điện

|Z| = √(6² + 8²) = 10 Ω
I = V/|Z| = 230/10 = 23 A

Công suất phản kháng

Q = I²·X = 23²·8 = 4232 var

Đáp số

Q = 4232 var
16.Công suất xoay chiều và hệ số công suất

Đáp số: Pmax = 1,8 W

Công suất xoay chiều: công suất biểu kiến S = V·I (VA) tách thành công suất tác dụng P = S·cos φ (W), thực hiện công có ích, và công suất phản kháng Q = S·sin φ (var), dao động qua lại giữa nguồn và tải. Hệ số công suất là cos φ. Một tụ điện mắc song song cung cấp công suất phản kháng tại chỗ, nên dòng điện trên đường dây giảm với cùng công suất tác dụng.

Phối hợp liên hợp

Điện kháng của tải triệt tiêu điện kháng của nguồn, và điện trở tải bằng điện trở nguồn.

ZL = Zs* = 20 − j3 Ω

Công suất cực đại

I = Vs/(2Rs) = 12/40 = 0,3 A
Pmax = I²·RL = Vs²/(4Rs) = 12²/(4·20) = 1,8 W

Đáp số

Pmax = 1,8 W
17.Công suất ba pha

Đáp số: IL = 14,16 A

Hệ ba pha cân bằng: trong nối sao (Y), điện áp dây bằng √3 lần điện áp pha, VL = √3·Vph, và dòng điện dây bằng dòng điện pha. Trong nối tam giác (Δ), điện áp dây bằng điện áp pha và dòng điện dây bằng √3 lần dòng điện pha, IL = √3·Iph. Tổng công suất bằng ba lần công suất của một pha: P = 3·Vph·Iph·cos φ = √3·VL·IL·cos φ.

Công suất điện đầu vào

Pin = Pout/η = 7,5/0,91 = 8,242 kW

Dòng điện đường dây

IL = Pin/(√3·VL·cos φ) = 8242/(√3·400·0,84) = 14,16 A

Đáp số

IL = 14,16 A
18.Công suất ba pha

Đáp số: Cph = 2106 µF

Hệ ba pha cân bằng: trong nối sao (Y), điện áp dây bằng √3 lần điện áp pha, VL = √3·Vph, và dòng điện dây bằng dòng điện pha. Trong nối tam giác (Δ), điện áp dây bằng điện áp pha và dòng điện dây bằng √3 lần dòng điện pha, IL = √3·Iph. Tổng công suất bằng ba lần công suất của một pha: P = 3·Vph·Iph·cos φ = √3·VL·IL·cos φ. Bù hệ số công suất: tụ điện cung cấp công suất phản kháng tại chỗ, QC = P·(tan φ1 − tan φ2). Mỗi tụ trong ba tụ cung cấp QC/3 = V²·ω·C, trong đó V là điện áp trên tụ đó: VL trong bộ nối tam giác (Δ), VL/√3 trong bộ nối sao (Y).

Công suất phản kháng trước và sau

Công suất tác dụng không đổi, nên mỗi hệ số công suất xác định công suất phản kháng: Q = P·tan φ.

Q1 = 200·tan(acos 0,72) = 200·0,9639 = 192,8 kvar
Q2 = 200·tan(acos 0,95) = 200·0,3287 = 65,74 kvar

Công suất phản kháng từ các tụ điện

QC = Q1 − Q2 = 127 kvar

Điện dung mỗi pha

Trong bộ nối sao (Y), mỗi tụ được nối giữa một dây pha và điểm sao.

V = 400/√3 = 230,9 V, ω = 2π·60 = 377 rad/s
Cph = (QC/3)/(ω·V²) = 42345/(377·230,9²) = 2106 µF

Đáp số

Cph = 2106 µF
19.Máy biến áp

Đáp số: R1′ = 288 Ω

Máy biến áp lý tưởng: điện áp tỉ lệ với số vòng dây và dòng điện theo tỉ lệ nghịch: V₁/V₂ = N₁/N₂ = a và I₁/I₂ = N₂/N₁ = 1/a, nên công suất vào bằng công suất ra, V₁·I₁ = V₂·I₂. Một tổng trở tải Z ở thứ cấp trông như a²·Z khi nhìn từ sơ cấp.

Điện trở quy đổi

Điện áp tăng a lần và dòng điện giảm a lần, nên tỉ số V/I tăng a² lần.

R1′ = a²·RL = 12²·2 = 288 Ω

Đáp số

R1′ = 288 Ω
20.Máy biến áp

Đáp số: Sη,max = 20,41 kVA

Tổn thất của máy biến áp: tổn thất lõi (từ trễ và dòng điện xoáy) phụ thuộc vào điện áp và như nhau ở mọi tải. Tổn thất đồng ở các cuộn dây tỉ lệ với bình phương dòng điện, nên ở một phần x của tải định mức nó là x²·Pcu,fl. Hiệu suất η = Pout/(Pout + Pcore + Pcu), với Pout = x·S·pf. Hiệu suất cao nhất ở tải mà tổn thất đồng bằng tổn thất lõi.

Tổn thất đồng bằng tổn thất lõi

x²·187,5 = 125 → x = √(125/187,5) = 0,8165

Tải ở hiệu suất cực đại

Sη,max = x·S = 0,8165·25 = 20,41 kVA

Đáp số

Sη,max = 20,41 kVA
21.Mạch khuếch đại thuật toán

Đáp số: Vin,max = 4,179 V

Quy tắc của op-amp lý tưởng: với hồi tiếp âm, op-amp điều khiển ngõ ra sao cho hai ngõ vào ở cùng điện áp (V₋ = V₊), và không có dòng điện chạy vào cả hai ngõ vào. Viết KCL tại ngõ vào đảo với hai sự kiện này sẽ cho ra ngõ ra.

Độ khuếch đại

Av = 1 + Rf/R1 = 1 + 4,7/2 = 3,35

Đầu vào lớn nhất trước khi bị cắt

Vin,max = Vsat/|Av| = 14/3,35 = 4,179 V

Đáp số

Vin,max = 4,179 V
22.Mạch khuếch đại thuật toán

Đáp số: t = 3,216 ms

Quy tắc của op-amp lý tưởng: với hồi tiếp âm, op-amp điều khiển ngõ ra sao cho hai ngõ vào ở cùng điện áp (V₋ = V₊), và không có dòng điện chạy vào cả hai ngõ vào. Viết KCL tại ngõ vào đảo với hai sự kiện này sẽ cho ra ngõ ra.

Dòng điện đầu vào và tốc độ tăng

kΩ nhân µF cho ra mili giây.

RC = 1 kΩ · 0,47 µF = 0,47 ms
tốc độ tăng = −Vin/(RC) = −1,9/0,47 = −4,043 V/ms

Thời gian đến bão hòa

|Vin|·t/(RC) = Vsat → t = Vsat·RC/|Vin| = 13·0,47/1,9 = 3,216 ms

Đáp số

t = 3,216 ms
23.Diode và transistor

Đáp số: R = 1000 Ω

Mạch LED và diode: một LED phân cực thuận sụt xấp xỉ điện áp thuận VF của nó (khoảng 2 V với đỏ, 3 V với xanh dương hoặc trắng), bất kể dòng điện. Một điện trở nối tiếp đặt dòng điện: R = (Vs − n·VF)/I cho n LED nối tiếp. Với mô hình diode chính xác hơn V = V₀ + I·rd, điểm làm việc là nơi đường diode gặp đường tải I = (Vs − V)/R, nên I = (Vs − V₀)/(R + rd).

Điện áp trên điện trở

VR = 9 − 2·2 = 5 V

Điện trở

R = 5/0,005 = 1000 Ω

Đáp số

R = 1000 Ω

Điện trở tiêu tán 25 mW.

24.Diode và transistor

Đáp số: PZ,max = 299 mW

Bộ ổn áp Zener: một diode Zener phân cực ngược giữ điện áp VZ của nó trong khi dòng điện còn trên mức tối thiểu IZ,min. Điện trở nối tiếp R nhận phần chênh lệch giữa đầu vào và đầu ra: IR = (Vin − VZ)/R. Dòng điện đó chia giữa tải, IL = VZ/RL, và Zener: IZ = IR − IL. Thiết kế cho các trường hợp xấu nhất: đầu vào thấp nhất với tải lớn nhất vẫn phải còn lại IZ,min, và đầu vào cao nhất khi không tải cho công suất Zener lớn nhất PZ = VZ·IZ.

Dòng điện Zener trường hợp xấu nhất

IZ = 12,9/220 = 58,64 mA

Công suất Zener

PZ = 5,1·58,64 = 299 mW

Đáp số

PZ,max = 299 mW
25.Hệ đếm

Đáp số: U = 145

Đặt các bit: mỗi bit có giá trị bằng một lũy thừa của hai (128, 64, …, 1). Một chữ số hex đúng bằng bốn bit, và trong bù hai 8 bit, bit ngoài cùng bên trái có giá trị −128. Các phép toán theo bit làm việc trên từng vị trí bit riêng biệt.

Đảo bit và cộng một

111 = 0110 1111
đã đảo: 1001 0000
+1 → 1001 0001

Đọc như số không dấu

1001 0001₂ = 256 − 111 = 145

Đáp số

U = 145
26.Hệ đếm

Đáp số: R = 24

Đặt các bit: mỗi bit có giá trị bằng một lũy thừa của hai (128, 64, …, 1). Một chữ số hex đúng bằng bốn bit, và trong bù hai 8 bit, bit ngoài cùng bên trái có giá trị −128. Các phép toán theo bit làm việc trên từng vị trí bit riêng biệt.

Từng bit một

Dịch phải 2 vị trí di chuyển mọi bit 2 vị trí sang phải; các bit rơi ra khỏi đầu bên phải bị mất và các số không đi vào ở bên trái.

0110 0010 >> 2
= 0001 1000

Giá trị của kết quả

0001 1000₂ = 24

Đáp số

R = 24
27.Logic số: cổng, bìa K và flip-flop

Đáp số: AB = 01, CD = 01

Bìa Karnaugh: các ô được sắp xếp theo mã Gray (00, 01, 11, 10), nên các ô kề nhau, kể cả những ô qua mép, khác nhau đúng một biến. Hãy nhóm các số 1 thành hình chữ nhật gồm 1, 2, 4, 8 hoặc 16 ô, lớn nhất có thể và ít nhóm nhất có thể, cho đến khi mọi số 1 đều được phủ. Mỗi nhóm là một số hạng tích: các biến không đổi bên trong nó. Một nhóm 2ᵏ ô mất k biến. Các điều kiện tùy định (X) có thể dùng để làm nhóm lớn hơn nhưng không bắt buộc phải được phủ. Nhóm các số 0 thay vào đó sẽ cho dạng POS tối thiểu.

Các ô kề của mỗi số 1

Một số 1 có số 1 kề có thể thuộc một nhóm hai ô hoặc lớn hơn.

m5: m4, m7, m1, m13 → 0
ABCD0001111000011110111111

Số 1 cô lập

m5 = A′BC′D → AB = 01, CD = 01

Đáp số

AB = 01, CD = 01
28.Logic số: cổng, bìa K và flip-flop

Đáp số: Q = 12

Flip-flop và bộ đếm: một flip-flop chỉ thay đổi ở sườn tích cực của xung nhịp. D sao chép đầu vào của nó (Q⁺ = D); T đảo khi T = 1; JK giữ nguyên với 00, đặt về 0 với 01, đặt lên 1 với 10 và đảo với 11. Một bộ đếm nhị phân n bit có 2ⁿ trạng thái và đếm theo modulo 2ⁿ; một bộ đếm mod-N đếm 0, 1, …, N − 1 rồi về lại 0, và cần số flip-flop n nhỏ nhất thỏa 2ⁿ ≥ N. Mỗi tầng của bộ đếm gợn sóng chia đôi tần số, nên đầu ra cuối của bộ đếm mod-N chạy ở fclk/N. Một bộ đếm Johnson gồm n flip-flop có 2n trạng thái, bộ đếm vòng có n.

Trạng thái sau mỗi sườn

0000 → 1000 → 1100 → 1110 → 1111 → 0111 → 0011 → 0001 → 0000 → 1000 → 1100

Giá trị thập phân

1100₂ = 12

Đáp số

Q = 12
29.Biến đổi Laplace

Đáp số: A = 5,333

Biến đổi Laplace: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt biến đạo hàm thành phép nhân với s: ℒ{f′} = sF(s) − f(0), ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0). Các cặp chuẩn: 1 ↔ 1/s, e−at ↔ 1/(s + a), t·e−at ↔ 1/(s + a)², sin ωt ↔ ω/(s² + ω²), cos ωt ↔ s/(s² + ω²), và phép dịch s → s + σ nhân hàm theo thời gian với e−σt. Để biến đổi ngược một F(s) hữu tỉ, hãy tách thành các phân thức riêng: thặng dư của cực đơn p là A = [(s − p)·F(s)] tại s = p. Định lý giá trị cuối: f(∞) = lims→0 s·F(s), chỉ đúng khi mọi cực của s·F(s) nằm trong nửa mặt phẳng trái. Định lý giá trị đầu: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s).

Phân tích mẫu số thành nhân tử

s² + 9s + 18 = (s + 3)(s + 6)
F(s) = A/(s + 3) + B/(s + 6)

Quy tắc che

Nhân với (s + 3) và đặt s = −3: số hạng B biến mất.

A = (2s + 22)/(s + 6) |s = −3 = 16/3 = 5,333

Đáp số

A = 5,333
(B = −3,333, nên f(t) = 5,333·e−3t − 3,333·e−6t)
30.Biến đổi Laplace

Đáp số: y(0.1) = 4,526

Biến đổi Laplace: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt biến đạo hàm thành phép nhân với s: ℒ{f′} = sF(s) − f(0), ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0). Các cặp chuẩn: 1 ↔ 1/s, e−at ↔ 1/(s + a), t·e−at ↔ 1/(s + a)², sin ωt ↔ ω/(s² + ω²), cos ωt ↔ s/(s² + ω²), và phép dịch s → s + σ nhân hàm theo thời gian với e−σt. Để biến đổi ngược một F(s) hữu tỉ, hãy tách thành các phân thức riêng: thặng dư của cực đơn p là A = [(s − p)·F(s)] tại s = p. Định lý giá trị cuối: f(∞) = lims→0 s·F(s), chỉ đúng khi mọi cực của s·F(s) nằm trong nửa mặt phẳng trái. Định lý giá trị đầu: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s).

Biến đổi phương trình

(s² + 6s + 8)·Y(s) = 4s + 24 + 160/s
Y(s) = (4s² + 24s + 160)/(s(s + 2)(s + 4))

Phân thức riêng

A = 160/(2·4) = 20
B = 128/((−2)·2) = −32
C = 128/((−4)·(−2)) = 16

Kết quả

y(t) = 20 − 32·e−2t + 16·e−4t
y(0,1) = 4,526

Đáp số

y(0,1) = 4,526

Kiểm tra: y(0) = A + B + C = 4.

31.Sơ đồ khối

Đáp số: T(0) = 0,4154

Đại số sơ đồ khối: các khối nối tiếp thì nhân (G₁·G₂), các khối song song thì cộng (G₁ + G₂), và một vòng có đường thuận G và đường hồi tiếp H rút gọn thành T = G/(1 + G·H) với hồi tiếp âm và G/(1 − G·H) với hồi tiếp dương. Rút gọn các vòng bên trong trước, rồi làm dần ra ngoài. Các cực vòng kín là nghiệm của phương trình đặc trưng 1 + G(s)H(s) = 0. Với vòng ổn định, đầu vào bậc thang có độ lớn A cho đầu ra xác lập A·T(0); với hồi tiếp đơn vị, sai số xác lập đối với bậc thang là A/(1 + Kp) với Kp = G(0).

Vòng trong

Gᵢ = G/(1 + G·H₁) = 9/(s + 2 + 9·4) = 9/(s + 38)

Vòng ngoài

T(s) = K·Gᵢ/(1 + K·Gᵢ) = 27/(s + 38 + 27) = 27/(s + 65)

Kết quả

T(0) = 27/65 = 0,4154

Đáp số

T(0) = 0,4154
32.Sơ đồ khối

Đáp số: css = 4,989

Đại số sơ đồ khối: các khối nối tiếp thì nhân (G₁·G₂), các khối song song thì cộng (G₁ + G₂), và một vòng có đường thuận G và đường hồi tiếp H rút gọn thành T = G/(1 + G·H) với hồi tiếp âm và G/(1 − G·H) với hồi tiếp dương. Rút gọn các vòng bên trong trước, rồi làm dần ra ngoài. Các cực vòng kín là nghiệm của phương trình đặc trưng 1 + G(s)H(s) = 0. Với vòng ổn định, đầu vào bậc thang có độ lớn A cho đầu ra xác lập A·T(0); với hồi tiếp đơn vị, sai số xác lập đối với bậc thang là A/(1 + Kp) với Kp = G(0).

Hàm truyền

C/D = G/(1 + K·G) = 9/(s + 4 + 171)
C/R = K·G/(1 + K·G) = 171/(s + 4 + 171)

Trạng thái ổn định

css = 5·171/175 + 2·9/175 = 4,989

Đáp số

css = 4,989

K lớn hơn làm giảm ảnh hưởng của nhiễu, nhưng với bộ điều khiển tỷ lệ thì không bao giờ về không.

33.Đáp ứng bước

Đáp số: ζ = 0,2294

Đáp ứng bước: một hệ bậc nhất G(s) = K/(τs + 1) đáp ứng với một bước nhảy có biên độ U là y(t) = K·U·(1 − e−t/τ): nó đạt 63,2 % giá trị cuối K·U sau một hằng số thời gian τ và 98 % sau 4τ. Một hệ bậc hai G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) có các cực s = −ζωₙ ± jωd với ωd = ωₙ√(1 − ζ²). Với 0 < ζ < 1, đáp ứng bước có độ vọt lố: độ vọt lố phần trăm %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), thời gian đỉnh tp = π/ωd, và thời gian xác lập 2 % ts ≈ 4/(ζωₙ). So sánh mẫu số với s² + 2ζωₙs + ωₙ² để suy ra ωₙ và ζ. Với hệ khối lượng–lò xo–giảm chấn ωₙ = √(k/m) và ζ = c/(2√(km)); với mạch RLC nối tiếp ωₙ = 1/√(LC) và ζ = (R/2)·√(C/L).

So sánh với dạng chuẩn

Mẫu số phải khớp với s² + 2ζωₙs + ωₙ².

ωₙ² = 76 → ωₙ = 8,718 rad/s
2ζωₙ = 4 → ζ = 4/(2·8,718) = 0,2294

Kết quả

ζ = 0,2294

Đáp số

ζ = 0,2294
34.Đáp ứng bước

Đáp số: ζ = 0,3992

Đáp ứng bước: một hệ bậc nhất G(s) = K/(τs + 1) đáp ứng với một bước nhảy có biên độ U là y(t) = K·U·(1 − e−t/τ): nó đạt 63,2 % giá trị cuối K·U sau một hằng số thời gian τ và 98 % sau 4τ. Một hệ bậc hai G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) có các cực s = −ζωₙ ± jωd với ωd = ωₙ√(1 − ζ²). Với 0 < ζ < 1, đáp ứng bước có độ vọt lố: độ vọt lố phần trăm %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), thời gian đỉnh tp = π/ωd, và thời gian xác lập 2 % ts ≈ 4/(ζωₙ). So sánh mẫu số với s² + 2ζωₙs + ωₙ² để suy ra ωₙ và ζ. Với hệ khối lượng–lò xo–giảm chấn ωₙ = √(k/m) và ζ = c/(2√(km)); với mạch RLC nối tiếp ωₙ = 1/√(LC) và ζ = (R/2)·√(C/L).

Tần số riêng và hệ số tắt dần

ωₙ = √(k/m) = √(2000/8) = 15,81 rad/s
ζ = c/(2√(km)) = 101/(2·√(2000·8)) = 0,3992

Kết quả

ζ = 0,3992

Đáp số

ζ = 0,3992
35.Biểu đồ Bode và độ dự trữ

Đáp số: |G(jω)| = 20,78 dB

Đáp ứng tần số: thay s = jω vào hàm truyền. Độ lớn theo decibel là 20·log₁₀|H(jω)| và pha là tổng các góc của các nhân tử ở tử trừ đi các góc của các nhân tử ở mẫu. Một bộ lọc RC hoặc RL bậc nhất có tần số góc (−3 dB) tại ωc = 1/(RC) hoặc R/L, và fc = ωc/(2π); bộ lọc thông thấp cho |H| = 1/√(1 + (ω/ωc)²) và φ = −atan(ω/ωc). Trong biểu đồ Bode tiệm cận (đường thẳng), mỗi cực bẻ độ lớn xuống 20 dB/decade tại tần số góc của nó, mỗi điểm không bẻ nó lên 20 dB/decade, và một bộ tích phân 1/s cho −20 dB/decade ở mọi tần số. Tần số cắt biên ωc: |L(jω)| = 1 (0 dB); độ dự trữ pha PM = 180° + ∠L(jωc). Tần số cắt pha ω180: ∠L(jω) = −180°; độ dự trữ biên GM = −20·log₁₀|L(jω180)| dB. Vòng kín ổn định khi cả hai độ dự trữ đều dương.

Nhân các độ lớn

|G(j1)| = 2145/(√(1² + 13²)·√(1² + 15²)) = 2145/(13,04·15,03) = 10,94

Kết quả

20·log₁₀(10,94) = 20,78 dB

Đáp số

|G(jω)| = 20,78 dB
36.Biểu đồ Bode và độ dự trữ

Đáp số: K = 36,09

Đáp ứng tần số: thay s = jω vào hàm truyền. Độ lớn theo decibel là 20·log₁₀|H(jω)| và pha là tổng các góc của các nhân tử ở tử trừ đi các góc của các nhân tử ở mẫu. Một bộ lọc RC hoặc RL bậc nhất có tần số góc (−3 dB) tại ωc = 1/(RC) hoặc R/L, và fc = ωc/(2π); bộ lọc thông thấp cho |H| = 1/√(1 + (ω/ωc)²) và φ = −atan(ω/ωc). Trong biểu đồ Bode tiệm cận (đường thẳng), mỗi cực bẻ độ lớn xuống 20 dB/decade tại tần số góc của nó, mỗi điểm không bẻ nó lên 20 dB/decade, và một bộ tích phân 1/s cho −20 dB/decade ở mọi tần số. Tần số cắt biên ωc: |L(jω)| = 1 (0 dB); độ dự trữ pha PM = 180° + ∠L(jωc). Tần số cắt pha ω180: ∠L(jω) = −180°; độ dự trữ biên GM = −20·log₁₀|L(jω180)| dB. Vòng kín ổn định khi cả hai độ dự trữ đều dương.

Tần số cắt pha

(ω/1)·(ω/8) = 1 → ω180 = √(1·8) = 2,828 rad/s

Độ lớn tại tần số cắt pha

|L(jω180)| = K/(ω·√(ω² + 1)·√(ω² + 64)) = K/(1·8·(1 + 8)) = K/72

Độ khuếch đại yêu cầu

72/K = 106/20 = 1,995
K = 72/1,995 = 36,09

Đáp số

K = 36,09
37.Ổn định: Routh–Hurwitz và quỹ đạo nghiệm

Đáp số: Kmax = 240

Tiêu chuẩn Routh–Hurwitz: một hệ tuyến tính ổn định khi mọi nghiệm của đa thức đặc trưng của nó nằm ở nửa trái của mặt phẳng s. Viết các hệ số xen kẽ vào hai hàng đầu tiên của bảng Routh. Mỗi phần tử của một hàng mới đến từ hai hàng phía trên nó; với đa thức bậc ba a₃s³ + a₂s² + a₁s + a₀ phần tử s¹ là b₁ = (a₂·a₁ − a₃·a₀)/a₂. Số lần đổi dấu trong cột đầu tiên bằng số nghiệm ở nửa mặt phẳng phải. Với độ lợi K trong các hệ số, mọi phần tử của cột đầu phải dương: độ lợi làm phần tử s¹ bằng không là giới hạn ổn định, và hàng s² khi đó cho tần số của dao động duy trì.

Phương trình đặc trưng

s³ + 10s² + 24s + K = 0

Bảng Routh

s³: 1, 24
s²: 10, K
s¹: (10·24 − K)/10
s⁰: K

Các điều kiện

Mọi phần tử của cột đầu tiên phải dương.

K > 0
10·24 − K > 0 → K < 240

Đáp số

Kmax = 240

Tại K = 240 vòng kín dao động ở ω = √24 = 4,899 rad/s.

38.Ổn định: Routh–Hurwitz và quỹ đạo nghiệm

Đáp số: K = 1

Quỹ đạo nghiệm số: khi độ lợi K đi từ 0 đến ∞, các cực vòng kín, tức các nghiệm của 1 + K·G(s) = 0, di chuyển từ các cực vòng hở đến các điểm không vòng hở hoặc đến vô cực. Một điểm trên trục thực thuộc quỹ đạo khi số cực và điểm không thực ở bên phải nó là số lẻ. n − m nhánh đi đến vô cực theo các đường tiệm cận ở các góc (2q + 1)·180°/(n − m), xuất phát từ trọng tâm σₐ = (Σ cực − Σ điểm không)/(n − m). Các nhánh rời hoặc nhập vào trục thực tại nơi dK/ds = 0. Điều kiện góc ∠G(s) = 180° quyết định hình dạng, và điều kiện biên độ K = 1/|G(s)| cho độ lợi tại bất kỳ điểm nào của quỹ đạo.

Điểm tách

dK/ds = 0 cho K = −(s + 3)(s + 5) cho 2s + 8 = 0.

sb = −4

Điều kiện biên độ

K = |−4 + 3|·|−4 + 5| = 1·1 = 1

Đáp số

K = 1

Với độ lợi này, vòng kín bị cản tới hạn (ζ = 1).

39.Sai số xác lập và điều khiển PID

Đáp số: ess = 2

Sai số xác lập: trong một vòng phản hồi đơn vị với hàm truyền vòng hở G(s), sai số là E(s) = R(s)/(1 + G(s)), và theo định lý giá trị cuối ess = lims→0 s·E(s). Loại của hệ là số cực của G(s) tại s = 0. Các hằng số sai số là Kp = lim G(s), Kv = lim s·G(s) và Ka = lim s²·G(s), đều với s → 0. Một bước nhảy có độ lớn A cho ess = A/(1 + Kp), một tín hiệu dốc A·t cho A/Kv và một parabol A·t²/2 cho A/Ka. Một vòng loại 0 bám theo bước nhảy với sai số hữu hạn, một vòng loại 1 bám theo nó chính xác và bám theo tín hiệu dốc với sai số hữu hạn.

Hằng số gia tốc

Ka = 5·2/5 = 2

Sai số parabol

ess = 4/2 = 2

Đáp số

ess = 2
40.Sai số xác lập và điều khiển PID

Đáp số: Ki = 12,8

Điều khiển P, PI và PID: bộ điều khiển C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s tác động lên sai số. Một độ lợi tỉ lệ làm vòng nhanh hơn và giảm sai số của đối tượng loại 0, nhưng không bao giờ loại bỏ nó. Thành phần tích phân thêm một cực tại s = 0: loại của hệ tăng thêm một, và một bước nhảy được bám theo không có sai số. Thành phần vi phân thêm sự cản. Để chọn các độ lợi, viết đa thức đặc trưng vòng kín và so sánh nó với s² + 2ζωns + ωn². Khi đó %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), tp = π/ωd với ωd = ωn√(1 − ζ²), và ts ≈ 4/(ζωn).

Đa thức đặc trưng

1 + C(s)G(s) = 0, nhân với s(s + 4).

s² + (4 + 5Kp)s + 5Ki

Đa thức mục tiêu

s² + 2·1·8s + 8² = s² + 16s + 64

Cân bằng các hệ số

5Ki = 64 → Ki = 12,8

Đáp số

Ki = 12,8

Thành phần tích phân làm vòng thành loại 1, nên một bước nhảy được bám theo mà không có sai số xác lập.

Đây là tài liệu luyện tập độc lập. ExamProblems không liên kết với hay được xác nhận bởi tổ chức tổ chức kỳ thi này, và tên kỳ thi chỉ được dùng để mô tả nội dung. Kỳ thi FE exam do NCEES tổ chức; tổ chức này không liên kết với ExamProblems và không bảo trợ nó.

ExamProblems · examproblems.com/courses/fe-exam-electrical